- •Правила выполнения и оформления самостоятельной работы
- •Вариант 1 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 2 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 3 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 4 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 5 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 6 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 7 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 8 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 9 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 10 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 11 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 12 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 13 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 14 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 15 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 16 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 17 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 18 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 19 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание № 5
- •Вариант 20 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 21 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 22 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 23 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 24 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 25 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 26 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 27 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 28 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 29 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 30 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание № 5
- •Вариант 31 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 32 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Вариант 33 Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Задание 1
- •Задание 2
- •Задание 3
- •Задание 4
- •Задание 5
- •Правило использования таблицы:
- •Список литературы
- •Содержание
- •220086, Минск, ул. Славинского, 1, корп. 3.
Задание 2
Пример 4. На предприятии используется 2000 единиц оборудования определенного типа. Вероятность того, что единица оборудования откажет в течение времени Т, равна 0,002.
-
Составить ряд распределения числа единиц оборудования, отказавших в течение времени Т, указав первые четыре возможных значения.
-
Вычислить числовые характеристики распределения.
-
Вычислить вероятность того, что в течение времени Т откажет не менее трех единиц оборудования.
Решение: 1) Случайная величина Х – числа единиц оборудования, отказавших в течение времени Т, принимает значения x0 = 0, x1 = 1, x2 = 2, x3 = 3, …, x2000 = 2000. Первые четыре возможных значения: m = 0, 1, 2, 3. По условию задачи n = 2000, p = 0,002. Так как количество испытаний велико, а вероятность появления события А в одном испытании мала, то вероятности появления возможных значений случайной величины Х вычисляются по формуле Пуассона:
,
где = 2000∙0,002 = 4. Тогда (e-4 ≈ 0,018 по таблице 3 приложения).
Запишем результат в таблицу:
Х |
0 |
1 |
2 |
3 |
… |
P(X = xi) |
0,018 |
0,072 |
0,144 |
0,192 |
… |
2) Вычислим числовые характеристики случайной величины Х, имеющей распределение Пуассона:
М(Х) ≈ λ = 4.
D(X) ≈ λ = 4.
σ(X) = = 2.
3) Вероятность того, что в течение времени Т откажет не менее трех единиц оборудования, вычислим, зная, что сумма всех вероятностей ряда распределения равна 1:
Р(Х 3) = Р(Х = 3) + Р(Х = 4) + … + Р(Х = 2000) =
= 1 − (Р(Х = 0) + Р(Х = 1) + Р(Х = 2)) =
= 1 − (0,018 + 0,072 + 0,144) = 1 − 0,234 = 0,766.
Ответ: 2) М(Х) = 4, D(X) = 4; σ(X) = 2. 3) Р(Х 3) = 0,766.
Пример 5. Случайная величина Х – время работы радиолампы – имеет показательное распределение.
-
Записать выражение функции распределения и плотности вероятности f(x).
-
Определить вероятность того, что время работы лампы будет не менее 600 ч, если среднее время работы радиолампы 400 ч.
Решение: 1) Воспользуемся показательным распределением, которое описывается функцией распределения следующего вида:
По условию задачи математическое ожидание случайной величины Х равно 400, следовательно, . Тогда
Плотность вероятности показательно распределенной случайной величины Х имеет следующий вид:
Таким образом, плотность вероятности запишем в виде:
2) Искомая вероятность:
Ответ:
Задание 3
Пример 6. В результате измерения диаметров 50 деталей после токарной обработки получены следующие значения (в мм):
4,20 |
3,80 |
3,99 |
3,82 |
4,23 |
4,03 |
4,06 |
3,94 |
4,24 |
4,16 |
4,10 |
3,84 |
4,18 |
4,03 |
4,17 |
3,91 |
4,15 |
3,98 |
4,12 |
3,85 |
4,28 |
3,93 |
4,01 |
3,93 |
4,15 |
3,96 |
3,70 |
3,89 |
3,91 |
4,11 |
4,01 |
4,11 |
3,98 |
3,79 |
3,78 |
3,99 |
3,93 |
4,02 |
3,92 |
4,09 |
4,08 |
4,29 |
4,01 |
4,03 |
4,05 |
4,03 |
3,98 |
3,95 |
3,95 |
3,90 |
-
Построить интервальное статистическое распределение.
-
Вычислить выборочное среднее и выборочное среднее квадратическое отклонение .
-
Построить гистограмму относительных частот.
-
С надежностью 0,95 оценить среднее значение диаметра и долю деталей, у которых диаметр не менее 4,1 мм, по всему производству.
Решение: 1) Для построения интервального ряда выполним следующие шаги:
а) определим количество интервалов где n – объем выборки
б) вычислим ширину интервала по формуле
По выборке
Следовательно, мм;
в) определим нижние – ai и верхние – bi границы каждого интервала. Для первого интервала: a1 = xmin = 3,70; b1 = a1 + h = 3,70 + 0,1 = 3,80. Следующий интервал: [3,80; 3,90) и т.д.;
г) составим статистическое распределение, подсчитав число выборочных наблюдений по каждому интервалу. Полученные данные внесем в таблицу интервального статистического распределения.
Интервалы |
[3,70-3,80) |
[3,80-3,90) |
[3,90-4,00) |
[4,00-4,10) |
[4,10-4,20) |
[4,20-4,30) |
Частоты |
3 |
5 |
16 |
12 |
9 |
5 |
2) Выборочное среднее вычислим по формуле
,
где xi – середина i – го интервала;
mi – частота i – го интервала.
Интервалы |
[3,70-3,80) |
[3,80-3,90) |
[3,90-4,00) |
[4,00-4,10) |
[4,10-4,20) |
[4,20-4,30) |
Частоты |
3 |
5 |
16 |
12 |
9 |
5 |
xi |
3,75 |
3,85 |
3,95 |
4,05 |
4,15 |
4,25 |
Итак,
Выборочное среднее квадратическое отклонение вычислим по формуле
3) Для построения гистограммы вычислим значения относительных частот wi и значения плотности распределения частоты на интервале .
Интервалы |
[3,70-3,80) |
[3,80-3,90) |
[3,90-4,00) |
[4,00-4,10) |
[4,10-4,20) |
[4,20-4,30) |
Частоты |
3 |
5 |
16 |
12 |
9 |
5 |
wi |
0,06 |
0,10 |
0,32 |
0,24 |
0,18 |
0,10 |
0,6 |
1,00 |
3,20 |
2,40 |
1,80 |
1,00 |
В прямоугольной системе координат откладываем границы интервалов по оси ОХ и относительную частоту, деленную на ширину интервала по оси OY:
4) Для оценки среднего значения диаметра по всему производству воспользуемся правилом интервального оценивания генеральной средней:
,
где – предельная ошибка выборки,
По условию задачи: = 4; n = 50; σвыб = 0,133. По таблице 2 приложения найдем – квантиль уровня функции Лапласа , т.е. . Вычислим предельную ошибку
≈ 0,37.
Следовательно, средний диаметр заключен в интервале
Для определения границ, в которых с надежностью, равной 0,95, окажется доля деталей с диаметром не менее 4,1 мм по всему производству, воспользуемся правилом интервальной оценки вероятности:
,
где – предельная ошибка выборки,
Для нашей задачи:
– доля детали с диаметром не менее 4,1 мм в выборочной совокупности;
р – доля бракованных деталей во всей партии.
Подставляем данные из условия задачи в формулу предельной ошибки выборки: m – число деталей в выборке, у которых диаметр не менее 4,1 мм, т.е. m = 14, n = 50, =1,96
≈ 0,124.
В результате получаем, что доля деталей с диаметром не менее 4,1 мм по всему производству заключена в интервале
Ответ: с надежностью 0,95 следует ожидать, что среднее значение диаметра по всему производству будет находиться в границах от 3,63 до 4,37 мм. Доля деталей с диаметром не менее 4,1 мм по всему производству будет находиться в границах от 12,6% до 40,4%.