Добавил:
Upload Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

fizika

.pdf
Скачиваний:
427
Добавлен:
17.05.2015
Размер:
4.42 Mб
Скачать

5.6. Кинетическая энергия твердого тела, вращающегося вокруг неподвижной оси...

311

ν′ =

(I + I

2

)2πν

= (1+

I

2

)ν = (1+

2mR2

)ν = (1+

2m

)ν .

 

1

 

 

 

 

(7)

2πI

I

1

MR2

M

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

Требование неизменности момента импульса системы тел подразумевает возможность изменения момента импульса каждого из тел системы.

Отношение кинетической энергии системы в конечный и начальный момент равно

 

 

 

 

 

 

 

I ω′2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

T

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

ω′2

 

 

 

I

 

 

 

 

ν′2

 

 

 

 

I

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

к

=

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

1

 

 

=

 

 

 

 

 

1

 

 

=

 

 

T

 

(I1

+ I2 )

ω

2

ω2 I

+ I

 

 

ν2 I

+ I

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

н

 

I2

 

2

 

 

 

 

 

 

 

1

 

2

 

 

 

 

 

 

1

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(1+

)2

ν2

 

 

 

 

 

I

 

 

 

 

 

2mR

 

 

 

 

 

 

2m

(8)

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

I

 

 

 

 

 

= 1+

2

= 1+

 

2

 

= 1+

,

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ν2

1+

I2

I

1

 

MR2

 

 

M

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

I

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

где ω и ω′ — начальная и конечная угловая скорость системы (платформа и человек), Тн и Тк — начальная и конечная кинетическая энергии системы. Подставляя численные значения в (7–8), получаем

 

 

 

 

ν′

= (1+

2m

)ν = (1+

2 60

)

1

= 2, 2

1

(об/с) =

 

 

 

 

M

100

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

6

 

6

 

 

 

 

 

 

 

= 2,2 · 10 = 22 (об/мин) ≈ 0,37 (об/с),

 

 

 

 

 

 

 

 

Tк

 

= 1+

2m

 

= 1+

 

2 60

= 2, 2 .

 

 

 

 

 

 

 

 

T

M

100

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

н

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ответ:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ν′ = (1+

 

2m

)ν = 22 (об/мин) ≈ 0,37 (об/с),

 

M

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Tк

= 1+

2m

 

= 2, 2 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

M

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

T

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

н

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

312

Глава 5. ЭЛЕМЕНТЫ МЕХАНИКИ ТВЕРДОГО ТЕЛА

5.7. ПЛОСКОЕ ДВИЖЕНИЕ ТВЕРДОГО ТЕЛА

Плоским движением называется такое движение, при котором все точки абсолютно твердого тела движутся параллельно одной плоскости. Например, при качении цилиндра (колеса) по горизонтальной поверхности все точки движутся в плоскости XOY, перпендикулярной поверхности (рис. 5.7). Рассмотрим движение произвольной точки А при ее перемещении вместе с цилиндром из положения 1 в положение 3. Представим сложное движение любой точки цилиндра (траектория такого дви жения называется циклоида) как сумму двух простых движений: поступательного движения из положения 1 в положение 2 относительно неподвижной системы ко ординат K и вращательного движения из положения 2 в положение 3 (поворот на угол ϕ вокруг оси, проходящей через центр масс системы точку С) относительно движущейся системы кординат K , жестко связанной

сцентром масс системы. Выберем за начало инерциальной системы отсчета К неподвижную точку О, совпадающую в начальный момент

сцентром масс системы точкой С.

 

 

 

n

Gr

 

 

 

А

0

K

y

 

G

 

 

 

О

x

О(С)

r

 

z

 

 

 

o

А

С

Gr`

а

pА

 

 

 

o

 

K`

y`

RG

0

Gr`

z`

x`

С

G

б

С

 

 

 

 

R

G p

 

 

 

 

 

 

 

 

v`

 

 

Рис. 5.7

 

В неподвижной системе координат K (рис. 5.7а) имеем равенство

 

rG = rG + rG,

 

0

где вектор rG — перемещение точки А из начального в конечное. Век-

тор rG

— перемещение в этой же системе отсчета за это же время точ-

0

 

5.7. Плоское движение твердого тела

313

ки А, совершающей поступательное движение из начального положения в промежуточное. Отметим, что центр масс тела точка С при движении цилиндра совершает только поступательное перемещение. Из (рис. 5.7а) следует, что поступательноеG движение т. А совпадает с движением точки С. Вектор r— перемещение в системе отсчета К т. А из промежуточного положения в конечное. Последнее перемещение можно представить (рис. 5.7б) как вращение вокруг неподвижной оси в системе отсчета K , жестко связанной с движу-

щимся центром масс системы (т. С). В этой системе отсчета вектор

G

G

G

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

r

′ = R R . Продифференцируем указанное выше векторное равен-

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ство для rG по времени

 

drG

 

 

 

drG0

 

 

 

drG

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

+

 

.

(5.50)

 

По определению

 

dt

 

dt

 

dt

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

drG

 

 

 

 

 

 

 

 

drG0

 

 

 

 

 

G

 

 

 

 

G

 

 

 

 

 

 

 

 

 

v

=

 

 

 

 

и v

=

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt

 

 

0

 

 

 

 

dt

 

 

Так как RG0 не меняется со временем, то

 

 

 

drG

 

 

dRG

 

 

 

dRG0

 

 

 

dRG

G

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

 

= vл ,

 

 

 

dt

 

Gdt

 

dtG

Gdt

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

G

G

 

 

vл = [ωЦ

, R]

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

где vл

и ωЦ — линейная и угловая скорости вращательного движе-

ния вокруг неподвижной оси, проходящей через центр масс. Таким

образом, имеем

G

G

G

 

K

 

v

= v0

+ [ωЦ

, R] .

(5.51)

Так как при поступательном движении все точки тела движутся

одинаково, то

 

 

 

 

 

 

 

 

 

vGC =

1

mi vG0i =

1

(mi )vG0

=

m

vG0 = vG0

m

m

 

 

i

 

i

 

 

m

и

 

K

G

 

G

G

 

 

 

 

 

 

(5.52)

 

 

v

= vС + [ωЦ

, R] .

Таким образом, плоское движение твердого тела можно представить как сумму поступательного движения его центра масс и вращательного движения относительно неподвижной оси, проходящей через центр масс.

314 Глава 5. ЭЛЕМЕНТЫ МЕХАНИКИ ТВЕРДОГО ТЕЛА

В общем случае скорость твердого тела при плоском движении можно представить как векторную сумму скоростей поступательного движения любой его точки (не обязательно центра масс) и вращательного движения, обусловленного вращением вокруг оси, проходящей через эту точку.

Если представлять плоское движение твердого тела через движение его центра масс, то система уравнений (5.1) и (5.27) сводится к виду

G

G

(5.53)

ma

= F ,

C

 

 

IC εЦz = MЦz.

(5.54)

Здесь IC — момент инерции тела относительно оси, проходящей через его центр масс. Переменные в первом уравнении рассчитываются относительно инерциальной системы отсчета, а во втором — относительно системы, связанной с центром масс (инерции), т. е. в Ц-системе.

5.8. КИНЕТИЧЕСКАЯ ЭНЕРГИЯ ПРИ ПЛОСКОМ ДВИЖЕНИИ

Рассмотрим твердое тело как систему жестко связанных матери-

альных точек. Скорость i точки твердого тела равна (5.52) vKi = vGС + [ωGЦ , rGi ] ,

где rGi и ωGЦ — радиус-вектор i-ой точки и вектор угловой скорости, рассчитанные относительно центра масс тела. Тогда кинетическая энергия всех точек тела

 

 

T =

mi vi2

mi vGi2

 

=

mi

 

G

 

G

G

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

(vС

+ [ω

Ц , ri

])

 

=

 

 

 

2

 

 

2

 

2

 

 

 

 

 

i

 

 

 

 

i

 

 

 

i

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

mi

2

G

G

G

 

 

2

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(vС

+ 2vC

[ωЦ , ri ] + ω

Ц ri

 

) =

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

i

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

vC2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ω2Ц

 

 

 

 

2

 

 

mvС2

 

 

Iω2Ц

 

=

 

mi + vC

[ωЦ

mi ri

]

+

 

 

miri

=

 

 

+

 

.

2

2

 

2

 

2

 

i

 

 

 

 

 

i

 

 

 

 

 

 

i

 

 

 

 

 

 

 

Здесь m = mi — масса твердого тела, IC = mi ri2 — момент инер-

i

i

ции твердого тела, относительно оси, проходящей через центр масс,

5.8. Кинетическая энергия при плоском движении

 

 

 

 

315

mi rGi = m

mi rGi

= mrGСЦ

= 0 , так как радиус-вектор центра масс в

i

m

i

 

 

 

 

 

 

 

 

Ц-системе равен нулю (4.35). Таким образом, имеем

 

 

 

T = T

+ T =

mv 2

+

IСωЦ

2

 

 

 

 

С

 

 

 

 

 

 

 

 

.

(5.54)

 

 

пост

вращ

2

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

Следовательно, кинетическая энергия плоского движения твердого тела равна сумме кинетической энергии поступательного движения его центра масс в инерциальной системе отсчета и кинетической энергии вращательного движения относительно оси, проходящей через его центр масс, т. е. в Ц-системе.

Вопросы и задания для самопроверки

1.Дайте определение плоского движения.

2.На какие два «простых» движения можно разбить плоское движение?

3.Запишите выражение для кинетической энергии плоского движения твердого тела.

Примеры решения задач

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Задача 5.12

 

 

 

G

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

С наклонной плоско-

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

сти, составляющей угол α

y

 

N

 

vл

Ω R

 

 

 

ΩG

z

G

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

G

c горизонтом, без сколь-

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

G

 

жения скатывается ци-

 

Fтр GС9

 

vG

vGc

G

 

G

 

vc

 

vл

 

R

Α

G

 

 

G

 

G

 

линдр массой m и радиу-

 

A

 

 

v

л

v

c

v

c

v

c

 

 

a

 

 

 

 

 

G

сом R. Найти ускорение а

 

X

 

mgG

 

 

 

 

 

 

A

 

 

его центра масс.

 

 

 

 

 

 

 

vGл

 

vл

 

 

 

Α

 

 

x

 

 

vGc

 

 

Дано: α – угол накло-

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

на; m — масса цилиндра;

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R — радиус цилиндра.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Найти: a — ускорение центра масс.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Отсутствие скольжения (нулевая скорость в точке касания А) обес-

печивается действием сил на скатывающееся тело со стороны на-

клонной плоскости. Эти силы сводятся к нормальной составляющей

316

Глава 5. ЭЛЕМЕНТЫ МЕХАНИКИ ТВЕРДОГО ТЕЛА

силы Gреакции опоры NG и касательной составляющей — силе трения Fтр . При отсутствии скольжения сила трения есть сила трения покоя. Движение любой точки тела при плоском движении состоит из поступательного движения вместе с центром масс тела и вращательного вокруг центра масс. Следовательно, вектор скорости точкиG А равен сумме скорости поступательного движения центра масс vC и линейной скоростиG вращательного движения точки А относительно центра масс vл ( vл = ω r ). Для простоты мы не будем обозначать индексом Ц переменные, рассчитанные относительно центра масс системы. Так как результирующая скорость в точке А равна нулю, то скорость центра масс и линейная скорость вращения в этой точке цилиндра направлены в противоположные стороны и равны по модулю. Следовательно,

vC = ω R .

(1)

Способ 1

Запишем выражение (5.54) для вращательного движения цилин-

дра с учетом равенств ε z

=

dωz

=

dω

и

M z

= M , т. е.

 

dt

 

 

dt

 

 

 

 

 

 

 

I

 

dω

= M ,

 

(2)

 

 

C

dt

 

 

 

 

 

 

 

 

где IC и M – момент инерции и модуль момента внешних сил, ddtω > 0 , так как угловая скорость растет со временем. Моменты силG тяжести mgG и нормальной составляющей силы реакции опоры N равны нулю, линии действия этих сил пересекают ось вращения, проходящую через центр инерции цилиндра параллельно его образующей. Модуль момента силы трения равен

 

Mz = RFтр.

(3)

Подставляя (3) в (2), получим

 

 

 

 

IC

dω

 

= RFтр .

(4)

dt

 

 

 

 

 

 

Следовательно,

 

 

 

RFтр

 

 

dω

=

 

 

 

 

 

 

 

.

(5)

 

dt

 

 

 

 

 

IC

 

5.8. Кинетическая энергия при плоском движении

317

Запишем выражение (5.53) для поступательного движения центра

масс цилиндра и спроектируем его на ось X.

 

maC = mg sinα – Fтр.

(6)

По определению

 

 

 

dvC

 

 

 

 

 

a =

.

 

(7)

 

 

 

 

C

dt

 

 

 

 

 

 

Подставляя в (7) скорость центра масс из (1), получаем

 

a =

dvC

 

= R

dω

.

(8)

 

 

C

 

dt

 

 

dt

 

 

 

 

 

 

Учитывая (5), найдем связь между ускорением центра масс и си-

лой трения,

 

 

 

 

 

 

 

 

Fтр

 

 

 

a

= R

dω

= R

2

 

.

 

(9)

 

 

 

 

 

 

C

 

 

dt

 

 

 

IC

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Выразим силу трения Fтр из уравнения (6)

 

Fтр = mg sinα – maC

(10)

и подставим в (9)

 

 

mg sin α − maC

 

 

a

= R2

 

.

(11)

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

IC

 

 

 

 

 

 

Выражая из (11) aC, получаем

 

 

 

 

 

 

 

a

=

g sin α

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1+ IC 2 mR

Учтем, что момент инерции цилиндра относительно оси, проходя-

щей через центр масс и параллельной направляющей цилиндра

 

 

 

IC =

1

mR2 .

(12)

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

Тогда

 

 

 

 

 

 

 

 

 

a =

 

g sin α

=

2

g sin α .

(13)

 

 

mR2

 

C

1+

3

 

 

 

2mR2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Способ 2

Применим закон сохранения энергии. На цилиндр действует неконсервативная сила трения. Так как скорость цилиндра в точке соприкосновения с наклонной плоскостью равна нулю, то равно нулю

318 Глава 5. ЭЛЕМЕНТЫ МЕХАНИКИ ТВЕРДОГО ТЕЛА

перемещение точки приложения силы. Следовательно, работа такой силы также равна нулю. Пусть тело в данный момент прошло вдоль наклонной плоскости путь X. Будем отсчитывать потенциальную энергию от этого положения тела. Тогда в верхней точке полная энергия тела состоит только из потенциальной энергии

П = mgh = mgX sinα.

(14)

В нижней точке наклонной плоскости у цилиндра нет потенциальной энергии, но есть кинетическая энергия поступательного и вращательного движения относительно центра масс

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

T =

 

mv2

Iω2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

+

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

(15)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Подставляя ω из (1) в (15), имеем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

mv2

 

Iv2

v2

 

 

 

 

 

 

I

 

 

 

 

 

 

 

 

 

T =

 

 

 

 

C

+

 

C

=

 

 

 

C

(m +

 

 

 

) .

 

 

(16)

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

2

 

R2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2R2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Приравнивая энергии в верхней и нижней точке, получаем

 

 

 

 

 

 

mgX sin α =

v2

(m +

 

I

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

) .

 

 

 

(17)

 

 

 

 

 

 

 

 

R2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Дифференцируя это равенство по времени и замечая, что

dX

= v

 

 

 

dvC

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt

C

 

= a , вместо (17) запишем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

и

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt

C

 

 

 

dX

 

 

 

 

 

 

2vC

 

 

 

 

 

 

 

 

 

I

 

 

 

dvC

 

 

 

 

 

 

 

mg

sin α =

 

 

(m +

 

 

 

)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(18)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R2

 

dt

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

или

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

mgv

 

 

sin α = v (m +

 

 

I

)a .

 

(19)

 

 

 

 

 

R2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

Определяя из этого уравнения aC, получаем

 

 

 

 

 

 

 

a

=

 

g sin α

=

2

g sin α .

 

 

 

(20)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

 

 

1+

IC

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

g sin α

 

 

 

 

 

mR2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ответ: a =

 

=

2

g sin α .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

1+

IC

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

mR2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Основные положения

319

ОСНОВНЫЕ ПОЛОЖЕНИЯ

УсловияG Gравновесия твердого тела

F = Fi = 0 ,

G

i

G

 

M = Mi

= 0 .

i

УравненияG динамики твердого тела maGGC = F ,

dLdtЦ = MGЦ .

Если силы лежат в плоскости XOY, то второе условие равновесия имеет вид

Miz = ±Mi = 0 ,

i

i

где Miz– проекция момента i-ой внешней силы на ось z, Mi = Fi l модуль момента силы Fi, l плечо силы.

Момент инерции тела относительно оси

I = r2 dm ,

где r — расстояние от бесконечно малой части тела массой dm до оси.

Момент инерции материальной точки

I = mr 2,

где r — расстояние от материальной точки с массой m до оси.

Теорема Штейнера

I = IC + ma 2,

где I, IC — моменты инерции относительно произвольной оси и оси, проходящей через центр масс тела и параллельной первой, a – расстояние между осями,Gm – масса тела.

Проекция момента импульсаG L твердого тела на ось z при его вращении со скоростью ω вокруг неподвижной оси (z направлена вдоль

оси)

Lz = Iωz.

Основное уравнение вращательного движения твердого тела вокруг

неподвижной оси

Iεz = Mz,

где εz = dωz /dt – проекция углового ускорения на ось z.

320

Глава 5. ЭЛЕМЕНТЫ МЕХАНИКИ ТВЕРДОГО ТЕЛА

Закон сохранения момента импульса системы твердых тел при их вращательном движении вокруг неподвижной оси

Если Mz = 0, то Lz(t ) = Lz(t' ) или I(t z(t ) = I(t' z(t' ),

где t и t' – два момента времени, Mz — проекция суммарного момента внешнихG сил действующих на систему на ось z.

Работа силы F над твердым телом при его вращательном движении

dA = Iω z dω z = M z dϕ ,

ϕ

A = M z dϕ ,

где ϕ0 – угол поворота тела, Mz – проекция момента силы на ось

Кинетическая энергия вращения твердого тела вокруг неподвижной оси

T = Iω2 2 .

Плоское движение твердого тела можно представить как поступа-

тельное движение его центра масс и вращательное движение отно-

сительно оси, проходящей через центр масс

K

G

 

G

 

G

] ,

 

vА = vС

+ [ωЦ

, rА

 

где vK

и vG

 

— скорости произвольной т. А тела и его центра масс

 

A

 

C

 

 

 

 

 

в инерциальной системе отсчета, rG — радиус-вектор т. А отно-

 

 

 

 

 

 

 

 

G

A

сительно центра масс, ωЦ

— угловая скорость вращения относи-

тельно оси, проходящей через центр масс (в Ц-системе).

Уравнения динамики твердого тела при плоском движении

G

 

G

IС

εЦz = M Цz .

 

ma

= F ,

 

C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Кинетическая энергия твердого тела при плоском движении

Т =

mv2

IС

ωЦ

2

 

 

 

С

+

 

 

 

 

.

 

2

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

G

 

 

 

 

ОБОЗНАЧЕНИЯ, ИСПОЛЬЗУЕМЫЕ В ГЛАВЕ 5

 

 

 

– вектор углового перемещения

ϕ

 

 

 

ϕGz

 

 

 

– проекция вектора углового перемещения на ось z

ω

 

 

 

– вектор угловой скорости

Соседние файлы в предмете [НЕСОРТИРОВАННОЕ]