Готовимся к экзамену по математике_Крамор В.С_2008 -544с
.pdfа) x Ý [–2; –1]; y = x2 – 4x – 5 + x – 4 = x2 – 3x – 9, y′ = 2x – 3, x р = 1,5 Ô [–2; –1]; y(–2) = 4 + 6 – 9 = 1; y(–1) = 1 + 3 – 9 = –5;
б) x Ý (–1; 4]; y = –x2 + 4x + 5 + x – 4 = –x2 + 5x + 1, y′ = –2x + 5, x р = 2,5 Ý (–1; 4]; y(2,5) = –6,25 + 12,5 + 1 = 7,25, y(4) = –16 + 20 + + 1 = 5;
в) x Ý (4; 5]; y = –x2 + 4x + 5 – x + 4 = –x2 + 3x + 9, y′ = –2x + 3, x р = 1,5 Ô (4; 5], y(5) = –25 + 15 + 9 = –1;
,) x Ý (5; 6]; y = x2 – 4x – 5 – x + 4 = x2 – 5x – 1, y′ = 2x – 5, x р =
=2,5 Ô (5; 6], y(6) = 36 – 30 – 1 = 5.
3.Значения фун ции в ритичес их точ ах и на онцах данно,о отрез а поместим в таблицу:
x |
–2 |
–1 |
2,5 |
4 |
5 |
6 |
|
|
|
|
|
|
|
f(x) |
1 |
–5 |
7,25 |
5 |
–1 |
5 |
|
|
|
|
|
|
|
Ита , наибольшее значение есть f(2,5) = 7,25, а наименьшее значение есть f(–1) = –5. Значит, их разность равна 7,25 – (–5) = 12,25.
К упражнению 18
1. Находим область определения фун ции: x Ý R, x − 0. 2. Чтобы найти орни фун ции, решим уравнение
|
x |
+ |
2 |
|
|
|
x2 + 4 |
|
|
-- |
-- |
= 0, или ---------------- = 0. |
|||||
|
2 |
|
x |
|
|
|
2x |
|
Ясно, что это уравнение не имеет |
орней. |
|||||||
3. Найдем производную: |
|
|
|
|
|
|||
y′ = |
x |
+ |
2 |
′ |
1 |
2 |
x2 – 4 |
|
|
-- |
-- - |
|
= -- |
– ----- |
= ---------------- . |
||
|
2 |
|
x |
|
2 |
x2 |
2x2 |
|
Отсюда следует, что x = –2 и x = 2 — |
ритичес ие точ и. |
|||||||
4. Точ и x1 = 2, x2 = 0 (точ |
а разрыва фун ции и ее производной) |
и x3 = 2 разбивают числовую прямую на четыре интервала. Изменение зна ов производной в этих интервалах иллюстрирует рис. 232.
Рис. 232
481
|
|
Та им образом, в интервалах |
|||
|
|
(–×; –2) и (2; +×) фун |
ция воз- |
||
|
|
растает, а в интервалах (–2; 0) и |
|||
|
|
(0; 2) — убывает. |
|
|
|
|
|
5. При x = –2 фун ция имеет |
|||
|
|
ма симум, равный |
|
|
|
|
|
y(–2) = |
–2 |
2 |
|
|
|
------ + |
------ = –2, |
||
|
|
|
2 |
–2 |
|
|
|
а при x = 2 — минимум, равный |
|||
|
|
|
2 |
2 |
|
|
|
y(2) = -- + |
-- = 2. |
|
|
|
|
|
2 |
2 |
|
|
|
Значит, |
|
|
|
|
|
fнаиб – fнаим = y(2) – y(–2) = |
|||
|
|
= 2 – (–2) = 4. |
|
||
Рис. 233 |
6. Графи |
фун ции |
изобра- |
||
|
|
жен на рис. 233. |
|
|
482
Т е м а 22
À
Формула Ньютона—Лейбница. Основные правила интегрирования. Вычисление площадей с помощью интеграла. Физические приложения интеграла
Теоретичес ие сведения
1. Формула Ньютона—Лейбница
1°. Инте ралом от a до b фун ции f называют приращение первообразной F этой фун ции, т. е. разность F(b) – F(a) (очевидно, что это приращение не зависит от выбора первообразной).
b
2°. Инте рал от a до b фун ции f обозначают та : ∫ f(x) dx
a
(читается: «инте рал от a до b эф от и с дэ и с»). Числа a и b
называют пределами инте рирования, a — нижним, b —
верхним пределом. Зна ∫ называют зна ом инте рала;
фун цию f — подынте ральной ф н цией; x — переменной инте рирования. Отрезо с онцами a и b называют отрез-ом инте рирования.
3°. Заметим, что верхний предел инте рирования не обязательно больше нижне о; может быть и a > b, и a = b.
4°. Со ласно определению инте рала, если F′ = f, то
b |
|
∫ f(x) dx = F(b) – F(a). |
(1) |
a
Это равенство называют форм лой Ньютона—Лейбница. 5°. Для удобства записи приращение первообразной F(b) – F(a)
со ращенно обозначают через F(x) ab , т. е. F(b) – F(a) = F(x) ab .
2
Пример. Вычислить ∫ x3 dx.
–1
483
Р е ш е н и е. Для фун ции f(x) = x3 первообразной служит |
||||||
x4 |
|
|
|
|
|
|
фун ция ----- . Следовательно, по формуле Ньютона—Лейбница |
||||||
4 |
|
|
|
|
|
|
получаем |
|
|
|
|
|
|
2 |
x4 2 |
24 |
(–1)4 |
1 |
15 |
|
∫ x3 |
dx = ----- |
|
= ----- |
– -------------- = 4 – -- = ------ . |
||
–1 |
4 |
–1 |
4 |
4 |
4 |
4 |
|
|
|
|
|
|
|
6°. Формулу для вычисления площади риволинейной тра- |
||||||
пеции (см. тему 21, п. 4) с помощью инте рала можно записать |
||||||
следующим образом: |
|
|
|
|
|
|
|
b |
|
|
|
|
|
|
S = ∫ f(x) dx = F(b) – F(a). |
|
(2) |
|||
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример. Вычислить площадь фи- |
|||
|
|
|
уры, о раниченной |
линиями y = |
||
|
|
|
= 1 – x и y = 3 – 2x – x2 (рис. 234). |
|||
|
|
|
Р е ш е н и е. |
Найдем абсциссы |
||
|
|
|
точе пересечения рафи ов задан- |
|||
|
|
|
ных линий: |
|
|
|
|
|
|
|
y = 1 – x, |
|
|
|
|
|
|
y = 3 – 2x – x2, |
||
|
|
|
от уда 1 – x = 3 – 2x – x2, т. е. x = –2, |
|||
|
|
|
x = 1. Ис омая площадь равна раз- |
|||
|
|
|
ности площадей риволинейной тра- |
|||
Рис. 234 |
|
пеции BAB1C и треу ольни а BAC |
||||
|
(рис. 234). |
|
|
|||
|
|
|
|
|
||
По формуле (2) находим |
|
|
|
1
SBAB1 C = ∫ (3 – 2x – x2) dx =
–2
|
= |
3x – x2 |
x3 |
|
|
= 9 ( в. ед.). |
||
|
1 |
|||||||
|
– ----- |
|
||||||
|
|
|
|
3 |
|
–2 |
|
|
Та а S |
|
1 |
AB |
· BC |
|
1 |
9 |
( в. ед.), то ис о- |
œBAC |
= -- |
= -- |
· 3 · 3 = -- |
|||||
|
2 |
|
|
|
2 |
2 |
|
мая площадь S = S |
|
– S |
|
9 |
( в. ед.). |
BAB1 C |
œBAC |
= -- |
|||
|
|
2 |
|
484
x
7°. Инте рал вида ∫ f(t) dt называют инте ралом с пере-
a
менным верхним пределом. Этот инте рал есть та ая первообразная фун ции f, оторая в точ е x = a обращается в нуль
|
x |
|
′ |
и, следовательно, справедлива формула |
∫ f(t) |
dt- |
= f(x). |
|
a |
|
|
|
|
|
2. Основные правила интегрирования
1°. Постоянный множитель можно вынести за зна инте - рала:
bb
∫ kf(x) dx = k ∫ f(x) dx, де k — постоянная.
aa
2°. Инте рал от суммы равен сумме инте ралов:
b |
b |
|
b |
∫ (f(x) + g(x)) dx = ∫ |
f(x) dx + ∫ g(x) dx. |
||
a |
a |
a |
3°. Справедлива следующая формула замены переменной:
b |
|
kb + p |
|
|
1 |
|
|
||
∫ |
∫ |
f(t) dt, |
||
k |
||||
|
f(kx + p) dx = -- |
|
||
a |
|
ka + p |
|
|
|
|
|
де t = kx + p, k и p — постоянные, причем новые пределы инте рирования получаются из формулы t = kx + p заменой x на a и на b.
Пример. Вычислить инте рал:
|
8 |
1 |
|
|
0 |
|
1 |
|
|
|
а) ∫ |
|
dx; |
б) ∫ |
|
dx. |
|
||
|
--------------------------- |
|
|
|
|
||||
|
–8 |
5 + 0,5x |
–π/6 cos2 |
|
2x + --π |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
Р е ш е н и е. а) Имеем |
|
|
|
|
|
||||
8 |
1 |
8 |
|
|
|
2(5 + 0,5x)1/ 2 |
|
||
∫ |
dx = ∫ |
(5 + 0,5x)–1/2 dx = |
8 = |
||||||
–8 |
5 + 0,5x |
–8 |
|
|
|
|
1/2 |
–8 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|||||
|
= 4 5 + 0,5x |
8 |
= 4( |
5 + 4 – 5 – 4 ) = 4 · 2 = 8. |
|
||||
|
|
|
–8 |
|
|
|
|
|
|
485
б) Вычислим этот инте рал с помощью замены переменной
π |
π |
, нахо- |
по формуле t = 2x + -- . Подставив в эту формулу x = –-- |
||
3 |
6 |
|
дим t = 2 |
|
π |
|
π |
= 0; это — новый нижний предел инте ри- |
–-- |
+ -- |
||||
|
|
6 |
|
3 |
|
рования. Анало ично получаем новый верхний предел инте -
π
рирования t = -- . Следовательно,
3
0 |
|
|
1 |
1 |
π/3 |
1 |
1 |
|
|
|
∫ |
|
|
∫ |
|
π/ 3 |
= |
||||
|
|
|
||||||||
----------------------------------- |
dx = -- |
-------------- |
dt = -- tg t |
|
|
|||||
2 |
π |
2 |
cos2 t |
2 |
|
0 |
|
|||
–π/6 cos |
|
2x + -- |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
π |
1 |
= -- tg -- – -- tg 0 = |
||
2 |
3 |
2 |
3
------- .
2
3. Вычисление площадей с помощью интеграла
1°. Пусть фун ция f(x) непрерывна и неотрицательна на отрез е [a; b]. То да, а известно, площадь соответствующейриволинейной трапеции (рис. 235) находится по формуле
b |
|
|
|
|
|
S = ∫ f(x) dx = F(x) |
b = F(b) – F(a). |
(1) |
a |
a |
|
|
|
2°. В том случае, о да непрерывная фун ция f(x) неположительна на отрез е [a; b], для вычисления площади соответствующей риволинейной трапеции (рис. 236) следует использовать формулу
b |
|
S = – ∫ f(x) dx. |
(2) |
a
Рис. 235 |
Рис. 236 |
486
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 237 |
|
|
|
|
Рис. 238 |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
3°. Пусть фун ция f(x) непрерывна на отрез е [a; b] и принимает на этом отрез е а положительные, та и отрицательные значения. То да нужно разбить отрезо [a; b] на та ие части, в аждой из оторых фун ция не меняет зна , затем вычислить по приведенным выше формулам соответствующие этим частям площади и эти площади сложить. Например, площадь фи уры, изображенной на рис. 237, равна
c |
b |
|
S = – ∫ |
f(x) dx + ∫ f(x) dx. |
(3) |
a |
c |
|
4°. Площадь фи уры, о раниченной рафи ами двух непрерывных фун ций f1(x) и f2(x) и двумя прямыми x = a и x = b,де f1(x) l f2(x) на отрез е [a; b] (рис. 238), находится по фор-
муле
b |
b |
|
S = ∫ |
f1(x) dx – ∫ f2(x) dx. |
(4) |
a |
a |
|
Примеры. 1. Вычислить площадь фи-уры, о раниченной линиями y = –2x, y = 0 и x = 3 (рис. 239).
Р е ш е н и е. На отрез е [0; 3] фун - ция f(x) = –2x отрицательна. Поэтому для вычисления ис омой площади следует воспользоваться формулой (2):
3 |
3 |
S = – ∫ (–2x) dx = 2 ∫ x dx =
00
=x2- 3 = 9 ( в. ед.).
0 |
Рис. 239 |
487
2. Вычислить площадь фи уры, о раниченной линиями y = 4x – x2, y = 0
иx = 5.
Ре ш е н и е. Парабола y = 4x – x2 пересе ает ось абсцисс в точ ах x = 0 и
x = 4. Фи ура, площадь оторой требуется найти, заштрихована на рис. 240. Пусть S1 и S2 — площади частей этой фи-уры, соответствующих отрез ам [0; 4] и [4; 5], а S — ис омая площадь; то да
S = S1 + S2.
Используя формулу (1), находим
Рис. 240
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
S = |
∫ |
(4x – x2) dx = |
|
2x2 |
|
4 |
= |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
– ----- |
- |
- |
0 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
64 |
32 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= 32 – |
|
( в. ед.), |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
------ |
= ------ |
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
а по формуле (2) получаем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
5 |
|
|
|
2 |
) dx = |
x3 |
|
|
2 |
|
5 |
= |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
S2 = – ∫ (4x – x |
|
----- |
– 2x - - |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
||
|
125 |
|
|
|
64 |
|
|
|
|
|
7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
= |
– 50- |
– |
– 32- |
= |
( в. ед.). |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
--------- |
|
|
------ |
|
-- |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
3 |
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
32 |
+ |
7 |
= 13 ( в. ед.). |
|
|
|
|
|||||||
Следовательно, S = S1 + S2 = ------ |
-- |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4. Физические приложения интеграла
1°. Решим задачу о нахождении оординаты точ и по заданной с орости. Пусть точ а движется по прямой, причем оордината точ и есть фун ция от времени движения t, т. е. x = x(t). Ка известно, с орость движения v(t) является производной отоординаты по времени: v(t) = x′(t). Та им образом, если задана с орость а фун ция времени, то в силу формулы Ньюто- на—Лейбница имеем
t |
|
∫ v(z) dz = x(t) – x(t0). |
(1) |
t0 |
|
488
Число x(t0) = x0 называют начальной оординатой. То да по известной с орости и начальной оординате можно определить положение точ и в те ущий момент времени t:
t |
|
x(t) = x0 + ∫ v(z) dz. |
(2) |
t0 |
|
2°. Решим теперь анало ичную задачу о нахождении с орости точ и по заданному ус орению. Та а ус орение движения a(t) есть производная от с орости по времени, т. е. a(t) = v′(t), то, со ласно формуле Ньютона—Лейбница, получаем
t |
|
∫ a(z) dz = v(t) – v(t0). |
(3) |
t0 |
|
Число v(t0) = v0 называют начальной с оростью. Следовательно, по известному ус орению и начальной с орости можно определить с орость точ и в те ущий момент времени t:
t |
|
v(t) = v0 + ∫ a(z) dz. |
(4) |
t0 |
|
3°. С помощью инте рала можно решить и ряд дру их физичес их задач, например задачу о вычислении работы, производимой переменной силой. Пусть материальная точ а перемещается под действием переменной силы F(x) по оси Ox от x = a до x = b. То да работа, производимая этой силой, находится по формуле
b |
|
A = ∫ F(x) dx. |
(5) |
0 |
|
Примеры. 1. При прямолинейном движении точ и ее с о- рость изменяется по за ону v(t) = 10 – 10t м/с, а в момент t = 0 точ а имела оординату x0 = x(0) = 1 м. Найти: а) перемещение точ и за время t = 2 с; б) путь, пройденный точ ой за это же время.
Р е ш е н и е. Заметим, что следует различать понятия перемещения точ и и пути, пройденно о точ ой. Путь определяется а расстояние, пройденное точ ой вдоль трае тории движения за рассматриваемый промежуто времени, и является существенно положительной величиной. Перемещение же за
489
этот промежуто времени (при отличной от нуля с орости) может о азаться равным нулю или отрицательным.
а) Чтобы найти перемещение, воспользуемся формулой (2):
2 |
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
||||
x(2) = 1 + ∫ |
(10 – 10t) dt =1 + 10t |
|
0 |
– 5t2 |
0 |
= |
0 |
|
|
|
|
|
|
= 1 + 20 – 20 = 1 (м).
Отсюда получаем, что x(2) – x(0) = 1 – 1 = 0, т. е. перемещение точ и равно нулю.
б) Чтобы найти путь, пройденный точ ой, разобьем рассматриваемый промежуто времени [0; 2] на промежут и, в течение оторых с орость точ и не меняет зна ; в данном случае — это промежут и [0; 1] и [1; 2] (в первом из них с о- рость положительна, а во втором отрицательна). Найдем перемещения точе в аждом из этих промежут ов:
1 |
|
|
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
x(1) – x(0) = ∫ (10 – 10t) dt = 10t |
|
0 |
– 5t2 |
|
|
0 |
= 10 – 5 |
= 5 м; |
|||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|||||
x(2) – x(1) = ∫ |
(10 – 10t) dt = 10t |
1 |
– 5t2 |
1 |
= |
|
|||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= 20 – 10 – (20 – 5) = –5 м.
Для то о чтобы найти путь, пройденный точ ой за промежуто [0; 2], следует взять сумму модулей этих перемещений:
s= |x(1) – x(0)| + |x(2) – x(1)| = 5 + 5 = 10 (м).
2.Сила упру ости пружины, растянутой на 4 см, равна 6 Н. Ка ую работу нужно произвести, чтобы растянуть пружину на 10 см?
Р е ш е н и е. Со ласно за ону Гу а, сила, растя ивающая пружину на величину x, вычисляется по формуле F = kx, де k —оэффициент пропорциональности. Та а по условию x =
=0,04 м при F = 6 Н, то, подставляя эти значения в равенство F = kx, получим 6 = k · 0,04, от уда k = 150 Н/м. Подставив теперь в это же равенство значение k, находим F = 150x. Ис о- мую работу найдем по формуле (5), пола ая a = 0, b = 10:
10 |
|
10 = 7500 Дж. |
A = ∫ |
150x dx = 75x2 |
|
0 |
|
0 |
|
|
490