- •1. Дифференциальные уравнения I порядка. Уравнения с разделяющимися переменными
- •1.1. Дифференциальные уравнения I порядка. Общие понятия
- •1.2. Дифференциальные уравнения с разделяющимися переменными
- •2. Однородные дифференциальные уравнения. Уравнения в полных дифференциалах
- •2.1. Однородные дифференциальные уравнения I порядка
- •2.2. Уравнения в полных дифференциалах
- •3.2. Уравнения Бернулли
- •5.2. Неоднородные линейные уравнения ІІ порядка с постоянными коэффициентами. Метод Эйлера вариации произвольных постоянных
- •6. Линейные неоднородные уравнения ІІ порядка с постоянными коэффициентами. Метод Лагранжа неопределенных коэффициентов
- •7. Системы дифференциальных уравнений
- •7.1 Нормальная система дифференциальных уравнений
- •Модуль 10. Кратные интегралы
- •1. Двойной интеграл
- •1.1. Объём цилиндрического тела
- •1.2. Вычисление двойных интегралов в декартовых координатах
- •1.3. Вычисление двойных интегралов в полярных координатах
- •1.4. Приложения двойных интегралов к задачам механики
- •1.5. Вычисление площадей и объёмов с помощью двойных интегралов.
- •1.6. Вычисление площади поверхности.
- •2. Тройной интеграл
- •2.1. Масса неоднородного тела
- •2.2. Вычисление тройных интегралов в декартовых координатах.
- •2.3. Вычисления тройных интегралов в цилиндрических координатах.
- •2.4. Вычисление тройных интегралов в сферических координатах
- •2.5. Приложение тройных интегралов.
- •Модуль 11. Криволинейные и поверхностные интегралы
- •1. Криволинейные интегралы
- •1.1. Криволинейный интеграл первого типа (по длине дуги)
- •1.3. Формула Грина
- •1.4. Условия независимости криволинейного интеграла от пути интегрирования
- •1.5. Связь между криволинейными интегралами первого и второго типов
- •2. Поверхностные интегралы
- •2.1. Поверхностные интегралы первого типа
- •2.2. Понятие двухсторонней поверхности. Ориентация поверхности
- •2.3. Поверхностный интеграл второго типа (по проекциям)
- •2.4. Связь поверхностных интегралов I и II типов
- •2.5. Формула Остроградского
- •3. Основные понятия теории поля
- •Список литературы
Модуль 10. Кратные интегралы
1. Двойной интеграл
1.1. Объём цилиндрического тела
Цилиндрическим телом называется тело, ограниченное плоскостью Оху, поверхностью, с которой любая прямая, параллельная оси Oz, пересекается не более чем в одной точке, и цилиндрической поверхностью, образующая которой параллельна оси Oz.
Область D, высекаемая в плоскости Оху цилиндрической поверхностью, называется основанием цилиндрического тела (см. рис.1). В частных случаях боковая цилиндрическая поверхность может и отсутствовать, примером тому служит тело, ограниченное плоскостью
Оху и верхней полусферой Z = R 2 − X 2 − Y 2 .
Рис.1
Обычно тело можно составить из некоторого числа цилиндрических тел и определяют искомый объект как сумму объёмов цилиндрических тел, составляющих это тело.
Прежде всего напомним два принципа, из которых мы исходим при определении объёма тела:
1)если разбить тело на части, то его объем будет равен сумме объёмов всех частей;
2)объём прямого цилиндра, т.е. цилиндрического тела, ограниченного плоскостью, параллельной плоскости Оху, равен площади основания, умноженной на высоту тела.
Пусть z = f(x, y) есть уравнение поверхности, ограничивающей цилиндрическое тело. Будем считать функцию f(x, y) непрерывной в области D и сначала предположим, что поверхность целиком лежит над плоскостью Оху, т.е. что f(x, y) > 0 всюду в области D.
Рис.2
Обозначим искомый объём цилиндрического тела через V. Разобьём основание цилиндрического тела – область D – на некоторое число n областей произвольной формы; будем называть их частичными областями. Пронумеровав частичные области в каком-нибудь порядке, обозначим их через σ1 σ2,…, σn, а их площади – через σ1 σ 2 ,…, σ n. Через границу каждой частичной области проведем цилиндрическую поверхность с образующей, параллельной оси Oz. Эти цилиндрические поверхности разрежут поверхность на n кусков, соответствующих n частичным областям. Таким образом, цилиндрическое тело окажется разбитым на n частичных цилиндрических тел (см. рис.2). Выберем в каждой частичной области σi произвольную точку Pi (xi, yi) и заменим соответствующее частичное цилиндрическое тело прямым цилиндром с тем же основанием и высотой, равной zi = f (xi yi). В
40
результате получим n-ступенчатое тело, объём которого равен
n
Vn = f (x1 , y1 ) σ 1 + f (x2 , y2 ) σ 2 + ... + f (xn , yn ) σ n = ∑ f (xi , yi ) σ i .
i=1
Принимая объём V данного цилиндрического тела приближенно равным объёму построенного n-ступенчатого тела, будем считать, что Vn тем точнее выражает V, чем больше n и чем меньше каждая из частичных областей. Переходя к пределу при n → ∞ , мы будем требовать, чтобы не только площадь каждой частичной области стремилась к нулю, но чтобы стремились к нулю все её размеры. Если назвать диаметром области наибольшее расстояние между точками ее границы (например, диаметр прямоугольника равен его диагонали, диаметр эллипса – его большой оси. Для круга приведённое определение диаметра равносильно обычному), то высказанное требование будет означать, что каждый из диаметров частичных областей должен стремиться к нулю; при этом сами области будут стягиваться в точку.
Замечание.
Если известно только, что площадь области стремится к нулю, то эта область может и не стягиваться в точку. Например, площадь прямоугольника с постоянным основанием и высотой, стремящейся к нулю, стремится к нулю, а прямоугольник стягивается к своему основанию, т.е.
котрезку.
Всоответствии со сказанным мы принимаем искомый объем V равным пределу, к которому
стремится Vn при стремлении к нулю наибольшего диаметра частичных областей (при этом n → ∞ ):
n
V = lim Vn = lim ∑ f ( xi , yi ) σ i .
i=1
Котысканию предела подобных сумм для функций двух переменных приводят самые разнообразные задачи, а не только задача об объеме.
Рассмотрим этот вопрос в общем виде. Пусть f(x, y) – любая функция двух переменных (не обязательно положительная), непрерывная в некоторой области D, ограниченной замкнутой линией. Разобьём область D на частичные, как указано выше, выберем в каждой частичной области по произвольной точке Pi (xi , yi) и составим сумму
n
∑ f ( xi , yi ) σ i , (1)
i =1
где f (xi , yi) – значение функции в точке Pi ; и σι – площадь частичной области.
Сумма (1) называется n–й интегральной суммой для функции f(x, y) в области D, соответствующей данному разбиению этой области на n частичных областей.
Определение. Двойным интегралом от функции f(x, y) по области D называется предел, к которому стремится n-я интегральная сумма при стремлении к нулю наибольшего диаметра частичных областей.
Записывается это так:
n |
|
σ i = ∫∫ f ( x, y )dσ . |
lim ∑ f ( xi , y i ) |
||
i = |
1 |
D |
Читается: «двойной интеграл от f(x, y) на dσ по области D». Выражение f(x, y) dσ, показывающее вид суммируемых слагаемых, называется подынтегральным выражением; функция f(x, y) называется подынтегральной функцией, dσ – элементом площади, область D – областью интегрирования, наконец, переменные x и у называются переменными интегрирования.
Таким образом, можно сказать, что объём цилиндрического тела, ограниченного плоскостью Оху, поверхностью z = f(x, y) (f(x, y) > 0) и цилиндрической поверхностью с образующей, параллельной оси Oz, выражается двойным интегралом от функции f(x, y), взятым по области, являющейся основанием цилиндрического тела:
41
V = ∫∫ f ( x, y )dσ .
D
Аналогично теореме существования обыкновенного интеграла имеет место следующая теорема.
Теорема существования двойного интеграла.
Если функция f(x, y) непрерывна в области D, ограниченной замкнутой линией, то её n-я интегральная сумма стремится к пределу при стремлении к нулю наибольшего диаметра частичных областей.
Этот предел, т.е. двойной интеграл∫∫ f ( x, y )dσ , не зависит от способа разбиения области
D
D на частичные области σ, и от выбора в них точек Рi.
Перечислим свойства двойного интеграла, считая подынтегральные функции интегрируемыми.
Свойство 1. ∫∫c f (x, y)dx dy = c ∫∫ f (x, y)dx dy , с – const. |
|
D |
D |
Свойство 2. ∫∫( f1 (x, y)± f1 (x, y))dx dy = ∫∫ f1 (x, y)dx dy ± ∫∫ f2 (x, y)dx dy .
D D D
Свойство 3. Если область D разбить линией на две области D1 и D2 такие, что D1 D2 = D, а пересечение D1 и D2 состоит лишь из линии, разделяющей, то
∫∫ f (x, y)dx dy = ∫∫ f (x, y)dx dy + ∫∫ f (x, y)dx dy .
D |
D1 |
D2 |
Свойство 4. Если в области D имеет место неравенство f(x, y) ≥ 0, то и ∫∫ f (x, y)dx dy ≥ 0 .
D
|
n |
Свойство 5. ∫∫dS = S , так как ∑ Si = S . |
|
D |
i=1 |
Свойство 6. Если функция f(x, y) непрерывна в замкнутой области D, площадь которой S, то mS ≤ ∫∫ f (x, y)dx dy ≤ MS , где m M – соответственно наименьшее и наибольшее значения
D
подынтегральной функции в области D.
Свойство 7. Если функция f(x, y) непрерывна в замкнутой области D, площадь которой S, то в этой области существует такая точка (x0; y0), что ∫∫ f (x, y)dx dy = f (x0 ; y0 ) S . Величину
|
S |
|
D |
|
|
∫∫D |
|
f (x0 ; y0 )= |
1 |
|
f (x, y)dx dy называют средним значением функции f(x, y) в области D. |
|
Двойной интеграл, разумеется, представляет собой число, зависящее только от подынтегральной функции и области интегрирова0ния и вовсе не зависящее от обозначений переменных интегрирования, так что, например,
∫∫ f ( x, y )dσ = ∫∫ f (u,ν )dσ
D D
Далее мы убедимся в том, что вычисление двойного интеграла может быть произведено посредством двух обыкновенных интегрирований.
1.2. Вычисление двойных интегралов в декартовых координатах
При вычислении двойного интеграла ∫ f ( x, y )dσ элемент площади dσ нам удобно
D
представить в ином виде. Будем разбивать область интегрирования D в плоскости Оху на частичные области посредством двух систем координатных линий: x = const, y = const. Этими
42
линиями служат прямые, параллельные соответственно оси Оу и оси Ох, а частичными областями – прямоугольники со сторонами, параллельными осям координат. Ясно, что площадь каждой частичной области dσ будет равна произведению соответствующих X и Y. Поэтому элемент площади dσ мы запишем в виде dσ = dxdy, т.е. элемент площади в декартовых координатах является произведением дифференциалов независимых переменных. Мы имеем
∫∫ f ( x, y )dσ = ∫∫ f (x, y )dxdy
D D
При вычислении двойного интеграла мы будем опираться на тот факт, что он выражает объём V цилиндрического тела с основанием D, ограниченного поверхностью z = f(x, y). Напомним, что мы уже занимались задачей об объёме тела, когда рассматривали применения
определённого интеграла к задачам геометрии и получили формулу V = ∫b S ( x )dx
a
Рис.3
где S(x) – площадь поперечного сечения тела плоскостью, перпендикулярной к оси абсцисс, а х = а и x = b – уравнения плоскостей, ограничивающих тело. Применим теперь эту формулу к
вычислению двойного интеграла ∫∫ f (x, y )dxdy .
D
Предположим сначала, что область интегрирования D удовлетворяет следующему условию: любая прямая, параллельная оси Ох или Оу, пересекает границу области не более чем в двух точках. Соответствующее цилиндрическое тело изображено на рис.3.
Область D заключим внутрь прямоугольника a ≤ x ≤ b , с ≤ y ≤ d ,стороны которого
касаются границы области в точках А, В, С, Е. Интервал [а, b] является ортогональной проекцией области D на ось Ох, а интервал [с, d] – ортогональной проекцией области D на ось Оу. На рис.4 область D показана в плоскости Оху.
Точками А и С граница разбивается на две линии: АВС и АЕС, каждая из которых пересекается с любой прямой, параллельной оси Оу, в одной точке. Поэтому, их уравнения можно записать в форме, разрешенной относительно у:
y = у1(х) (АВС), y = y2(х) (АЕС).
Аналогично точками В и Е граница разбивается на линии ВАЕ и ВСЕ, уравнения которых можно записать так:
x = x1(y) (BAE) x = x2(y) (BCE)
43
Рис.4
Рассечём рассматриваемое цилиндрическое тело произвольной плоскостью, параллельной плоскости Oyz, т.е. x = const, а < x < b (рис. 3). В сечении мы получим криволинейную трапецию PMNR, площадь которой выражается интегралом от функции f(x, y), рассматриваемой как функция одной переменной y, причем у изменяется от ординаты точки Ρ до ординаты точки R. Точка Ρ есть точка входа прямой x = const (в плоскости Оху) в область D, а R – точка её выхода из этой области. Из уравнений линий AВС и AЕС следует, что ординаты этих точек при взятом х соответственно равны y1(x) и y2(x)
y 2 ( x )
Следовательно, интеграл ∫ f ( x, y )dy даёт выражение для площади плоского сечения
y1 ( x )
PMNR. Ясно, что величина этого интеграла зависит от выбранного значения х; другими словами площадь рассматриваемого поперечного сечения является некоторой функцией от х, мы обозначим её через S(x)
Согласно формуле объём всего тела будет равен интегралу от S(x) в интервале изменения х ( a ≤ x ≤ b ). При выводе формулы (3) мы считали, что S(х) есть геометрическая площадь поперечного сечения. Поэтому дальнейшие рассуждения справедливы, строго говоря, лишь для случая f ( x, y ) ≥ 0 . Основываясь на уточнённом геометрическом смысле двойного интеграла,
нетрудно доказать, на чем мы не будем останавливаться, что получающаяся формула для вычисления двойного интеграла будет верна для любых функций.
Заменяя в этой формуле S(x) её выражением, окончательно получим
V = ∫∫ f ( x, y )dxdy |
b |
y 2 |
( x ) |
|
|
= ∫ |
|
∫ f ( x, y )dy dx |
|||
D |
a |
|
1 |
( x ) |
|
y |
|
||||
или в более удобной форме |
|
|
|
||
V = ∫∫ f ( x, y )dxdy |
b |
|
|
y 2 |
( x ) |
= ∫ dx |
∫ f ( x, y )dy |
||||
D |
a |
|
|
y1 ( x ) |
Пределы внутреннего интеграла переменные; они указывают границы изменения переменной интегрирования y при фиксированном значении второго аргумента х. Пределы внешнего интеграла постоянны; они указывают границы, в которых может изменяться аргумент x.
Меняя роли x и у, т.е. рассматривая сечения тела плоскостями y = const ( с ≤ y ≤ d ), мы
x 2 |
( y ) |
найдём сначала, что площадь Q(y) такого сечения равна |
∫ f ( x, y )dх , где у при |
х1 ( y ) |
интегрировании считается величиной постоянной. Интегрируя затем Q(y) в пределах изменения у, т.е. от с до d, мы придём ко второму выражению для двойного интеграла
44
∫∫ f ( x, y )dxdy |
b |
x 2 |
( y ) |
= ∫ dy |
|
∫ f ( x, y )dx . Здесь интегрирование совершается сначала по х, |
|
D |
a |
x1 |
( y ) |
а потом по у.
Формулы) показывают, что вычисление двойного интеграла сводится к последовательному вычислению двух обыкновенных определённых интегралов; нужно только помнить, что во внутреннем интеграле одна из переменных принимается при интегрировании за постоянную. Для краткости правые части формул называют повторными (или двукратными) интегралами, а сам процесс расстановки пределов интегрирования – приведением двойного интеграла к повторному.
Формулы приведения двойного интеграла к повторному приобретают особенно простой вид, когда область D является прямоугольником со сторонами, параллельными осям координат (рис.5). В этом случае становятся постоянными пределы не только внешнего, но и внутреннего интегралов:
∫∫ |
b |
d |
d |
b |
f ( x, y )dσ = ∫ dx ∫ |
f ( x, y )dy = ∫ dy ∫ f ( x, y )dx . |
|||
D |
a |
c |
c |
a |
В других случаях для сведения двойного интеграла к повторному необходимо прежде всего построить область интегрирования; лучше всего изобразить эту область прямо в плоскости Оху, как это сделано на рис.4. Затем нужно установить порядок интегрирования, т.е. наметить, по какой переменной будет производиться внутреннее интегрирование, а по какой – внешнее, и расставить пределы интегрирования.
Поясним на примерах, как производится расстановка пределов интегрирования.
Пример 1. Приведём к повторному двойной интеграл ∫∫ f ( x, y )dxdy если
D
область D – треугольник,
Рис.5 Рис.6.
ограниченный прямыми у = 0, у = х и х = а (рис.6). Если интегрировать сначала по у, а потом по х, то внутреннее интегрирование производится от линии у = 0 до линии у = х, а внешнее – от точки х = 0 до точки х = a. Поэтому
∫∫ f ( x, y )dxdy |
= ∫a |
dx ∫x |
f ( x, y )dy . |
D |
0 |
0 |
|
Меняя порядок интегрирования, получим
∫∫ f ( x, y )dxdy |
= ∫b |
dy ∫a |
f ( x, y )dx . |
D |
0 |
y |
|
Пример 2. Приведём к повторному интеграл∫∫ f ( x, y )dxdy , если область D ограничена
D
линиями у = 0, у = х2 и х + у = 2.
Область D, а также координаты крайних её точек показаны на рис.7. Вид области указывает на то, что удобнее интегрировать сначала по х, а потом по у:
45
∫∫ f ( x, y )dxdy |
1 |
2 − y |
= ∫ dy |
∫ f ( x, y )dx . |
|
D |
0 |
y |
Если изменим порядок интегрирования, то результат уже не удастся записать в виде одного повторного интеграла, так как линия ОВА имеет на разных участках разные уравнения.
Рис.7. Разбивая область D на две: ОВС и СВА, получим
∫∫ f ( x, y )dxdy |
1 |
x 2 |
2 |
2 − x |
|
= ∫ dx |
∫ |
f ( x, y )dy + ∫ dx |
∫ |
f ( x, y )dy . |
|
D |
0 |
0 |
1 |
0 |
|
Рис.8 |
Рис.9 |
Рис.10 |
Этот пример показывает, как важно с самого начала продумать порядок интегрирования.
Формулы (4) и (5) сведения двойного интеграла к повторному справедливы и для случая областей более общего вида. Так, формула применима к области, указанной на рис.8, а формула– к области, изображённой на рис. 9. В случае области ещё более общего вида (рис.10) двойной интеграл следует разбить на сумму интегралов по более простым (правильным) областям, а затем каждый из них сводить отдельно к повторному, пользуясь формулами (4) и
(5).
Рассмотрим теперь несколько примеров, связанных с вычислением двойных интегралов.
Пример 3. Найдём двойной интеграл от функции z = 1 − 13 x − 14 y по прямоугольной области D ( − 1 ≤ x ≤ 1 , − 2 ≤ y ≤ 2 ).
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
I = ∫∫ 1 |
− |
|
x − |
|
y dxdy |
||
3 |
4 |
||||||
D |
|
|
|
|
Геометрически I выражает объём четырёхугольной призмы
Рис.11 46
1
3
(рис.11), основанием которой служит прямоугольник D, усечённый плоскостью
x + |
1 |
y + z = 1 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Возьмём повторный интеграл сначала по у, затем по х: |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
1 |
2 |
|
− |
1 |
x − |
1 |
|
|
|
|
1 |
|
− |
1 |
xy |
− |
1 |
y |
2 |
|
|
2 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
I = ∫ dx |
∫ |
1 |
3 |
4 |
y dy |
= ∫ |
y |
3 |
8 |
|
|
|
= |
|||||||||||||||||
|
|
− 1 |
− 2 |
|
|
|
|
|
|
|
− 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
− 2 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
1 |
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
= ∫ |
4 x |
− |
|
|
|
x dx |
= |
4 x − |
|
x |
|
|
|
|
= 8 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
3 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
− 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1− 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
То же самое получим, интегрируя сначала по х, а затем по у:
|
2 |
|
1 |
|
1 − |
1 |
x − |
1 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
1 |
x |
2 |
− |
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
I = ∫ dy |
∫ |
|
3 |
4 |
y dx |
= ∫ |
x − |
6 |
|
4 |
xy |
|
= |
|||||||||||
|
− 2 |
|
− 1 |
|
|
|
|
|
|
|
− 2 |
|
|
|
|
|
|
− 1 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
2 |
|
− |
1 |
|
|
|
2 y − |
1 |
y |
2 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
= ∫ |
2 |
2 |
y dy |
= |
4 |
|
|
|
|
= 8 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
− 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 4. Вычислим двойной интеграл
∫∫ ( x + y )dxdy
D
по области D, ограниченной линиями у=х2 и у=х. Область D
Рис.12 изображена на рис.12. Интегрируя сначала по у, а потом по х, получаем
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
x |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
y |
2 |
x |
|||||
∫∫ ( x + y )dxdy |
= ∫ dx |
∫ ( x + y )dy |
= ∫ |
xy |
+ |
|
|
|
|
|
dx = |
|||||||||||||||||
|
2 |
|||||||||||||||||||||||||||
D |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
x 2 |
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
x 2 |
||||||||
|
1 |
|
|
x |
2 |
|
x |
4 |
|
|
|
x |
3 |
|
x |
4 |
|
|
x |
5 |
|
|
|
1 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
= |
|
x 2 |
+ |
|
− |
x 3 − |
|
|
dx |
= |
|
− |
|
− |
|
|
|
|
|
|
= |
. |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
∫ |
|
2 |
|
4 |
|
|
|
2 |
4 |
|
10 |
|
|
|
|
|
20 |
|
|||||||||
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Правильность результата можно проверить, изменив порядок интегрирования :
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
y |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
x 2 |
|
y |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
∫∫ ( x + y )dxdy |
= ∫ dy |
∫ ( x + y )dx |
= |
∫ |
xy |
+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dy |
= |
|
|||||||||||||||
|
|
2 |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
D |
|
|
|
|
|
0 |
|
|
y |
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
1 |
|
y |
|
|
y |
2 |
|
|
|
|
|
|
y 2 |
|
|
2 y |
|
|
|
|
|
y 3 |
|
|
|
|
3 |
|
||||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
= |
|
|
|
+ y y |
− |
|
|
− |
y |
|
dy |
= |
|
|
+ |
|
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
∫ |
2 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
4 |
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
20 |
|
|||||||
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 5. Вычислим объём тела, ограниченного цилиндрическими поверхностями z = 4 – y2,
y = |
x 2 |
и плоскостью z = 0 (рис. 13,а). |
|
2 |
|||
|
|
47
Рис.13
Поверхность, ограничивающая тело сверху, имеет уравнение z = 4-y2. Область
интегрирования D получается в результате пересечения параболы y = |
x 2 |
с линией |
|
2 |
|||
|
|
пересечения цилиндра z = 4 - y2 и плоскости z = 0, т.е. с прямой у=2 (Рис. 13, б). Ввиду симметрии тела относительно плоскости Oyz, вычисляем половину искомого объёма:
1 V |
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
y |
3 |
2 |
|
|
|
2 |
|
|
|
8 − 2 x 2 + |
x |
6 |
|
|
|||
= |
∫ |
dx |
|
∫ |
(4 y |
− y 2 )dy |
= |
∫ |
4 y − |
|
|
|
dx |
= |
|
|
8 |
− |
|
dx |
= |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
2 |
|
|
∫ |
|
|
3 |
24 |
|
|
|||||||||
|
|
0 |
|
|
x 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
x |
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
16 |
|
|
2 x 3 |
|
|
x 7 |
|
|
2 |
128 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
= |
|
|
x − |
|
|
|
+ |
|
|
|
|
= |
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
3 |
|
|
3 |
|
168 |
|
|
|
|
21 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Следовательно, V = 12,2 куб. ед.
Пример 6. Вычислим объём V тела, ограниченного поверхностью z = 1 - 4х2 - y2 и плоскостью Оху.
Заданное тело представляет собой сегмент эллиптического параболоида, расположенный над плоскостью Оху (рис.14). Параболоид пересекается с плоскостью Оху по эллипсу 4x2 + y2=1.
Рис.14
Следовательно, задача состоит в отыскании объёма цилиндрического тела, имеющего своим основанием внутренность указанного эллипса и ограниченного параболоидом
z = 1 - 4х2 - y2.
В силу симметрии тела относительно плоскостей Oxz и Oyz можно вычислить объём четвертой его части, заключённой в первом координатном угле. Этот объём равен двойному
интегралу, распространенному по области, заданной условиями 4 x 2 + y 2 ≤ 1 , x ≥ 0 , y ≥ 0 т. е. по четверти эллипса. Интегрируя сначала по у, затем по х, получим
|
1 V = |
1 2 |
|
|
1− 4 x 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
1 2 |
3 |
|
|
|||||
|
∫ dx |
|
|
∫ |
(1 − 4 x 2 − y |
2 )dy = |
|
∫ |
(1 − 4 x 2 ) 2 dx |
||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
4 |
|
0 |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
0 |
|
|
|
||||
Подстановка 2x = sin t даёт |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
1 |
|
2 |
|
1 |
|
π 2 |
|
4 |
|
|
2 |
|
1 |
|
|
3 |
|
|
|
π |
|||
|
|
V = |
|
× |
|
|
∫0 |
cos |
|
tdt |
= |
|
× |
|
× |
|
π |
, откуда V = |
|
. |
|||
|
4 |
3 |
2 |
|
|
3 |
2 |
16 |
|||||||||||||||
|
|
|
4 |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
48 |
|
|