Добавил:
Upload Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

Лосев-КлячинМиклюков МА в КИ

.pdf
Скачиваний:
872
Добавлен:
27.05.2015
Размер:
3.66 Mб
Скачать

§7. Представление 2π-периодической функции рядом Фурье

401

При достаточно малых t > 0 выполнено

|f(x0 + t) − f(x0)| ≤ kt, |f(x0 − t) − f(x0)| ≤ kt.

Поэтому

t

|g(t)| ≤ ksin 2t ,

то есть является ограниченной в окрестности нуля. Рассмотрим второй случай, в котором x0 — точка разрыва

f(x). Тогда при достаточно малых t > 0

|f(x0 + t) − f(x0 + 0)| ≤ k1t |f(x0 − t) − f(x0 0)| ≤ k2t

т.е. справа и слева от x0 функция f(x) удовлетворяет условию Липшица. Мы имеем:

|g(t)| ≤

(k1 + k2)

t

2

 

sin

t

 

 

2

Вывод: функция g(t) кусочно-непрерывна на (0, π], а в окрестности нуля ограничена.

Покажем, что

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

1

)tdt → 0,

 

 

n → ∞.

(5)

 

 

 

g(t) sin(n +

 

 

 

 

 

2

 

 

Имеем:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

t

0

g(t) sin(n+

 

)tdt = 0

g(t) sin(nt) cos

 

dt+0

g(t)cos nt sin

 

dt =

2

2

2

 

2π

 

 

 

 

 

 

2π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= 0

g1(t) sin(nt)dt + 0

g2(t) cos(nt)dt = In + In,

(6)

где

 

 

g1(t) =

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

g(t) cos

,

t

 

[0, π],

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0,

 

 

2

 

t

(π, 2π]

 

 

 

 

 

 

 

 

g2(t) =

g t

 

t

,

t

 

[0, π],

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0,( ) sin 2

t

 

(π, 2π].

 

 

 

 

Заметим, что интегралы In и In суть коэффициенты Фурье функций g1(t) и g2(t), то есть In и In 0, при n → ∞. Таким

402

Глава 16. Ряды Фурье

образом, получаем, что

Sn(x0) f(x0 + 0) + f(x0 0) 0 2

при n → ∞, что и требовалось доказать.

§8. Представление функции рядом Фурье на отрезке [−π, π]

ТЕОРЕМА 8.1. Пусть f(x) — функция, удовлетворяющая условию Липшица на отрезке [−π, π]. Тогда ее ряд Фурье имеет конечную сумму S(x), причем

S(x) = f(x)

для всех x (−π, π), и

S(−π) = S(π) = f(−π) + f(π). 2

УПРАЖНЕНИЕ 1. Явлением Гиббса7 принято называть описываемую ниже особенность поведения частичных сумм тригонометрического ряда Фурье.

Пусть Sn(x) – частичная сумма тригонометрического ряда Фурье функции f(x), и пусть при n → ∞ последовательность Sn(x) → f(x) в проколотой окрестности 0 < |x − ξ| < δ точки ξ, в которой функция f(x) имеет односторонние пределы f(ξ + 0) и f(ξ − 0). Для определенности будем считать, что f(ξ−0) ≤ f(ξ+0). Говорят, что в точке ξ имеет место явление Гиббса для частичных сумм Sn(x), если

lim inf S

x

< f

ξ

0)

f

ξ

+ 0)

<

lim sup

S

x

.

n

→∞

n( )

(

 

(

 

 

 

n( )

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n→∞

 

 

 

Попробуйте доказать, что для любой функции вида ϕ(x) + c sign(x − ξ), где c = 0, |ξ| < π, ϕ(x) C1[−π, π], в точке

ξ имеет место явление Гиббса.

Доказательство. Введем в рассмотрение вспомогательную функцию

f(x),

x

π, π

 

f˜(x) = f(π),

x = (π.

 

]

7Гиббс Джозайя Уиллард (11.2.1839 – 28.4.1903) – физик, механик и математик. Род. в НьюХейвене (США). Работал в Йельском университете. Один из основоположников термодинамики и статистической механики. Как математик разрабатывал вопросы векторного анализа, внес известный вклад в развитие математической физики.

§8. Представление функции рядом Фурье на отрезке [−π, π]

403

Данная функция принимает на концах отрезка равные значения. Поэтому мы можем продолжить ее по периодичности на всю числовую прямую. Полученную в результате продолжения функцию обозначим через ϕ(x).

Функция ϕ(x) – 2π-периодична и кусочно-липшицева. Ряд Фурье, построенный для ϕ(x) совпадает с рядом Фурье для f(x). (Функцию изменили в одной точке, но ее коэффициенты Фурье остались теми же самыми, поскольку изменение функции в одной точке не влияет на значение интеграла.)

Применим теорему предыдущего параграфа. Пусть x0 (−π, π). Тогда

S(x0) = ϕ(x0 + 0) + ϕ(x0 0) = f(x0). 2

Пусть теперь x0 = −π, то есть x0 – точка разрыва для ϕ(x). Замечаем, что

ϕ(x

0

+ 0) =

ϕ

(

π

+ 0) = x

lim

ϕ x

) =

f

(

π ,

 

 

 

 

 

→−

π+0

(

 

)

 

а

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ϕ x

0

 

 

 

lim

 

ϕ(x) = f(π).

 

 

 

 

 

 

 

 

(

0) = x π

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

→− −

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Тем самым

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

S(

π) =

ϕ(−π + 0) + ϕ(−π − 0)

=

f(−π) + f(π)

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

Аналогичным образом проверяется и утверждение для точки x0 = π. Теорема доказана.

404

Глава 16. Ряды Фурье

§9. Представление функции рядом Фурье на произвольном отрезке

Предположим, что функция f(x) задана на отрезке [−l, l]. Применим подстановку x = lyπ , где y [−π, π]. Таким образом получаем, что функция f(lyπ ) определена на отрезке [−π, π],

и мы имеем право применить к ней результаты предыдущего параграфа. А именно, при соблюдении некоторых условий (сформулируйте какие-нибудь из них!) ее можно разложить в ряд Фурье. В частности справедливо следующее соотношение:

 

ly

a0

 

 

 

 

 

(an cos ny + bn sin ny),

f(

 

) =

 

 

 

+

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

где

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

ly

 

 

 

 

 

 

 

 

an =

 

 

 

 

f(

 

 

 

) cos ny dy,

 

 

 

 

π

 

 

π

 

 

и

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

bn =

1

 

 

 

f(

 

ly

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

) sin ny dy.

 

 

 

 

 

π

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Возвращаясь к переменной x, получаем

 

 

 

 

 

a0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

nπx

 

 

 

nπx

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

f(x) =

 

+

 

 

 

 

 

(an cos

 

 

 

+ bn sin

 

),

 

2

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

l

 

 

 

l

где

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

l

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

nπx

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an =

 

 

 

 

f(x) cos

 

 

 

dx

 

 

 

 

 

 

l

 

 

l

 

 

 

и

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−l

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

l

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

nπx

 

 

 

 

 

 

 

bn =

 

 

 

f(x) sin

dx.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

l

 

 

 

l

 

 

−l

УПРАЖНЕНИЕ 1. Случай, когда функция f(x) задана на отрезке [0, 2l], а также на отрезке [a, b] разберите самостоятельно.

Пусть теперь f(x) – нечетная функция, заданная на отрезке [−π, π]. Тогда, очевидно,

π

f(x)dx = 0.

−π

§10. Теорема Фейера

405

Более того, функции {f(x) cos nx} являются нечетными и, стало быть,

 

 

π

 

an =

1

 

f(x) cos nxdx = 0.

 

π

 

 

−π

 

Заметим также, что функции {f(x) sin nx} являются четными и, стало быть,

 

 

π

 

 

bn =

2

0

f(x) sin nxdx.

(1)

π

В результате получаем, что

f(x) bn sin nx,

n=1

где коэффициенты Фурье определяются формулой (1).

УПРАЖНЕНИЕ 2. Получите аналогичные утверждения для четных функций самостоятельно.

§10. Теорема Фейера

Пусть f(x) — непрерывная, 2π-периодическая функция, и пусть Sn(x) — частичные суммы ее ряда Фурье. Положим

 

 

 

 

 

 

n

 

S0(x) + S1(x) + ... + Sn(x)

 

1

 

k

σn(x) =

 

=

 

 

 

Sk(x).

 

n + 1

 

n + 1

=0

 

 

 

 

 

 

ОПРЕДЕЛЕНИЕ 10.1. Величина σn(x), равная среднему арифметическому частичных сумм ряда Фурье, называется частичной суммой Фейера8 порядка n.

ТЕОРЕМА 10.1. Сумма Фейера порядка n подсчитывается по формуле

 

 

π

 

sin2 n+12 t

 

 

 

 

σn(x) =

1

 

f(x + t)

 

 

dt.

(1)

π

2(n + 1) sin2

t

 

 

 

2

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

8Фейер Липот (9.2.1880 – 15.10.1959) – венгерский математик. Автор ряда работ по теории функций, теории тригонометрических рядов, теории интерполирования, теории специальных функций.

406

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Глава 16. Ряды Фурье

ЗАМЕЧАНИЕ. Величину

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Fn(x) =

 

 

 

 

 

 

 

sin2 n+12 x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2(n + 1) sin2 x2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

называют ядром Фейера порядка n.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Доказательство. Как было доказано ранее

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

sin(k + 21 )t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Sk(x) =

 

 

 

f(x + t)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

2 sin

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Поэтому

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n sin(k + 21 )t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(2)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

σn(x) = (n + 1)π

f(x + t) k=0

2 sin

2

 

dt.

 

 

 

 

Преобразуем сумму

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

sin(k + 21 )t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2 sin

t

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=0

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

1

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(sin kt cos

 

 

 

 

 

+ cos kt sin

 

 

) =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2 sin

t

 

 

 

 

 

 

2

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

=0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

t

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

ctg

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

sin kt +

 

 

 

 

 

 

 

 

cos kt =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

2

 

k=0

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

1

ctg

t

An +

1

Bn.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(3)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Подсчитаем величину An. Имеем:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

1

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

t

 

 

An =

sin

t

 

 

sin kt sin

2

=

 

2 sin

t

 

 

 

 

 

 

 

(cos(kt −

2

) cos(kt +

2

)) =

 

 

2

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k=0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

{cos(

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

=

 

 

 

 

 

) cos(

 

) + cos

 

 

cos

 

t + ... + cos(n −

 

)t−

2 sin

t

 

2

2

2

2

2

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

1 cos(n +

1 )t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

cos(n +

 

)t} =

 

 

 

ctg

 

 

 

 

 

 

 

 

2

.

 

 

(4)

 

 

 

 

 

 

2

 

2

2

2

 

sin

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Подсчитаем величину Bn. Имеем:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

1

1

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

t

 

 

Bn =

sin

t

 

 

 

cos kt sin

2

=

2 sin

t

 

 

 

 

 

 

 

{sin(kt +

2

) sin(kt −

2

)} =

 

 

2

 

 

2

k=0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

§10. Теорема Фейера

407

 

 

=

1

 

 

 

 

 

 

(sin(n +

1

)t + sin

t

) =

1

 

+

sin(n + 21 )t

.

 

 

(5)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

2 sin

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

2

 

 

2

 

 

 

 

 

 

2 sin

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

Объединяя (3), (4), (5) находим:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n sin(k + 1 )t

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

t 1

t 1 cos(n +

1 )t

1 1

 

 

sin(n +

1 )t

 

 

 

 

 

2

 

=

 

ctg

 

 

[

 

 

 

ctg

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

] +

 

[

 

+

 

 

 

 

 

 

 

 

2

] =

 

2 sin

 

t

 

 

2

2

2

 

2

2

 

 

 

 

sin

t

 

 

 

 

 

2

2

 

 

 

 

 

2 sin

t

 

=0

 

2

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

2

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

1

 

 

 

 

[1 cos

t

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

cos(n +

 

 

)t + sin

 

 

sin(n +

 

 

)t] =

 

4 sin2

 

t

 

2

2

2

2

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

sin2(n+12

)t

 

 

 

 

 

 

 

(6)

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

(1 cos(n + 1)t) =

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4 sin2

t

 

 

 

2 sin2

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

Подставляя (6) в (2), получаем (1), что и требовалось доказать.

УПРАЖНЕНИЕ 1. Докажите, что ядро Фейера обладает следующими свойствами:

α) Fn(t) 0 и является четной функцией.

π

β) π1 Fn(t)dt = 1.

−π

ТЕОРЕМА 10.2 (Фейера). Пусть f(x) — непрерывная,

2π — периодическая функция.Тогда суммы Фейера {σn(x)} сходятся равномерно к f(x).

Доказательство. Так как

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

Fn(t)dt = 1,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

то

 

 

 

 

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

π

 

 

σn(x) − f(x) =

1

 

f(x + t)Fn(t)dt − f(x)

1

 

Fn(t)dt =

 

 

 

 

 

π

π

 

 

 

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

(f(x + t) − f(x))Fn(t)dt =

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

−π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

π

 

 

 

 

 

1

δ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

(f(x+ t) −f(x))Fn(t)dt+

 

(f(x+ t) −f(x))Fn(t)dt+

 

π

π

δ

−δ

| In |≤

408

 

 

Глава 16. Ряды Фурье

 

 

−δ

 

 

+

1

(f(x + t) − f(x))Fn(t)dt = In

+ In + In ,

(7)

 

π

−π

где последнее равенство верно для всех достаточно малых δ > 0. Кроме того справедливы оценки

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

|

I

 

|

=

1

|

(f(t + x)

f(x))

 

 

 

sin2 n+12 t

 

 

dt

|≤

 

 

 

 

π

2(n + 1) sin2

2t

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

δ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

δ

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt

 

 

 

(π − δ) max |f(x)|

. (8)

(

|

f(x + t)

|

+

|

f(x)

|

)

 

 

 

 

 

2(n + 1) sin2

t

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π(n + 1) sin2

2δ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

Аналогично доказывается, что

(π − δ) max | f(x) |. (9) π(n + 1) sin2 2δ

Оценим интеграл In. Имеем

 

 

 

 

 

 

 

δ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

|

In |≤

1

 

 

| f(x + t)

− f(x) | Fn(t)dt ≤

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

−δ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

δ

 

 

 

max

 

f x

+

t

)

f

(

x

)

F

t

dt

 

 

 

 

π t [−δ,δ] |

(

 

 

 

 

|

n( )

 

 

 

 

 

t [

δ,δ]

|

 

 

 

 

 

 

−δ

 

 

(10)

 

 

 

 

f(x + t)

|

.

 

 

 

 

 

 

 

 

max

 

 

 

f(x)

 

 

Объединяя (7) – (10) получаем, что для всех x (−∞, ∞) выполнено

max |f(x) |

n(x)−f(x)| ≤ 2(n + 1) sin2 δ + max | f(x+t)−f(x)|. (11)

2

t [−δ,δ]

Зададим произвольно ε > 0. Так как f(x) — 2π-периодическая и непрерывная, то, учитывая теорему Кантора, она равномерно непрерывна на (−∞, ∞). Поэтому существует δ > 0 такое, что для всех x , x , | x − x |< δ выполнено

| f(x ) − f(x ) |< 2ε.

Отсюда, при t [−δ, δ] выполнено | (x + t) (x) |=| t |< δ и, соответственно,

t [ δ,δ]

|

(

 

+ )

( ) |

2

 

(12)

max

 

f

x

t

f x

<

ε

.

 

 

 

 

§11. Полнота тригонометрической системы функций

409

Далее по ε > 0 найдем N : n > N выполнено

 

 

2 max | f(x) |

<

ε

.

(13)

 

 

 

 

(n + 1) sin2

2δ

2

 

Из (11) — (13) следует, что при n > N для всех x (−∞, ∞) выполнено

| σn(x) − f(x) |< ε.

Тем самым σn(x) сходится к f(x) равномерно на (−∞, ∞) и теорема доказана.

СЛЕДСТВИЕ. Если две непрерывные 2π–периодические функции f(x) и g(x) имеют равные коэффициенты Фурье, то f(x) ≡ g(x).

Доказательство. Так как коэффициенты Фурье совпадают, то совпадают частичные суммы ряда Фурье и, следовательно, их средние арифметические, т.е суммы Фейера. Так как по теореме Фейера σn(f) сходится равномерно к f(x), σn(g) сходится равномерно к g(x), то f(x) ≡ g(x).

§11. Полнота тригонометрической системы функций

ОПРЕДЕЛЕНИЕ 11.1. Пусть X — некоторое множество функций, определенных на [a, b]. Система функций ω0(x), ω1(x),

..., ωn(x), ... называется полной для множества X (в смысле равномерного приближения), если для всякой функции f(x) X и для любого ε > 0 найдется такое конечное число

функций ωn1 (x), ωn2 (x), ..., ωnk (x) и такие числа λn1 , λn2 , ..., λnk ,

что

|f(x) (λn1 ωn1 (x) + λn2 ωn2 (x) + · · · + λnk ωnk (x))| < ε

для всех x [a, b].

ПРИМЕР 1. Система функций 1, cos x, sin x, cos 2x, sin 2x, ...

не является полной в классе всех непрерывных на отрезке [−π, π]. Это ясно поскольку всякая функция f(x) : f(−π) = f(π) не может быть равномерно приближена тригонометрическим многочленом.

ТЕОРЕМА 11.1. Система функций 1, cos x, sin x, ... полна в классе всех непрерывных на числовой прямой 2π- периодических функций.

Доказательство. Согласно теореме Фейера всякая непрерывная, 2π-периодическая функция равномерно приближается

410 Глава 16. Ряды Фурье

суммами Фейера, являющимися линейными комбинациями тригонометрической системы функций. Последнее доказывает теорему.

ТЕОРЕМА

11.2.

Система

функций

1, cos x, cos 2x, cos 3x, ..., cos nx, ... полна в

классе всех

непрерывных на отрезке [0, π] функций.

 

Доказательство. Пусть f(x) — произвольная непрерывная на [0, π] функция. Продолжим ее четным образом на отрезке [−π, π]. Полученную функцию обозначим через f˜(x). Функ-

ция f˜(x) принимает на концах отрезка равные значения и мы можем продолжить ее по периодичности на всю числовую прямую и получить в результате непрерывную 2π-периодическую функцию. Согласно теореме Фейера, для любого ε > 0 существует сумма Фейера σn(x) такая, что

|f˜(x) − σn(x)| < ε

для всех x [−π, π]. Далее заметим, что σn(x) — среднее арифметическое частичных сумм ряда Фурье, равных

Sn(x) = a20 + n (ak cos kx + bk sin kx),

k=1

где

π

bk = f˜(x) sin kxdx.

−π

Однако функция f˜(x) sin kx нечетна, и поэтому все bk = 0. Тем самым в нашем случае

Sn(x) = a20 + n akcoskx

k=1

и суммы Фейера σn(x) являются линейными комбинациями лишь функций 1, cos x, cos 2x, ... .