2683
.pdfПри F>0 система будет подниматься вверх. В состоянии равновесия F=0, а соответствующее давление газа p*=p0+mg/∆S. При создании давления газа p>p*, путём нагревания, система придёт в движение. Ограничимся случаем очень медленного перемещения системы, когда результирующая сила F мала, а давление газа приближенно равно p*, p≈p*.
При перемещении системы связанных нитью поршней благодаря особенности предложенной модели объём газа будет увеличиваться. Если при этом перемещение системы равно, то объём газа увеличится на ∆V= ∙∆S. Приращение объёма ∆V обусловлено увеличением температуры на ∆Т. Поскольку мы условились считать процесс приближенно изобарным (р≈р*=const), величины ∆Т и ∆V будут связаны между собой соотношением p* V R T (количество газа н=1моль),
т.е. (p0+mg/∆S) ∙∆S=R∙∆T. Отсюда получаем
T (mg p0 S) /R
Для заданных значений m, p0, ∆S, и
∆T=0,9 K.
6.12. Для идеального газа в количестве одного моля (н=1) рассматриваются два процесса: а) p p0 V 2 , б) p p0e V .
Величины p0, б и в – положительные и постоянные.
а) С помощью уравнения состояния идеального газа pV=RT получаем выражение для температуры газа: T (p0 aV 2 )V / R. Из условия dT/dV=0 находим максималь-
ную температуру газа:
d |
(p V V3) 0 V2 |
|
p0 |
V |
|
|
p /3 |
||||||
|
3 |
|||||
dV 0 |
|
0 |
Подставляя выражения для V2 и V в уравнение для Т, получим
T |
|
2p0 |
|
|
|
|
. |
|
p |
|
/3 |
||||
3R |
|
||||||
max |
|
|
|
0 |
|
|
11
б) Из соотношений p p0e V и p=RT/V следует зависи-
мость T p0V e V . Далее выполняются те же действия, что
R
и в пункте а).
dT/dV=0, |
d |
(Ve V ) 0 V 1 |
|
и T |
|
p |
0 |
/(e R) . |
|
|
|||||||
|
dV |
max |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|||
6.13. С идеальным газом в количестве одного моля осу- |
||||||||
ществляется процесс T T V 2 (Т0 и б – |
положительные |
|||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
постоянные). Найти наименьшее давление pmin газа и построить график p=p(V).
Из закона процесса и уравнения состояния pV=RT сле-
дует:
p |
R |
(T |
V 2 ) . |
(*) |
|
||||
V 0 |
|
|
Из условия экстремума dp/dV=0 для функции p(V) нахо-
дим:
2 V2 (T0 V2) 0 V2 T0 / и V T0 / .
p |
|
|
|
~ 1 |
~V |
|
V |
|
0 |
T0 / |
V |
Подставляя V и V2 в выражение (*), получим
p2R T0 .
Отом, что это давление минимальное, можно судить по графику зависимости
p RT0 V 2 R( V T0 ). V V
6.14. Рассмотрим столбик газа единичной площади горизонтального сечения. Выделим на некоторой высоте h элемент столбика толщиной dh (см. рисунок). Этот элемент газа за счёт силы тяжести создаёт дополнительное давление dp на нижележащие слои газа. С ростом высоты h давление на
12
самой высоте уменьшается. На основании этих соображений можем напи-
сать:dp=-сgdh, где |
pM |
- плот- |
|
|
p0 dp |
|
|
||||
|
|
|
|||
|
RT |
|
|
|
ность газа на высоте h. По условию с не зависит от h, т.е. с=const. Отсюда
следует, что p/T=const и Tdр-pdT=0,
т.е. T gdh RT dT 0. Произведя
M
сокращения, получим
dT Mg . dh R
Для азота М=28∙10-3 кг/моль и, следовательно:
dT/dh=28∙10-3∙10/8,31=3,47∙10-2 К/м≈0,35 мК/м.
6.15. Приращение давления на высоте h, создаваемое слоем dh условной атмосферы равно
dp=-сgdh, (1)
где с – плотность воздуха на высоте h. Поделим (1) на dT:
|
|
|
|
|
dp |
g |
dh |
|
(2) |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
dT |
|
|
dT |
|
|||||||
При почленном |
дифференцировании |
равенства |
||||||||||||||
p=сRT/M по Т получим: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
dp |
|
|
R |
(T |
dp |
). |
(3) |
||||||
|
|
|
dT |
M |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
dT |
|
||||||||||
Выражения (2) и (3) дают: |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
R |
(T |
dp |
) g |
dh |
. |
(4) |
|||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||
|
M |
dT |
|
|
|
|
|
dT |
|
Теперь обратимся к условию p/сn=const, сделаем в нём замену P=сRT/M и продифференцируем по Т, в результате получим
d |
|
|
|
. |
(5) |
dT |
|
|
|||
|
(n 1)T |
|
|||
|
13 |
|
|
|
Подставим (5) в (4):
|
R |
(T |
|
) g |
dh |
|
|
nR |
g |
dh |
. |
|||
|
|
|
|
(n 1)M |
|
|||||||||
|
M (n 1)T |
|
|
|
|
dT |
|
dT |
||||||
Отсюда температурный градиент |
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
dT |
|
(n 1)gM |
. |
(6) |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
dh |
nR |
|
|
|
|
|
6.16. Обозначим высоту над поверхностью земли через h, глубину воображаемой шахты через Н. По условию h и H имеют большие значения. Поэтому нам предстоит учесть зависимость ускорения свободного падения от этих величин.
Пусть r0 есть средний радиус Земли, r – расстояние от её центра. Ускорение свободного падения имеет разную зависимость для r > r0 и r ≤ r0. Представим эти зависимости:
1) для 0 ≤ r ≤ r0
|
|
|
|
|
|
g(r) g |
|
|
GMr |
|
|
GM |
|
r |
|
|
g |
r |
, |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
r 3 |
r 2 |
r0 |
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
r0 |
||||||
|
|
|
GM |
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
где |
g |
0 |
r |
2 |
- |
ускорение свободного падения на поверх- |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
ности Земли; |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
2) для r > r0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
g |
|
|
GM |
|
GM |
|
|
r 2 |
g |
|
|
r |
2 |
/r2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
0 |
|
0 |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
r2 |
|
r 2 |
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r2 |
|
|
0 |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Найдём давление pH воздуха на дне шахты. Приращение давления в слое воздуха толщиной dr на расстоянии r от центра Земли равно
dp g |
dr |
pM |
g |
|
r |
dr , |
|
|
|||||
1 |
|
RT |
0 r |
|||
|
|
|
|
0 |
|
где pM - плотность воздуха в данном месте. Разделяя по
RT
переменным, получим уравнение
14
dp r dr, где Mg0 .
p |
r0 |
RT |
По условию T const и, следовательно, const. При интегрировании этого уравнения получим
p Ce r2 /r0 .
Из граничного условия p |r r |
p0 следует, что посто- |
0 |
|
янная интегрирования C p0e r0 /2 , тогда
2
p p0e r0 / 2 e ar / 2r0
Для r=r0 - H
p=p0eбH.
Вычисление б даёт:
б=1,28∙10-4 1/м.
При Н=5∙103м
p p0e0.641,9 атм.
Если р0=1 атм, то pН=1,9 атм.
Аналогичным образом найдём давление ph на высоте h над поверхностью земли (r ≥ r0):
dp p |
r2 |
dr |
dp |
ar2 |
dr p Ce |
r2 |
/ r |
|
|
0 |
|
|
0 |
0 |
|
|
|||
|
r2 |
|
p |
r2 |
|
|
|
|
Так как |
p| |
r r |
p |
, то C p e r0 и p p |
0 |
e r0 (1 r0 / r) |
при |
||
|
|
0 |
0 |
|
|
|
|
||
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
r=h+r0 |
p=p0e-αh. |
Подставляя значение α=1,28∙10-4 1/м и |
|||||||
h=5∙103м, получим |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
ph=p0e-0,64=0,53 p0 |
|
po 1атм =0,53атм. |
|
|||
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
6.17. Чуть выше мы получили зависимость атмосферного давления от высоты h, считая температуру воздуха постоянной:
p=p0e-αh,
15
где p0 |
– давление на поверхности Земли, |
Mg0 |
. При |
|
|||
|
|
RT |
Т=273К α=1,28∙10-4 1/м. плотность воздуха на высоте h равна
MP M p0e h . RT RT
Пусть на высоте h1 плотность 1 , на высоте h2 – 2 .При h2>h11 / 2 e e (h2 h1 ) . Отсюда
∆h = h2 – h1 = 1/ = (1/1,28∙10-4)м8км.
Теперь положим |
( 1 2) |
, т.е. |
2 |
|
1 . Тогда |
||
|
|
||||||
|
1 |
||||||
|
1 |
|
|
||||
1 e (h1 h2 ) . Отсюда получаем:h h |
|
1 |
ln(1 ). Посколь- |
||||
|
|||||||
1 2 |
|
|
|
ку =0,01 – малая величина,
h2 – h1 = /α = 0,01/1,28∙10-4м = 80м.
6.18. Давление газа p в замкнутом сосуде, представляющем собой высокий цилиндр, определяется суммой газокинетического давления pk = mRT/MV и статического давления pс, обусловленного действием силы тяжести, p = pк + pс. Составляющая pс – переменная, зависящая от уровня х над нижним основанием сосуда. Если p0 – общее давление на нижнее основание цилиндрического сосуда, то распределение давления газа по высоте х можно определить выражением
p = p0e-αх, где α = Mg/RT.
Плотность газа на уровне х
16
|
pM |
M |
|
|
|
x |
|
|
x |
. |
|
|
|
|
|
p |
e |
|
( p |
S / g)e |
|
||
RT |
|
|
|
||||||||
|
RT |
0 |
|
|
0 |
|
|
|
Масса элементарного слоя газа в окрестности сечения х равна dm = Sdx = (αp0S/g)e-αxdx. Масса газа во всем объеме сосуда
|
|
|
p0S |
h |
p0S |
h |
|
m |
|
dm |
e axdx |
(1 e ), |
|||
g |
|
||||||
|
(0 h) |
|
0 |
g |
где, повторно замечая, α = pM/RT.
6.19. Абсцисса хс центра масс системы частиц определяется выражением
xc mi x/ mi . |
(1) |
Для вещества формула (1) заменяется на формулу
xc |
xdm |
|
|
x dV / dV . |
(2) |
|
|||||
(V ) |
dm |
(V) |
(V ) |
|
(V )
При одной и той же площади сечения S образца вдоль оси х, которую можно положить равной единице, площади, формулу (2) перепишем в виде
a a
xc x dx/ dx, |
(3) |
|
0 |
0 |
|
где а – линейный размер тела вдоль оси х.
Давление и плотность газа определяются выражениями:
17
-αx |
|
Mp |
|
M |
|
x |
|
p0 |
|
x |
|
Mg |
|
p=p0e |
, |
|
|
|
p0e |
|
|
|
e |
|
, где |
|
. |
RT |
RT |
|
g |
|
RT |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вычислим интегралы, содержащиеся в формуле (3).
|
a |
|
p |
0 |
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
|
e xdx p0 (1 e x )/ g , |
|
(4) |
||||||
|
g |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
0 |
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
a |
p |
a |
|
|
|
p |
a |
p |
a |
ax |
|||
x dx |
|
0 |
e axdx |
|
0 |
xde ax |
0 |
{xe ax |
|0a e |
dx} |
|||
g |
|
g |
|
||||||||||
0 |
|
0 |
|
|
|
|
0 |
g |
0 |
|
|
p0 |
1 |
(1 e a ) e a . |
(5) |
|
|
|
|
|||
|
g |
|
|
|
Подставляя (4) и (5) в (3), получаем:
x |
c |
|
1 |
|
|
|
e a |
|
1 |
|
|
|
. |
(6) |
|||
|
|
1 e a |
|
e a |
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
||||||||||
При a x |
c |
|
1 |
|
|
RT |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
Mg |
|
|
|
|
|
|
|
6.20. В бесконечно малых величинах напишем:
|
dp = - gdh = |
pM |
|
gdh |
|
pMg |
dh |
p |
dh , |
|||
|
|
|
|
|
||||||||
|
Mg |
|
RT |
|
RT0 f (h) |
f (h) |
||||||
где |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
RT0 |
|
|
|
|
|
|
|||||
Получаем уравнение |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
dp |
|
|
|
dh. |
(1) |
|||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
p |
f (h) |
|
|
|||||
18 |
|
|
|
|
|
|
Получим решения уравнения (1) для заданных зависимо-
стей f(h).
а) f(h)=1-ah.
|
|
dp |
|
dh |
p c(1 ah) /a . |
|
|||
|
|
|
|
|
|||||
|
|
p |
1 ah |
|
|||||
Из |
граничного условия |
|
p|h=0 = p0 следует, что |
c=p0 и |
|||||
при |
1 – h > 0. |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
р = p0(1 ah) /a. |
(2) |
||||
|
б) f(h)=1+ h. Для этого случая в формуле (2) следует |
||||||||
поменять h на (-h), тогда |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
p = p0 (1 h) / a . |
(3) |
|||||
|
Напомним, что в формулах (2) и (3) |
Mg |
. |
|
|||||
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
RT0 |
|
6.21. За счет центробежных сил инерции давление воздуха в цилиндре растет в направлении от оси вращения к периферии.
Напишем для выделенного элемента воздушного столбика единичного сечения условие равновесия во вращающейся системе координат:
p+ 2 rdm – (p + dp)=0, т.е. dp = 2 r dr,
где |
|
pM |
|
- плотность воздуха в выбранном сечении стол- |
||||||
|
RT |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
dp |
|
M 2 |
dp |
||
бика. Отсюда имеем уравнение |
|
|
|
rdr , или |
|
rdr , |
||||
|
|
|
|
|
p |
|
RT |
p |
||
где |
M 2 |
. Решение этого уравнения с учетом условия |
||||||||
|
RT
p|r=0 = p0 имеет вид
p p0e r2 / 2 p0 exp(M 2r2 ). 2RT
19
6.22. В идеальной модели газа давление p RT . При
M T=300K и =500г/л для газа CO2 давление в этом случае
|
|
|
|
p |
500 103 8.31 300 |
|
Па 2,84 107 Па = 284 атм. |
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
pИД44 |
|
|
|
RTV |
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
RT |
/[ |
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
|
]. |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
pB |
|
Vm |
b |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Vm |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
Теперь вычислим давление газа, исходя из уравнения |
||||||||||||||||||||||||||||
Ван-дер-Ваальса |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
(V |
m |
b) RT , |
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
M |
|
|
|
|
|
Vm |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
где |
Vm |
|
- |
объем |
моля |
|
газа. |
Для |
углекислого газа |
||||||||||||||||||||||
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
a = |
0,367 Па м2 / моль2 , |
b |
|
43 10 6 м3 / моль. Из уравнения |
|||||||||||||||||||||||||||
Ван-дер-Ваальса имеем: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
RT |
|
|
|
|
|
|
a |
|
RT |
a 2 |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
V b |
V |
2 |
M b |
M 2 |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
Подставим значения соответствующих величин |
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
500 8.31 300 |
|
|
0.367 (500 103 )2 |
|
|
6 |
|||||||||||||||||||||
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Па=80атм. |
||
|
|
44 43 10 6 |
103 |
|
|
|
|
|
|
|
442 |
|
|
|
|
|
8 10 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
Видим, |
что |
p |
|
в |
3,5 |
раза |
меньше |
p . Значение |
|||||||||||||||||||||
p = 80 атм является лучшей оценкой давления. |
|
6.23. Из уравнения состояния идеального газа для давле-
ния газа имеем pид RT ; из уравнения Ван-дер-Ваальса дав-
Vm
ление газа p |
В |
|
RT |
|
a |
. Отношение давлений |
Vm b |
|
|||||
|
|
Vm2 |
|
(1)
20