2216
.pdfP x, y dx Q x, y dy 0. (2*)
Пример.
y x y dy x y x y dx xydy 0. xy dx xy
Исходя из определений, введенных на лекции №1, общим решением уравнения (2) будет функция y x,C , а общим интегралом x, y,C 0. Считаем, что уравнение (2) решено или проинтегрировано, если найдено его общее решение или общий интеграл.
Задача Коши
В практических задачах (лекция №1) обычно требуется найти решение дифференциального уравнения (2), удовлетворяющее
дополнительному |
условию: |
y/x x0 |
y0. |
Такое |
условие |
|
называется начальным. |
|
|
|
y |
f x, y |
|
Итак, если на дифференциальное |
уравнение |
|||||
наложено начальное условие |
y/x x0 |
y0, |
то говорят, что |
|||
поставлена задача Коши. |
|
|
|
|
|
|
Геометрически это означает, что из всех интегральных кривых |
||||||
надо выделить |
кривую, проходящую |
через |
заданную |
точку |
x0 , y0 .
Очевидно, что если для уравнения y f x, y получено
общее решение y x,C [или общий |
интеграл x, y,C 0], |
то, подставляя в указанную формулу x0 |
и y0 , находим значение |
C0 и решением задачи Коши будет функция y x,C0 или интеграл x, y,C0 0.
Способы решения
Геометрический способ. Так как каждое решение уравнения геометрически представляет интегральную кривую, то геометрически решение уравнения сводится к отысканию ортонормированного семейства этих кривых. Если на плоскости зафиксировать точку M0 x0, y0 , то из уравнения (2), не решая его, можно найти y0 f x0, y0 , учитывая, что y есть тангенс угла
наклона касательной к оси Ox, то в любой точке M0 мы получаем направление интегральной кривой. Если построить такие касательные во всех точках плоскости, то получим поле направлений интегральных кривых данного дифференциального уравнения.
Пример.
y |
y |
или |
dy |
|
y |
в любой точке M0, |
y tg |
y0 |
. |
x |
dx |
x |
|
||||||
|
|
|
|
|
x0 |
||||
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x0 |
x |
Рис. 1
Из построенного поля направлений (рис. 1), очевидно, что интегральные кривые суть прямые y Cx. Чтобы облегчить построение интегральных кривых, находят такие линии, во всех точках которых направления одинаковы. Такие линии называются изоклинами (изо – равных, клино – наклоняю). Очевидно, что для
уравнения (2) в точках изоклины y const |
|
f x, y C – |
|||
уравнение изоклины. |
|
|
|
||
В предыдущем примере |
y |
C |
|
y Cx |
– прямые, |
|
|||||
|
x |
|
|
|
проходящие через начало координат представляют собой изоклины.
Пример. |
|
||||
|
dy |
|
|
x2 y2 C2 |
|
|
|
x2 y2 |
. Изоклины этого уравнения |
||
|
|
||||
|
dx |
|
|
|
представляют собой окружности (рис. 2). Пусть
C 1, y tg 1; ;
4
C 2, y tg 2; arctg 2;
C 3, y tg 3; arctg 3 и т.д.,
по ним легко построить не только поле направлений, но и даже примерно сами кривые.
y
x
Рис. 2
Аналитические способы. Рассмотрим аналитические способы решения различных типов дифференциального уравнения
(2).
Частные типы дифференциальных уравнений 1-го порядка и отыскание их общих решений
Уравнения с разделяющимися переменными.
Запишем дифференциальное уравнение 1-го порядка в симметричном форме (2*):
P x, y dx Q x, y dy 0.
(3) |
и Q x, y |
|
Если функции P x, y |
могут быть разложены на |
|
множители: P x, y 1 x 1 y ; |
Q x, y 2 x 2 y , то |
уравнение (3) называется уравнением с разделяющимися переменными. Его можно представить:
|
|
|
1 x 1 y 2 |
x 2 |
y 0 |
|
|
1 |
|
|
|||||||
или |
|
|
1 |
y 2 x |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
1 x |
1 y |
|
1 x |
|
1 y |
|||||||||||
|
|
|
|
dx |
|
dy 0 |
|
|
|
dx |
|
dy C. |
|||||
|
2 |
x |
y |
|
2 |
x |
y |
||||||||||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
Проинтегрировав, мы получим интегральное уравнение в виде
x y C. F x, y,C 0.
Примеры.
1. x xy2 dx y yx2 dy;
|
|
|
|
x 1 y2 dx y 1 x2 dy 0 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
; |
||||||||||||
|
|
|
|
|
1 y2 1 x2 |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
xdx |
|
|
|
|
ydy |
|
xdx |
|
ydy |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
; |
|
|
|
|
C |
; |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
1 x2 |
1 y2 |
1 x2 |
1 y2 |
|
|
|
||||||||||||||
1 |
|
d x2 1 |
1 |
|
d y2 1 |
C; ln x |
2 |
1 ln y |
2 |
1 C |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
2 |
|
x2 1 |
2 |
|
y2 1 |
|
|
||||||||||||||||||
или x2 |
1 y2 1 eC ; eC const , |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
x2 |
1 y2 1 C – |
общее |
|
|
интегральное решение. |
(*)
Найти частное решение, удовлетворяющее начальному условию: y/x 0 0, т. е. интегральную кривую, переходящую через точку O 0,0 . Из уравнения (*) следует:
0 1 0 1 C C 1.
x2 y2 x2 y2 0 – кривая 4-го порядка, вырождается в точку.
2. Рассмотрим задачу №1 из лекции №1 и найдем количество
радия через t 100лет, если t |
0, R 5г. |
|
|
|
|
||||||||||||
|
dR |
|
|
|
|
|
|
dR |
kdt |
|
|||||||
|
|
|
kR 0 |
dR kRdt 0 |
|
|
|||||||||||
|
dt |
R |
|||||||||||||||
ln R kt C R Ce kt , |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
найдем C R C e kt0 |
C R ekt0 |
; окончательно |
|
||||||||||||||
0 |
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
R R C e k t t0 , |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
обычно дают период полураспада |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
1 |
e |
kt |
t |
ln2 |
; R 5 e |
k 100 |
, |
|
||||||||
2 |
|
k |
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
где k |
ln2 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Однородные уравнения. |
|
f x, y называется однородной |
|||||||||||||||
Определение. Функция |
|
||||||||||||||||
степени k , если при любом t |
f tx,ty tk f x, y . |
|
|
||||||||||||||
Пример. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f x, y x y; |
|
|
|
f tx,ty tx ty t x y t f x, y |
– |
||||||||||||||||||||
однородная 1-й степени. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
f x, y x y 1 – не однородная. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
f x, y x2 y2 |
xy – однородная 2-й степени. |
|
|
||||||||||||||||||||||
Рассмотрим уравнение |
|
P x, y dx Q x, y dy 0 (3). Такое |
|||||||||||||||||||||||
уравнение |
называется |
однородным, |
|
если функции P x, y |
и |
||||||||||||||||||||
Q x, y |
однородные, |
одной |
|
и |
|
той |
же |
степени, |
т.е. |
||||||||||||||||
P tx,ty tkP x, y и Q tx,ty tkQ x, y . |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
Однородные уравнения решаются подставкой y x, |
где |
||||||||||||||||||||||||
некоторая неизвестная функция x, |
x . Тогда, подставляя |
||||||||||||||||||||||||
в уравнение |
(3) |
вместо |
y x, |
|
dy dx xd , получим |
||||||||||||||||||||
y x . |
Таким |
|
|
образом, |
|
приходим |
|
к |
уравнению |
с |
|||||||||||||||
разделяющимися переменными x и . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
Пример. |
|
x y dx x y dy 0; |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
dy |
|
x y |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
x y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
x |
x x |
; x |
1 |
; |
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
x x |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|||||||||
|
|
x |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 1 |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
; |
xd |
|
|
dx; |
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
1 d |
|
|
dx |
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
C; |
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
2 1 |
|
x |
|
|
|
|
|
|
1 ln 2 1 arctg ln x C . 2
ln 2 1 x2 2arctg 2C, где y ; x
ln y2 x2 2arctg y C. x
Лекция № 3. ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ 1-ГО ПОРЯДКА (окончание)
Линейные уравнения 1-го порядка.
Определение. Дифференциальные уравнения, в которых неизвестная функция и все её производные входят только в первой степени и которые для n-го порядка производной можно представитьввиде:
a0 x y n a1 x y n 1 an 1 x y an x y f x 0,
называются линейными.
В частности, линейное уравнение 1-го порядка имеет вид: a x y b x y f x 0 или в приведенном в виде, когда a x 0, y p x y q x 0.
(1)
Линейные уравнения 1-го порядка интегрируются с помощью
подстановки
y u x x ,
(2)
причем обе неизвестные функции u u x и x находятся в процессе решения.
Пример.
dy y x2 y 1 y x2 0; x 0. dx x x
Введем подстановку: y u y u u.
u u 1u x2 0, x
u 1u u x2 0x
(*)
Подберем функцию u u x так, чтобы коэффициент при был равен нулю:
u |
1 |
u 0. |
du |
|
u |
xdu udx |
u x. |
|
x |
dx x |
|
|
При отыскании функции u const не учитываем, т.е. du dx; u x
lnu ln x. После чего ставим в уравнение (*) найденную функцию u.
x x2 0 x 0 |
d xdx |
|
x2 |
C . |
||
|
||||||
|
x2 |
|
2 |
|
||
|
|
|
|
|||
Окончательный ответ: y x |
|
C . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
За м е ч а н и е 1. Из примера следует, что после подстановки собираем члены с функцией и полученный коэффициент при приравниваем к нулю, так находим функцию u, причем при первом интегрировании константа не учитывается. Подставляя найденную функцию u обратно в уравнение, находим .
За м е ч а н и е 2. К линейным уравнениям сводятся так называемые уравнения Бернулли:
y p x y q x ym ,
где m – целое число, m 0, m 1. Предварительно уравнение делят на ym:
y m y p x y1 m q x ,
после чего подстановкой z y1 m уравнение сводят к линейному:
1 m
z1 m y z1 m y m .
Пример.
y 2xy 2x3y2; y 2 y 2xy 1 2x3; z y 1, т. е. z z x ;
y z 1; y 1 z 2 z ; z2 y 2;
z2 z12 z 2xz 2x3;
z 2xz 2x3 0 – линейное.
Уравнение в полных дифференциалах.
Рассмотрим уравнение
P x, y dx Q x, y dy 0
(4)
Левая часть этого уравнения может оказаться дифференциалом некоторой функции двух переменных u x, y , т.е. уравнение может иметь вид
|
u |
dx |
u |
dy 0. |
|
|
|
||
|
x |
y |
||
(5) |
|
записать в виде du x, y 0, |
||
Тогда уравнение (5) можно |
откуда следует, что общий интеграл такого уравнения имеет вид: u x, y C.
(6)
Встают два вопроса:
1.Как среди уравнений вида (4) суметь отличить уравнение вида
(5)?
2.Как по уравнению вида (5) найти функцию u x, y ?
Первый вопрос решается просто, учитывая, что частные
производные, |
отличающиеся |
|
только |
порядком |
|||
дифференцирования равны, т.е. |
2u |
|
2u |
, значит, |
уравнение |
||
x y |
y x |
||||||
|
|
|
|
|
(4) для односвязной области будет уравнением (5) тогда и только тогда, когда
P Q,
y |
x |
(7)
то есть достаточно для уравнения (4) проверить выполняемость равенства (7).
Второй вопрос решается так:
u P x, y .
x
(8)
Интегрируя равенство (8), при условии, что y const, получим:
u x, y P x, y dx C y .
(9)
Продифференцировав (9) по y, имеем:
u |
|
|
|
P x, y dx C y . |
|
y |
|||
y |
|
|
(10)
Остается из дифференциального уравнения (10)
P x, y dx C y Q x, y
y
найти C y :
|
|
|
|
|
|
|
C y Q x, y dy |
|
P x, y dx. |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|||||||
|
|
Пример. |
|
3x2 6xy2 dx 6x2 y 4y3 dy 0. |
|
|
||||||||||
|
P |
|
|
Q |
|
|
||||||||||
|
12xy; |
|
12xy – уравнение в полных дифференциалах. |
|||||||||||||
|
y |
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
u x, y 3x2 6xy2 dx C y x3 3x2 y2 C y ; |
||||||||||||||
|
|
|
u |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
2 |
|
3 |
|
4 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
C y y |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
y |
6x y C y 6x y 4y |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Итак, u x, y x3 |
3x2 y2 |
y4. |
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
Общий интеграл уравнения: |
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x3 3x2y2 y4 C. |
|
|
|
Дифференциальные уравнения 1-го порядка, неразрешенные относительно производной
На предыдущей лекции дифференциальных уравнений практические задачи приводят к
рассмотрены методы решения вида y f x, y . Однако часто уравнениям
F x, y, y 0 |
и |
т.д. |
|
(11) |
|
|
y или |
Если уравнение (11) легко разрешается относительно |
|||
x, то есть может быть приведено к виду |
|
|
|
y f x, y или |
x g y, y , |
|
|
то решение такого уравнения можно получить в параметрической форме.
Рассмотрим уравнение
y f x, y ,
(12)
положим y p, тогда y f x, p . Дифференцируя это равенство по x, имеем:
|
y |
|
f |
|
f |
|
d p |
|
|
P |
f |
|
f |
|
d p |
. |
||||
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
x |
|
p dx |
|
|
|
|
x |
p dx |
|||||||||||
Считая x и |
p параметрами, мы уравнение (11) приводим к |
|||||||||||||||||||
системе |
|
|
|
|
y f x, p ; |
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
f |
|
f |
|
|
d p |
, |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
p dx |
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(13)
состоящей из уравнения, дающего зависимость функции y от двух параметров x и p, и одного дифференциального, указывающего на связь между ними. Решив дифференциальное уравнение (а оно
разрешимо относительно d p ), т.е. отыскав его общий интеграл
dx
x, p,C 0, имеем решение дифференциального уравнения (12)
ввиде
y f x, p ;
x, p,C 0.
(14)
Такое решение (4) называется общим решением в параметрической форме. Если удается исключить параметр p, то получим общий интеграл уравнения (2): x, y,C 0.
Пример.
y 2xy y 3, (**)
т.е. уравнение имеет вид y f x, y , (12): положим y p; y 2xp p3; dy 2p 2x 3p2 d p .
dx |
|
|
|
dx |
|
Уравнения сводим к системе: |
|
|
|
|
|
y 2xp p3 |
; |
|
|
|
|
|
|
|
d p |
|
|
p 2p 2x 3p2 |
|
. |
|||
|
|||||
|
|
|
dx |
||
|
|
|
(а)
(б)