- •ПРИКЛАДНАЯ МАТЕМАТИКА
- •Е.А.КОГАН
- •Москва 2007
- •Кафедра “Прикладная и вычислительная математика"
- •Е.А. Коган
- •Москва 2007
- •1.1. Основные понятия
- •Дифференциальным уравнением называется уравнение, в которое неизвестная функция входит под знаком производной или дифференциала.
- •Обыкновенное дифференциальное уравнение n-го порядка в самом общем виде записывается так:
- •Для дифференциальных уравнений первого порядка различают общее, частное и особое решения, а также общий, частный и особый интегралы.
- •Таким образом, общее решение дифференциального уравнения можно определить как множество всех частных решений уравнения.
- •Особым решением дифференциального уравнения называется решение, которое не может быть получено из общего решения ни при одном частном значении произвольной постоянной.
- •Часто при интегрировании уравнения первого порядка не удается найти общее решение в явном виде, а получается конечное (не дифференциальное) соотношение вида
- •Знание изоклин позволяет во многих случаях даже для не интегрируемых явно дифференциальных уравнений получить графическое решение задачи Коши и выявить характер интегральных кривых.
- •Пример. Построить методом изоклин интегральную кривую уравнения
- •Очевидно, это уравнение с разделенными переменными. Интегрируя его, получим
- •Следовательно, общий интеграл уравнения будет
- •Интегрируем полученное уравнение с разделенными переменными
- •Тогда
- •Полагаем
- •Тогда уравнение примет вид
- •Дифференциальное уравнение вида
- •В результате уравнение приводится к однородному
- •Возвращаясь к старой переменной, получим
- •Подставляя (1.14) в (1.12), получаем дифференциальное уравнение с разделяющимися переменными относительно варьируемой функции v(x), интегрируя которое, находим эту функцию.
- •В результате, общее решение уравнения (1.12) может быть представлено в виде
- •Общее решение уравнения примет вид
- •Находим произвольную постоянную C из начального условия:
- •После разделения переменных получим
- •Тогда уравнение (1.18) примет вид
- •Следовательно,
- •Уравнением Бернулли называется уравнение вида
- •Уравнение вида
- •Следовательно, его общий интеграл, а значит, и общий интеграл уравнения (1.24) имеет вид
- •Это уравнение интегрируется непосредственно n раз. При каждом интегрировании порядок уравнения понижается на единицу, и появляется произвольная постоянная. В результате общее решение уравнения будет иметь вид
- •После интегрирования получим
- •Следовательно, общее решение уравнения (2.22) будет
- •Далее ищем решение уравнения (2.21) в форме, аналогичной по структуре выражению (2.23), но произвольную постоянную в (2.23) заменяем неизвестной функцией
- •Подставляя (2.24) в (2.21), получим
- •Отсюда следует
- •и с учетом (2.14)
- •N линейно независимых частных решений линейного однородного дифференциального уравнения n-го порядка образуют фундаментальную систему решений этого уравнения.
- •а общее решение запишется в виде
- •Рассмотрим его реализацию для линейных дифференциальных уравнений второго порядка:
- •Подстановка (2.42) в (2.40) приводит к следующей системе дифференциальных уравнений
- •Пример. Решить уравнение
- •Определитель этой системы
- •Поэтому для определения варьируемых функций согласно (2.44) получаем дифференциальные уравнения вида
- •Интегрируя уравнения (2.49), находим
- •Подставляя (2.50) в (2.48), получим общее решение уравнения в виде
- •Рассмотрим линейное однородное дифференциальное уравнение второго порядка
- •Пример. Найти собственные значения и собственные функции однородной краевой задачи:
- •Подставляя это решение в граничные условия, убеждаемся в том, что они удовлетворяются только при
- •Подставляя это выражение в граничные условия, получим
- •Чтобы краевая задача имела ненулевые решения, необходимо принять
- •Пример. Найти собственные значения и собственные функции однородной краевой задачи для уравнения (2.51) при граничных условиях
- •Общее решение уравнения согласно (2.55) имеет вид
- •Вычисляем
- •Ненулевое решение ее существует тогда и только тогда, когда определитель системы равен нулю:
- •Раскрывая этот определитель, получим уравнение относительно параметра
- •корни которого являются собственными значениями задачи:
- •Уравнением Эйлера называется линейное уравнение вида
- •Пример. Решить уравнение
- •Уравнение (2.66) есть уравнение Эйлера второго порядка. Применим замену независимой переменной и производных по формулам (2.64), (2.65). Тогда уравнение примет вид
- •Его общее решение
- •Эти решения находятся методом подбора (см. выше) и имеют вид
- •Поэтому общее решение уравнения (2.67) будет
- •Пример. Решить задачу Коши для уравнения
- •Общее решение уравнения имеет вид
- •Будем искать частное решение однородной системы в виде
- •Подставляя (2.99) в (2.98), получим систему
- •Характеристическое уравнение системы будет
- •Общее решение однородной системы (2.98) запишется в виде
- •Этот метод применим к решению систем неоднородных линейных уравнений n-го порядка. Ограничимся для простоты нормальной системой двух линейных уравнений с постоянными коэффициентами
- •Пусть общее решение однородной системы уравнений известно:
- •Пример. Решить систему
- •Общее решение однородной системы, согласно (2.105), имеет вид
- •Принимаем частное решение системы (2.111) в виде
- •Интегрируя эти уравнения, получим
- •Общее решение системы запишется в виде:
- •Пусть требуется решить краевую задачу для уравнения
- •Будем искать решение задачи в виде
- •Задача сводится к решению дифференциального уравнения
- •Ограничиваясь двучленным приближением, будем искать решение уравнения в виде
- •Выбранные функции удовлетворяют всем перечисленным выше требованиям. Они линейно независимы, непрерывно дифференцируемы и удовлетворяют граничным условиям (2.125).
- •Решение методом Бубнова
- •Решение методом наименьших квадратов
- •Решение методом коллокаций
- •В результате находим
- •Операционное исчисление представляет собой своеобразный и эффективный метод решения различных математических задач, прежде всего, дифференциальных уравнений. В основе операционного исчисления лежит понятие преобразования Лапласа.
- •Согласно формулам Эйлера [7]
- •Учитывая формулу (3.3) и применяя теорему линейности, получим
- •Аналогично
- •Таблица 4
- •Применяя формулу (3.25), находим
- •Поэтому
- •то применяя теорему линейности, окончательно найдем
- •Разложение данной дроби на простейшие имеет вид
- •После приведения к общему знаменателю получим
- •Пусть дано неоднородное линейное дифференциальное уравнение второго порядка с постоянными коэффициентами
- •Пример. Решить операционным методом уравнение
- •ПРИЛОЖЕНИЕ 1
- •Вариант № 1
- •Вариант № 2
- •Вариант № 3
- •Вариант № 4
- •Вариант № 5
- •Вариант № 6
- •Вариант № 7
- •Вариант № 8
- •Вариант № 9
- •Вариант № 11
- •Вариант № 12
- •Вариант № 13
- •Вариант № 14
- •Вариант № 15
- •Вариант № 16
- •Вариант № 17
- •Вариант № 18
- •Вариант № 19
- •Вариант № 20
- •Вариант № 21
- •Вариант № 22
- •Вариант № 23
- •Вариант № 24
- •Вариант № 25
- •Вариант № 26
- •Вариант № 27
- •Вариант № 29
- •ОПЕРАЦИОННОМУ ИСЧИСЛЕНИЮ
- •Таблица 2
- •Таблица 3
- •ЛИТЕРАТУРА
- •ПРИЛОЖЕНИЕ 1. ВАРИАНТЫ РАСЧЕТНО-ГРАФИЧЕСКОЙ
- •РАБОТЫ ПО ОБЫКНОВЕННЫМ ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫМ
- •УРАВНЕНИЯМ……………………………………………………… 100
- •ПРИЛОЖЕНИЕ 2. ВАРИАНТЫ РАСЧЕТНО-ГРАФИЧЕСКОЙ
- •РАБОТЫ ПО ОПЕРАЦИОННОМУ ИСЧИСЛЕНИЮ…………… 131
|
|
47 |
||
y = C +C |
e2 x − |
x |
(x3 + 2x2 +3x −1). |
|
|
||||
1 |
2 |
8 |
|
|
|
|
|
||
Пример. Решить уравнение |
|
y′′− 2 y′ = 3sin2x. |
Общее решение однородного уравнения известно: см. (2.36).
Находим частное решение неоднородного уравнения, сравнивая правую часть f (x) = 3sin2x c выражением 2 из таблицы 2:
f (x) = M cos β x + N sinβ x.
Получаем β = 2, M = 0 , N =3.
Сравниваем мнимое число β i = 2i с корнями характеристического уравне-
ния. Так как β i = 2i ≠ k j |
(j=1,2 - номер корня), то m = 0. |
Поэтому принимаем |
y = Acos 2x + B sin2x, где A и B - неопределенные |
коэффициенты. Процедура их определения имеет вид:
0y = Acos 2x + Bsin2x,
−2 y′ = −2Asin2x + 2B cos 2x, 1 y′′ = −4Acos 2x −4Bsin2x.
y′′− 2 y′ = −4Acos 2x − 4B sin2x + 4Asin2x − 4B cos 2x = 3sin2x ,
(−4A −4B)cos 2x + (4A −4B)sin2x = 3sin2x.
Приравнивая коэффициенты в обеих частях получившегося тригоно-
метрического равенства при cos 2x и |
sin2x , приходим к системе |
−4A −4B = 0, |
|
|
4B = 3, |
4A − |
откуда следует A = 3/8, B = −3/ 8.
Поэтому частное решение исходного уравнения будет
y = 3 |
(cos2x −sin2x), |
|
|||
8 |
|
|
|
|
|
а общее решение запишется в виде |
y =C + C |
e2x + 3 |
(cos2x −sin2x). |
||
|
|
1 |
2 |
8 |
|
|
|
|
|
|
|
Пример. Решить уравнение |
|
y′′− 2 y′+ 4y = (x + 2) e3 x . |
48
1). Находим общее решение однородного уравнения
|
|
|
|
|
y′′ − 2 y′ + 4y = 0 . |
(2.39) |
||||||
Характеристическое уравнение |
|
k 2 −2k + 4 = 0 |
имеет комплексные сопря- |
|||||||||
женные корни: k1 =1+ |
|
|
i , |
k2 =1− |
|
i . |
Поэтому частные линейно неза- |
|||||
|
3 |
3 |
||||||||||
висимые решения уравнения (2.39) будут (см. таблицу 1, случай 2a) |
||||||||||||
y |
= ex cos |
|
|
x, |
y |
|
= ex sin |
|
x, |
|||
|
3 |
2 |
3 |
|||||||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
а общее решение однородного уравнения запишется в виде
y0 = ex (C1 cos 3x +C2 sin3x).
2). Находим частное решение неоднородного уравнения методом подбора. Сравниваем правую часть f (x) = (x + 2)e3 x c общим выражением (1) из таблицы 2:
f (x) = Pn (x)eα x .
Очевидно, что в данном случае n=1, α = 3 .
Так как α ≠ k j (j=1,2), то m=0. Поэтому принимаем (см. таблицу 2, случай
1А):
y =Q1(x)e3x = (Ax + B)e3x ,
где A и B - неопределенные коэффициенты. Находим их, используя ста н- дартную процедуру:
4y = (A x + B) e3 x ,
−2 y′ = (3A x + A +3B )e3 x , 1 y′′ = (9A x + 6A +9B)e3 x .
y′′−2y′ + 4y = (7A x + 4A + 7B)e3 x = (x + 2)e3 x .
Сокращая на e3 x и приравнивая коэффициенты при одинаковых степенях x, получаем:
x1 |
7 A =1, |
откуда следует A =1/ 7, |
B=10/49. |
|
x0 |
4A +7B = 2, |
|||
|
|
Следовательно,
|
|
|
|
|
|
|
|
49 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
x + |
10 |
|
3x |
. |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
y = |
7 |
49 |
e |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Общее решение уравнения: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
10 |
|
3x |
|
|
y = e |
(C1 cos 3x + C2 sin |
|
3x) |
+ |
|
. |
|||||||||||||
|
|
|
7 |
x + |
7 |
e |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Пример. Решить уравнение |
y′′+ 4y = 5sin2x −cos x. |
|
||||||||||||||||||
1). Находим общее решение однородного уравнения |
|
y′′ + 4y = 0. |
||||||||||||||||||
Соответствующее ему характеристическое уравнение k 2 + 4 = 0 имеет |
||||||||||||||||||||
мнимые корни |
k1,2 = = ±2i . Поэтому частные решения однородного уравне- |
|||||||||||||||||||
ния будут (см. таблицу 1, случай 2б ) y1 = cos 2x, |
y2 = sin2x . |
|||||||||||||||||||
Общее решение примет вид: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
y0 = C1 cos 2x +C2 sin2x. |
|
|
|
|
|
|||||||||||
2). Находим сначала частное решение неоднородного уравнения |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
y′′+ 4y = 5sin2x. |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Сравниваем |
f1(x) = 5sin2x с выражением |
f (x) = Mcoxβ x + N sinβ x (см. |
||||||||||||||||||
таблицу 2, случай 2 ). Получаем β = 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Сравниваем β i = 2i |
с корнями k1,2 . Так как β i = k1 = 2i, |
то m =1. |
||||||||||||||||||
Поэтому принимаем |
|
|
y1 = x(Acos 2 x + B sin 2 x). Тогда |
|
|
|
4y1 = x(Acos 2 x + B sin 2 x),
0y1′ = Acos 2 x + B sin2 x + x(−2Asin2 x + 2B cos 2x), 1 y1′′ = 4(−Asin2x + B cos 2x)− 4x(Acos 2x + B sin2x).
y1′′ + 4y1 = −4Asin2x + 4B cos 2x = 5sin2x.
Приравнивая коэффициенты при |
sin 2x и cos 2x, получим A = -5/4, B = 0. |
|
Следовательно, |
|
|
y |
= − |
5 xcos 2x. |
1 |
|
4 |
3). Далее находим частное решение уравнения y′′+ 4y = −cos x.
50
При этом f2 (x) = −cos x. Так как β i = i ≠ k1,2 , то принимаем (см. таблицу 2, случай 2а)
4 |
|
y2 = Acos x + Bsin x, |
||
0 |
|
y2′ = −Asin x + B cos x, |
||
1 |
|
y2′′ = −Acos x − Bsin x. |
||
|
|
|
|
|
y2′′ + 4y2 = − |
|
Acos x − Bsinx + 4Acos x + 4Bsinx = −cos x. |
||
|
||||
откуда следует A = −1/ 3, |
|
B = 0. |
||
Поэтому |
|
|
|
y2 = −13 cos x.
Суммируя найденные частные решения с общим решением однородного уравнения, окончательно получим
y =C cos 2x + C |
2 |
sin2x − 5x cos 2x − 1cos x. |
|
||
1 |
|
4 |
3 |
|
|
|
|
|
|
||
Пример. Решить краевую задачу: |
|
|
|
||
y′′ − 6 y′ + 9y = e2x (cosx −sinx), |
|
y(0) = 0, |
y(π / 2) = 0. |
Сначала находим общее решение заданного линейного неоднородного дифференциального уравнения второго порядка.
Однородному дифференциальному уравнению y′′ − 6 y′ + 9y = 0 соответствует характеристическое уравнение: k 2 − 6k + 9 = 0, которое имеет два одинаковых действительных корня: k1 = k2 =3. Поэтому общее решение однородного дифференциального уравнения запишется в виде
y0 =C1e3x + C2 xe3x .
Частное решение неоднородного дифференциального уравнения находим методом побора, принимая (см таблицу 2, случай 3А):
9y* = Ae2x cos x + Be2x sinx.
-6 |
y*′ = (2A + B)e2x cos x − (A − 2B)e2x sinx, |
1 |
y*′′ = (3A + 4B)e2x cos x − (4A −3B)e2x sinx, |
51
y*′′ − 6 y*′ + 9y* = (3A + 4B)e2x cos x − (4A −3B)e2x sinx − 6(2A + B)e2x cos x + + 6(A − 2B)e2x sinx + 9Ae2x cos x + 9Be2x sinx =
= e2x (cosx −sinx),
откуда находим A = B = −1/ 2 и, следовательно,
y* = −12 e2x (cosx + sinx).
Поэтому общее решение исходного дифференциального уравнения примет вид:
y = e3x (C1 + C2 x) − 12 e2x (cosx + sinx).
Далее находим произвольные постоянные из граничных условий.
При |
x = 0 |
C − |
1 = 0, откуда следует |
C = |
1. |
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
2 |
|
|
|
|
|
При |
x = |
π |
имеем равенство |
e |
3π / 2 |
|
1 |
+ C2 |
π |
− |
1 |
e |
π |
= 0, |
разрешая кото- |
|||||
2 |
|
|
2 |
2 |
|
2 |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
рое относительно |
C2 , находим: |
|
C2 |
= |
|
1 |
(e−π / 2 |
−1). |
|
|
|
|||||||||
|
π |
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В результате решение краевой задачи запишется в виде:
y = |
1 |
+ |
|
1 |
(e−π / 2 |
−1)x e3x − |
1 |
(cosx + sinx)e2x . |
|
2 |
π |
2 |
|||||||
|
|
|
|
|
В качестве практического примера применения изложенной теории рассмотрим задачу о вынужденных колебаниях линейной системы с одной степенью свободы (массы на пружине) без учета сил сопротивления. Такие колебания описываются линейным неоднородным дифференциальным уравнением с постоянными коэффициентами второго порядка:
y′′ + n2 y = P(t),
где P(t) = H sin pt - внешняя сила, вызывающая вынужденные колебания одномассовой системы ( H – амплитуда, p – частота вынужденных колебаний),
52
n2 = mk - частота собственных колебаний системы ( k – коэффициент жестко-
сти пружины массой m).
Решаем сначала однородное уравнение y′′ + n2 y = 0. Характеристиче-
ское уравнение, ему соответствующее: k 2 + n2 = 0, имеет мнимые корни k1,2 = ±ni . Поэтому общее решение однородного уравнения запишется в виде
y0 =C1 cos nt + C2 sinnt.
Это решение описывает собственные колебания массы m относительно положения статического равновесия (колебания при отсутствии внешних сил). Частное решение ищем методом подбора в виде
y = Acos pt + Bsin pt.
Находя неопределенные коэффициенты A и B, получим
y = |
H sin pt |
|
|
|||
|
|
|
||||
|
|
2 |
|
p2 |
||
|
mn |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|||
|
|
1− |
n |
|
||
|
|
|
|
|
|
и окончательно, общее решение уравнения колебаний запишется в виде
y =C1 cos nt + C2 sinnt + |
|
|
H |
|
|
|
sin pt. |
|
2 |
|
p2 |
|
|||
|
|
|
|||||
|
mn |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|||
|
|
1− |
n |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
Последнее слагаемое описывает вынужденные колебания системы, происходящие с частотой возмущающей силы p. Множитель H /(mn2 ) характеризует перемещение, которое вызывает максимальная возмущающая сила,
если она приложена статически, а множитель |
1 |
|
характеризует ди- |
|
1− p2 |
/ n2 |
|||
|
|
намичность действия этой силы. Абсолютная величина этого множителя называется коэффициентом динамичности.
Как видно из полученного решения, когда отношение p / n →1, коэффициент динамичности и амплитуда колебаний неограниченно возрастают.