Kirichenko_Elektrichestvo_i_Magnetizm
.pdfdS
Рис. 1.2.2. Нахождение потока напряжённости поля через произвольно ориенти рованную элементарную площадку
Рис. 1.2.3. Заряд находится вне замкнутой поверхности
Подобно тому, как было сделано выше, находим:
■ЕJSj = ■ Ч t/iVj у — cl ,
—EJS2 —-i—~dS2 гг —’hqd£l.
Г2
Здесь учтено, что площадки c/Si и dS2 ориентированы противоположно по отношению к радиус-вектору, идущему от точечного заряда q (рйс. 1.2.3). Таким образом, для каждой силовой линии, пересекающей по верхность дважды, dO =dФ l +<^Ф2 =0. Если же силовая линия не пе
ресекает поверхность, то соответствующий поток напряжённости равен нулю по смыслу понятия потока.
4) Заряд находит ся внут ри поверхност и, но сгш овая линия п е р есека ет поверхност ь бол ее чем в одной т очке
В простейшем случае число пересечений составляет три (рис. 1.2.4). В общем случае число пересечений нечётно.
Выбирая элементарный конус вокруг соответствующей силовой линии, и суммируя потоки напряжённости через площадки, высекаемые конусом на поверхности, имеем dФ =dФ l + dФ 2 +dФ■i . Как видно из
рисунка, потоки напряжённости через площадки 1, 2 и 3 чередуются по знаку вследствие чередования ориентации внешних нормалей к поверх-
21
ности вдоль силовой линии: (1ФХ=—<1Ф2 =+(1Ф^. Равенство этих пото
ков по абсолютной величине доказывается точно так же, как это сдела
но выше и следует из равенств |c/Sj =г 2d fl, Е = q j г 2 и того, что в про
изведении E(/S множитель г2 сокращается. Таким образом, получаем, что если заряд находится внутри поверхности, то независимо от числа точек пересечения силовой линии с поверхностью выполняется равен ство типа
=<ЙЕ>! + «?Ф2 + ЛФ3 = <1ФХ=>. Ф = | qdCl =Artq.
An
Рис. 1.2.4. Силовая линия пересекает поверхность в трёх точках
5) Система зарядов
Пусть теперь имеется произвольная система зарядов {q,}. В силу
принципа суперпозиции поле, создаваемое этой системой, равно
Е= 1 Е*
ii ri
где г,-— радиус-вектор точки наблюдения, относительно положения г-го заряда. Выберем некоторую замкнутую поверхность. Соответственно поток напряжённости поля Е можно представить как сумму потоков, создаваемых отдельными зарядами системы:
Ф =<j)ErfS = ] [ $ E (.rfS = Х Ф<>
S. |
i - S. |
< |
: . |
. -------... |
Разобьём заряды на две группы: одни находятся внутри поверхно сти, а другие — вне её. Как было показано, если заряд находится вне поверхности, то создаваемый им поток равен нулю. Следовательно, для нахождения потока достаточно учитывать только заряды, находящиеся внутри поверхности. Для них Фг- =Ajrqi. Окончательно получаем
ф = |
= Х 4 ^// = 4 т - |
i |
i |
Для доказательства теоремы Гаусса в дифференциальной форме применим доказанное интегральное соотношение, к малому объёму AV, поделив обе стороны равенства на ЛF:
22
— фТЕгй='4яг S L
|
AV |
A V ' |
|
Перейдём здесь к пределу AV—■>0, |
когда поверхность S стягивается в |
||
точку, и учтём, что |
/■ |
|
|
|
|
|
|
|
lira |
Л_ <j) |
EdS - divE, |
|
Д Г -»0 |
АV, |
у . |
|
|
• W ) |
|
где S(AV) |
- поверхность, ограничивающая объём AV. Поскольку пре |
||
дел |
AV) =р есть плотность заряда в рассматриваемой точке, то |
||
получаем |
|
divE =4пр. |
|
|
|
1.2.3.П рим еры п р и м ен ен и я т еор ем ы Г а у сса
1)Поле равном ерно заряж ен н ой плоскост и
Выберем элементарную площадку площадью dS на плоскости и вокруг неё элементарный объём в виде прямоугольного параллелепипе да, две стороны которого параллельны рассматриваемой плоскости, так
что |
=|c/S21=dS (рис. 1.2.5). |
|
|
|
|
fast |
| Е, |
|
Рис. 1.2.5. К расчёту поля |
|
|
|
равномерно |
заряженной |
|
|
плоскости |
|
|
Из соображений симметрии следует, что вектор напряжённости поля направлен по нормали к плоскости, причём в противоположные стороны по разные стороны от плоскости. Тогда поток через выбранную поверхность равен
Ф =EjdSx+E2d$2 =2EdS.
Пусть поверхностная плотность заряда на плоскости (т.е. заряд, прихо
дящийся на единицу площади поверхности dq/dS) |
равна а. Тогда из |
теоремы Гаусса следует |
|
Ф —2EdS =AnadS => Е = 2лсг. |
(1.2.3) |
23
2) П оле равном ерно заряж енн ой нити
Пусть бесконечно длинная нить равномерно заряжена с линейной плотностью заряда г. Из соображении симметрии ясно, что силовые линии поля направлены от нити по нормали к ней (рис. 1.2.6).
Окружим нить цилиндром радиуса г с длиной образующей, равной dl (рис. 1.2.6 справа). Поскольку линейная плотность заряда равна г, то в объёме цилиндра находится заряд dq —rdl. Имея в виду, что площадь
боковой поверхности цилиндра равна |
dS =I n r d l, по теореме Гаусса |
|||
находим |
|
|
|
|
Ф =2nrdlE{r) = Anrdl |
=> Е - - — |
(1-2.4) |
||
(г — расстояние от оси нити). |
|
|
|
|
|
Рис. 1.2.6. Слева - - |
силовые ли |
||
|
нии |
поля |
бесконечно длинной |
|
|
равномерно |
заряженной нити; |
||
ч > |
справа - - цилиндр, |
окружающий |
||
|
нить' |
|
|
3) Полеравном ерно заряж ен н ого шара
Пусть имеется шар радиуса R, заряженный сферически симметрич но с плотностью заряда р{г) (рис. 1.2.7).
Рис. 1.2.7. К расчёту поля шара, равномерно заряженного по его объёму
Из соображений симметрии следует, что поле всюду направлено параллельно радиус-вектору: Ё |г . Используем теорему Гаусса в инте- 1ральной форме. Выберем сферическую поверхность S радиуса г с цен тром в центре шара (рис. 1.2.7). Применение теоремы Гаусса даёт:
Е (г)-4 яг2 -A nq(r) => Е (г)= ^ ~ , |
(1.2.5) |
г
24
г
где q(r) = J р { г)4 яг2dr — полный заряд, находящийся внутри сферы
о
радиуса г. .
В частном случае р = const по (Ьопмуле {'1.2.5'» нахопим:
Г
(Q — полный заряд шара).
4)Поле в сф ерической полост и внут ри шара
Пусть имеется шар, равномерно заряженный по объёму с плотно стью заряда р. Допустим, что в этом шаре вырезана сферическая по лость ( рис. 1.2.8). Найдём поле в этой полости.
Рис. 1.2.8. Равномерно заряженный шар с вырезанной в нём сферической полостью
Если бы полости не было, то внутри шара присутствовало бы поле с напряжённостью
где Г! — радиус-вектор точки наблюдения относительно центра шара. Отсутствие зарядов в полости можно интерпрётировать так, что в
этой области к зарядам исходного шара добавлены заряды с плотностью (-/?), точно компенсирующие присутствующие здесь заряды. Теперь согласно принципу суперпозиции поле в полости можно представить как сумму поля исходного шара и поля, создаваемого внесёнными заря дами (—/?). Поскольку поле в области полости, создаваемое внесёнными зарядами, равно
Е2 =— (-Р)*2>
25
где г2 — радиус-вектор точки наблюдения относительно центра полос ти, то
„ |
„ „ |
4ж. |
. |
4п |
. |
. 4».' |
Е=Е,+Е2 =— /nj+— (~/>)г2 |
=— p(rj-r2) =— /А. |
|||||
Здесь b =rj - г2 ■— вектор соединяющий центры шара и полости. |
||||||
Таким |
образом, |
поле внутри |
полости |
однородное и (в случае |
р >0 ) направлено от центра шара к центру полости (рис. 1.2.8).
Рассмотрим частный случай. Пусть в исходно электронейтральном шаре радиуса R положительные заряды сместились относительно отри цательных на бесконечно малое расстояние <Я(рис. 1.2.9 слева). В ре зультате такого смещения нескомпенсированными остаются заряды только на поверхности шара.
р г *
о
Рис. 1.2.9. С лева—- смещение положительных зарядов относительно отрица тельных на малое расстояние <Я. О- и 0+ — центры шаров, несущих соответст венно отрицательные и положительные заряды; справа — радиус-векторы точки наблюдения А относительно центров положительно и отрицательно заряженных шаров
Поле, создаваемое такой системой зарядов, находится аналогично полю в полости. Именно, пусть г+ и г_ — радиус-векторы точки наблю дения относительно центров положительно и отрицательно заряженных шаров (рис. 1.2.9 справа). Поля во внутренней области, создаваемые этими шарами, равны
44
=~ щ я ,л Е ~ - я ( р)г_.
Здесь р и (-р ) — плотности зарядов шаров. Полное поле в точке наблюдения есть
А |
Лтг |
(1-2-7) |
Е =Е+ +Е_ =—жр{г+- r _ ) ~ - — pS\. |
26
Здесь r+ —r_ ——Л (рис. 1.2.9 справа). Это поле однородно во всём объ
ёме шара и направлено от центра положительно заряженного шара к центру отрицательно заряженного шара.
Найдём распределение заряда до поверхности шара. Для этого найдём толщину поверхностного слоя, в котором заряды нескомпенсированы.
Рассмотрим треугольник ABC (рис. 1.2.10). Его сторона АС имеет длину R, а сторона ВС — длину R - х , где х — искомая толщина в на правлении, задаваемом углом д. По теореме косинусов -
R2 = (i?-x )2 +2 (R -x )S lcos в +(SI)2. :
Считая смещение шаров SI и толщину слоя х малыми одного порядка, и
пренебрегая поправками порядка (SI)2 и выше, находим |
x - S l co s в. |
Отсюда следует, что поверхностная плотность заряда составляет |
|
<r-f7ocos0, <т0 -- pSl. |
(1.2.8) |
Рис. 1.2.10. К определению поверхностной плотности заряда, возникающей при малом смещении шаров
Заметим, что вне шара поле такой системы поверхностных зарядов
совпадает с полем точечного диполя: |
' |
К. 3(рг)г-рг2 _ ' |
Л 4 ,чЧ |
Е =------- ------- , р =£><Я, |
Q =-jcp R , |
г |
3 |
поскольку поля от каждого из шаров во внешнем пространстве совпа дают с полями точечных зарядов, расположенных в центре шаров. Ве личина же (Я есть плечо такого диполя.
1.3.Потенциал
1.3.1.П от енциал ьны й х аракт ер эл ек т р о ст а т и ч еск о го
п ол я
Пусть электростатическое поле создаётся точечным зарядом Q, т.е.
Е - — г. Работа сил поля при перемещении заряда q из точки 1 в точку
2 (рис. 1.3.1) равна
27
(2) |
( 2)' |
1 |
1 |
||
Аг = J |
?E(r)rfr. = qQ J |
~ = q Q |
|||
|
'2 У |
||||
(i) |
0 ) |
r |
|
Эта работа зависит от положения начальной и конечной точек, но не зависит от траектории, соединяющей эти точки. Следовательно, поле точечного заряда консервативно.
Рис. 1.3.1. Перемещение пробного заряда q в электрическом поле, создаваемом точечным зарядом Q
Если электростатическое поле создаётся системой зарядов, то по принципу суперпозиции
E =£ E f, Е. =^ _ ( г - г4),
где Е; — поле, создаваемое в точке г г-м зарядом, находящимся в точке гг. Поскольку каждое из полей Ег консервативно, то и суммарное поле также консервативно. Таким образом, электростатическое поле произ вольной системы зарядов консервативно, и можно ввести потенциаль ную энергию заряда q в этом поле: работа сил поля на пути 1 —»2 равна убыли потенциальной энергии рассматриваемого заряда:
. (2> .
Ап = | </E(r)fi?r = U\ -U 2-
- - |
, |
(1) |
1.3.2.Р а зн о ст ь п от ен ц и а л ов и п от ен ц и а л
Разност ью потенциалов q\—cp2 поля между точками 1 и 2 называ ется работа сил поля по перемещению единичного заряда из точки 1 в
точку 2:
(2)
J E(r)rfr = -q>2- |
(1.3.1) |
(l)
Потенциал определён с точностью до произвольной постоянной. Выбирая какую-либо точку г0 за начало отсчёта, т.е. полагая (р(га) = 0.
мы определяем потенциалы всех прочих точек по отношению к вы
28
бранной. Часто за начало отсчёта выбирают бесконечно удалённую точ ку, полагая (р(ю) =0. По отношению к ней потенциал точечного заряда
Q равен <p(r)- Q/r.
Поскольку электростатическое поле молено характеризовать по тенциалом (р(г) , то говорят, что это поле потенциальное.
1.3.3. С вязь п от ен ц и а л а с н а п р я ж ён н о ст ь ю |
п ол я |
|||||
Согласно |
(1.3.1) на |
бесконечно |
малой |
траектории г —>r +dr |
||
имеем |
|
|
|
|
|
|
|
<p(r)-q>(r +dr) =-d<p =E(r)dr. |
|
||||
Поскольку Eiir = Exdx +Eydy +Ezdz, то |
|
|
|
|||
v |
d<p |
d(p |
Ez — |
d(p |
_ |
' ,' |
Ex = - — , E |
dy |
— , или E = -gradp . |
||||
|
Ox |
|
dz |
|
|
Используя векторный оператор «набла», перепишем полученную связь в краткой форме:
|
|
Е = -V <р. |
|
|
|
||
Пример. Найдём |
потенциал |
однородного |
электрического поля |
||||
Е0 =const. Из последнего равенства следует, что |
|
|
|
||||
dx |
°*’ |
dy |
0y’ dz |
0z’ |
|
|
|
откуда следует |
|
|
|
|
|
|
|
<Р = - { Ейхх + Еау У + Ей2г ) = |
|
|
|
||||
Константа интегрирования здесь выбрана таким образом, что |
<р =0 в |
||||||
начале координат г = 0. |
|
|
|
|
|
|
|
1.3.4. У равн ен ия П уа ссо н а и Л апласа |
|
|
|
||||
Поскольку |
Е =-grad^5, |
divE =4^o, |
|
(1.3.2) |
|||
|
|
||||||
то отсюда сл едуиг уравнение П уассона для потенциала поля: |
|
|
|||||
divgrad^ =-4^o |
или А<р-- -Алр. |
' |
(1.3.3) |
||||
Здесь введён оператор Лапласа (лапласиан) |
|
|
|
||||
а 1- |
, |
„2 |
д 2 |
d1 |
В2 |
|
|
А = div grad =V |
=—- + —- + —- |
|
|
||||
|
|
|
дх |
ду 1 dz2 . |
|
|
|
В области пространства, |
свободной от зарядов ( р =0 ), уравнение |
||||||
Пуассона сводится к уравнению Лапласа |
|
|
|
|
29
Аф =0. |
(1.3.4) |
1.3.5. Т еорем а ед и н ст в ен н о ст и дл я у р а в н ен и й Л апласа и П уа ссон а
Теорема 1. Если D — открытая область пространства, а Т — е ё граница, то, реш ение краевой задачи для уравнения Лапласа
Аю -0, г б Д |
|
: ^ =0 |
(КЗ'5) |
единственно.
Д оказат ельст во. Допустим противное, т.е. предположим, что гдето в области D функция <р Ф 0. Поскольку всюду на границе области
<р =0, то это значит, что где-то внутри D достигается экстремум. До
пустим для определённости, что это максимум. Тогда в этой точке
д<р _ дф _ д<р__ q
дх |
ду |
dz |
|
дх |
|
ду |
dz |
Последние неравенства означают, что в точке максимума
д 2ф |
д 2ф |
д гф |
Дф =—\ |
ду1 |
+■—у <0. |
дх |
dz2 |
Но это неравенство противоречит уравнению А(р =0 в (1.3.5), которое
должно выполняться всюду в D. Полученное противоречие доказывает
теорему.
Теорема 2. Р еш ение краевой задачи для уравнения П уассона
Аф =-4 пр , |
г е й , |
|
I |
п \ |
О-3-6’) |
Нг.Г = Л Г)
единственно.
Здесь, как и в теореме 1, D — открытая область пространства, Г — её граница, а / ( г ) — заданная функция.
Д оказат ельст во. Допустим, что краевая задача (1.3.6) имеет, по крайней мере, два решения: ^ (г ) и ^>2(г)> не равные тождественно друг другу:
[А ^ = -4яр, г е Д |
ГАф2 =-4 лр, г е Д |
(13 7) |
Ц U = Л Г)’ |
I ^ L r =/(г )- |
|
30