Задачник по трубопроводному транспорту нефти нефтепродуктов и газа
..pdf151
при неизменном давлении 3,8 МПа в конце участка. При нять А = 0,59 ; Zcp = 0,9; Тср = 15 °С; R = 490 Дж/(кг К).
Ответ, а2 = 1,64 • 106 м2/с.
239. Удельный массовый расход газа qK(x ,t) = M/S в
переходном процессе, происходящем на участке газопрово
да (D = 1020x10 |
мм, S = 7id2/4 , L = 150 км), описывается |
|
уравнением (140) типа теплопроводности: |
||
dq,.2 ( М ) |
2 э 2дк2 (x ,t) |
|
at |
Эх2 |
’ |
причем параметр а2, играющий в этом уравнении роль коэф
фициента температуропроводности, равен 1,64 106 м2/с (см.
решение предыдущей задачи). Считая рассматриваемый
участок |
газопровода полубесконечным (0 < х < °°), опреде |
||||
лить, |
через |
какое |
время |
внезапное |
изменение |
AQKо = 0,25 • QK коммерческого расхода газа, происшедшее
в начале участка на 25% от его первоначального значения, достигнет сечения х = L = 150 км газопровода? Под време нем достижения понимается момент времени, когда изме нение AQK(L, ^расхода газа в сечении х = 150 км составит 1% от величины AQK0. При этом предполагается, что новый
расход газа, установившийся в начале участка, поддержива ется постоянным.
Ответ. 1002 с (~ 16,7 мин).
240. В начале участка газопровода ( d - внутренний диаметр; L - протяженность) давление составляет рн , а в конце - рк . В некоторый момент ( t = 0 ) времени давление в начале участка увеличивают до значения р* и далее под держивают его постоянным. Начавшийся в газопроводе пе реходный процесс заканчивается установлением нового стационарного режима. Определить время установления
152
этого режима, понимая под ним интервал времени от начала процесса до момента, когда массовый расход газа в начале участка будет отличаться от массового расхода в конце уча стка не более чем на 1% от его нового значения.
Ответ. |
Рн. ~Рн. |
2 |
Л |
2 |
|
||
* 2 |
) |
||
241. Используя условие |
Рн. -Рк. |
|
|
предыдущей |
задачи № 240, |
найти время установления стационарного режима на участ ке газопровода (D = 1020x10 мм, L = 100 км, к = 0,05 мм)
при повышении давления в начале участка с 4,5 до 5,5 МПа, если известно, что давление в конце этого участка остается
неизменным и равным |
3,5 |
МПа. |
Принять: |
Zcp = 0,9; |
|
R = 500 |
Дж/(кг К); Тер = 20 °С. |
|
|
|
|
Ответ. «49 мин. |
|
|
|
|
|
242. |
Коммерческий расход |
газа |
( А = 0,60, |
Zcp = 0,92, |
|
R = 500 |
Дж/(кг К); Тср = 10 °С) на участке магистрального |
||||
газопровода ( D = 820 х 10, |
L = 125 км, к = 0,03 |
мм) состав- |
ляет 15 млн. м /сутки. После того, как один из газоперека чивающих агрегатов на КС внезапно отключился, расход газа уменьшился до 10 млн. м /сутки. Определить, через какое время после отключения агрегата расход газа в сече
нии, отстоящем от КС на расстояние 25 км, станет меньше
о
10,5 млн. м /сутки, если известно, что первоначальное дав
ление на КС составляло |
5,5 МПа, а в конце участка остава |
|||
лось неизменным. |
|
|
|
|
Ответ. 555 с (= 9,25 мин). |
|
|
||
243. На 30-м километре участка газопровода протяжен |
||||
ностью 150 км образовался |
свищ (сквозное |
коррозионное |
||
отверстие) площадью |
20 |
мм2. Какой |
объем |
газа |
( А = 0,62,y = Cp/C v = l,3 |
7 ) |
будет потерян за сутки |
в ре |
зультате утечки через свищ, если известно, что давление в
153
начале участка газопровода составляет 5,5 МПа, а в конце - 3,5 МПа? Температуру газа в сечении утечки принять рав ной 12 °С, а коэффициент сжимаемости Zc = 0,9.
Ответ. 40,2 тыс. м3
244. На 80-м километре газопровода с протяженностью
л
120 км возникло сквозное отверстие площадью 4 см . Какой объем газа ( R = 500 Дж/(кг К), у = Cp/C v = 1,31) будет по терян за сутки, если известно, что давление в начале участка газопровода составляет 5,8 МПа, а в его конце - 3,5 МПа, а средняя температура газа +10 °С? Газ считать совершенным.
Ответ. 391,24 тыс. м3 245. Для производства ремонтных работ участок газо
провода изолировали от остальной части трубопровода, пе
рекрыв |
его кранами, |
и начали выпускать газ ( у = 1,31, |
R = 487 |
Дж/(кг К)) в |
атмосферу через короткий патрубок |
(свечу) с внутренним диаметром 100 мм. Определить ско рость истечения газа на срезе свечи в моменты времени, когда давление внутри газопровода сделалось сначала 1,2, а потом 0,12 МПа, если известно, что температура газа в се чении, где установлена свеча, составляет +10 °С. Газ счи тать совершенным.
Ответ. 398 и 214 м/с.
246. Участок газопровода (см. условие задачи № 243) изолировали от остальной части трубопровода и начали вы пускать газ (у = 1,31, R = 487 Дж/(кг К)) в атмосферу через короткую свечу с внутренним диаметром 100 мм. Опреде лить массовые расходы истечения газа в моменты времени, когда давления газа в месте установки свечи были равны 1,2 и 0,12 МПа. Известно, что температура газа в сечении, где установлена свеча, составляет +10 °С. Газ считать совер шенным.
Ответ. 17,15 кг/с (24,15 м3/с) и 1,29 кг/с (1,82 м3/с).
154
247. За какое время давление в отсеченном участке га зопровода (D = 1220x24 мм, L = 3000 м) снизится с 4,0 МПа до 2,0 МПа, если газ (А = 0,62, Т0 = Ю °С, у =1,34)
выпускать через свечу с внутренним диаметром 84 мм? Ка кова скорость истечения газа? Газ считать совершенным.
Ответ. 1727 с (* 29 мин), 387,4 м/с.
248. Задача об опорожнении участка газопровода. Уча сток газопровода (D = 820x10 мм, L = 5 км) выведен из эксплуатации для ремонта. После того, как его изолировали
от остальной части газопровода |
кранами, давление |
газа |
(А = 0,59, Т0 = Ю °С, у =1,31) в |
нем составило 2,0 |
МПа. |
Через свечу с внутренним диаметром 150 мм газ начали вы пускать в атмосферу. Сколько времени необходимо для то го, чтобы давление газа в изолированном участке газопро вода опустилось до атмосферного (0,1013 МПа)?
Ответ. «31 мин.
249. СЗадача о продувке участка газопровода) Для вы теснения природного газа из 25-км участка газопровода ( D = 820 х 10 мм) в него через начальное сечение нагнетают воздух. Определить длину газовоздушной смеси в момент ее подхода к концу участка, если под смесью понимать об ласть, в которой концентрация газа изменяется от 0,01 до 99,99 %.
Ответ. 630 м.
250. {Задача о маркере) В потоке газа в газопроводе (D = 1020x10 мм, L = 750 км) создается метка путем вве дения специальной газовой примеси {маркера), концентра ция которой равна 0О. Какова должна быть протяженность
газовой метки для того, чтобы в конце рассматриваемого газопровода концентрация маркера в середине метки уменьшилась не более чем на 0,01 %?
Ответ. 3813 м.
155
ЧАСТЬ 2. РЕШ ЕНИЯ ЗАДАЧ
2.1. Ф изические свойства нефтей и нефтепродуктов
1. Коэффициент £ теплового расширения данной нефти согласно таблице составляет 0,000831. Используя формулу (1), получаем
р5 = 845 • [l + 0,000831 • (20 - 5)] = 855,5 кг/м3
2. Согласно (1.1) имеем уравнение:
875 = р м -[1 + ^ 2 0 - 5 ) ] .
Коэффициент £ полагаем сначала соответствующим
плотности нефти при Т = 5 °С: £ = 0,000782. Тогда
Р2о = 875/[1 + 0,000782 • 15] =864,9 кг/м3.
Поскольку найденное значение р20 плотности принад лежит тому же интервалу, для которого принято значение коэффициента £ , то полученный результат в дальнейшем
уточнении не нуждается. 3. Согласно (1) имеем:
840 = ри -[1+ 5 (20 -12)]; Р и - Р » ‘[1 + 5(20-18)].
Отсюда получаем: |
|
840 1 + 81; |
1+2£ |
Pie "1 + 25:Pie =840- 1+ 8);
Если положить с, = 0,000882 таким же, как и для нефти
с плотностью 8 2 0 -8 3 9 кг/м 3, то для р |8 получаем:
р,8 = 840(1 + 2 • 0,000882)/(1+8 • 0,000882) = 835,6 кг/ м3. Тогда р20 =840/(1+0,000882 (20 -12)] = 834,1 кг/ м3. Это значение находится в том же диапазоне плотностей, для которого справедливо выбранное значение £ = 0,000882,
156
следовательно, полученный результат в дальнейшем уточ нении не нуждается. Итак, р 18 = 835,6 кг/ м3.
4. Имеем следующие равенства:
р, = 825• [1+0,000882• (20-Т,)], р2 = 825• [l+ 0,00082-(20-Т 2)].
Отсюда получаем:
Рг Р.'. = 82? : °:000882 • (т 2 ~ Т' ) - 0,000882-8 = 0.71 • 10~2
р20 825
Итак, плотность топлива увеличилась примерно на 0, 71 %. 5. Запишем уравнение (1) для двух значений плотности
нефти - утренней и дневной:
Р„. = Р20 • [l + 4(20- V ) ] , рдн = р20.[1 + 5 ( 2 0 - Тдн)],
где Рут.,рдн. и Т ,ТДН. - утренние и дневные плотности
нефти и температуры, соответственно. Из этих уравнений находим изменение Ар плотности:
Ар-Ру, - РД« = Р204 '(т„11-Т у,) = 850-0,000831-7 = 4,94 к г/м 3
Поскольку масса нефти в резервуаре не изменилась, то должны иметь место равенства:
Pn.H „S = P » H „ S => РууН^ = р дпН д„ ,
где S - площадь дна и Н - уровень нефти в резервуаре. Далее можно записать:
рртн рт= р „(н рт. + дн).
где АН - изменение уровня нефти в резервуаре. Тогда
АН = Ну,(ру,.-Рдп)/ру, =Н у1Д р/Рл„,
Вообще говоря, дневная плотность рдн нефти неиз
вестна, но она не сильно отклоняется от номинальной плотности р20 нефти при 20 С, то есть от 850 кг/ м , поэтому с
достаточной степенью точности имеет место равенство
Д р/рдв = 4,94/850 = 5,812 • 10'3
157
Отсюда находим:
АН = 9-5,812-10_3 = 52,3* 10_3 м.
Таким образом, уровень нефти повысится на 5,23 см.
6. |
Задача решается аналогично предыдущей. Имеем: |
||
ДН = н 0(р0 - р, )/р, = - Н0 Д р /р ,, |
|||
где Н 0 = 6 |
м |
начальный уровень нефти в резервуаре; |
|
р0,р, - |
плотности нефти: начальная и сутки спустя, соот |
||
ветственно; |
Ар = р, - р0. |
||
Др = 870 • 0,000782 10 = 6,8 кг/ м3 |
|||
Если принять |
р, s р 20 =870 кг/ м3, то Др/р, =0,00782, |
откуда находим: АН = -0,047 м. Это означает, что уровень
нефти в резервуаре понизится примерно на 4,7 см.
7. Сначала вычисляем объем бензина в резервуаре:
V = кТУ |
L+ |
7tcT |
•h= 3,14 -5: •50+ 3,14-23 (3-1)=987,53м3 |
v Б,15 |
|
|
|
Затем из условия неизменности массы топлива при из менении температуры вычислим объем бензина при темпе ратуре 10 °С:
P l 5^ B ,15 = Рю^Б,10 ^ |
^Б,10 = ^ Б ,15 ' P l5/PlO |
* |
|
|
||
Согласно (1), имеем: |
|
|
|
|
|
|
Р .о = Р » '[1 + 5(20 -10)]. р,5 = р 20 -[1+ 4(20 -15)], |
||||||
откуда |
находим: р15/р 10 = (1+ 5£)/(1 + 10£). |
Для |
нефтепро |
|||
дуктов |
с плотностью |
730 кг/м3 |
£ = 0,001183, |
поэтому |
||
Р15/Р10 =(1 + 5*0,00183)/(1 + 10-0,00183) = 0,99415. |
Отсюда |
|||||
следует, |
что УБ10 = 987,53 0,99415 = 981,75 |
м3, т. е. объем |
||||
|
|
о |
|
|
|
|
бензина уменьшился на 5,78 м |
|
|
|
|
||
Площадь S сечения горловины цистерны |
составляет: |
|||||
S = 3,14-22/4 = 3,14 м2, поэтому уровень бензина в горлови |
||||||
не понизится на 5,78/3,14 = 1,84 м |
и будет находиться на |
158
2,84 м ниже ее верхнего края, т. е. почти вся горловина ос вободится от жидкости.
Замечание. При решении этой задачи пренебрегалось тепловой усадкой самой цистерны. Если принять, что тем пература цистерны также понизится на 5 °С, то уменьшение ДУ ее объема составит, согласно (14), следующую величину: AV = a T(T -T 0)-V0 =3,3-Ю'5-5-981,25 = 0,16 м3 В пересчете на изменение уровня жидкости в горловине цистерны
это дает |
~ +0,05 м. Таким образом, уточненный результат |
||
показывает не 1,84, а 1,79 м. |
|
||
8. |
Температура бензина в емкости после слива умень |
||
шилась на 10 |
°С, поэтому плотности р25 и р10 вычисляются |
||
по следующим формулам: |
|
||
р25 = 730 |
[1+ 0,001183-(20 - 25)] = 725,68 |
кг/м3, |
|
р10 = 730 |
[l + 0,001183 (20 -10)] = 738,64 |
кг/м3 |
Поскольку масса топлива после слива, естественно, со хранилась, то имеет место равенство
P,oV,o = р25V25 => VJO = V25 'Ргб/Рю >
из которого находим:
V10 = 10 • 725,68/738,64 = 9,825 м3,
т. е. объем бензина, зафиксированный в подземной емкости АЗС, будет примерно на 175 л меньше, чем в цистерне бен зовоза.
9.Изменение ДV объема трубопровода при повышени
внем давления на величину Др находится с помощью фор
мулы (13). Имеем:
48 Е |
* |
0 ,8 1 0 0 ,1 9 .7 м - |
4-0,01-2-10 |
||
10. |
Изменение ДУ объема трубопровода при измене |
нии температуры трубы на величину ДТ находится с помо щью формулы (14). Имеем:
159
AV = ctT(T -T 0)-V0 = 3,3-10~5 (10) — |
-105= 16,6 м3. |
4
11. Сначала вычислим объем V участка нефтепродук топровода с поправкой на давление:
у _ rcdo |
■L = 3,14 0,514 ■120000= 24887,3 м3, |
vo - . |
Av=j ^ |
. Ap=Ml_0-5i 43l2oooo.19.98100sl4,9M3, |
4 -5 -Е |
4-0,008-2-10" |
V = V0 + AV = 24887,3 +14,9 = 24902,2 м3
Затем вычислим плотность дизельного топлива с по правками на давление и температуру:
р, 5 = 840 • [1 + 0,000831 - (20 -1 5 )+ (2 0 -1 )-9 8 1 00/1,5 • 109] = = 840 • (1 + 0,004155 + 0,001243) = 844,534 кг/м3
Наконец, вычисляем массу М топлива:
М = р 15V = 844,534 • 24902,2 = 21030754,6 кг.
Таким образом, масса дизельного топлива в рассматри
ваемом участке трубопровода составляет « 21030,8 т. |
|
||
12. |
Эта задача решается аналогично предыдущей. Пр |
||
снижении давления с 20 до 10 атм. объем V участка трубо |
|||
провода уменьшится. Имеем: |
|
||
= |
.L = 3,14 |
0,514 -120000 = 24887,3 м3, |
|
4 |
|
4 |
|
AV=i < L . A p=3,14 0,5143'120000,9 .98100s |
3> |
||
4-8-Е |
4-0,008-2-10" |
|
V = V0 + AV = 24887,3 + 7,1 = 24894,4 м3.
Плотность дизельного топлива с учетом поправок на давление и температуру также уменьшится:
р, 5 = 840 • [1 + 0,000831 ■(20 -1 5 )+ (1 0 -1 ) • 98100/l,5 • 10’] = = 840 ■(1+ 0,004155 + 0,000589) £ 843,985 кг/м3.
160
Вычислим массу М дизельного топлива на участке трубопровода:
M = p 15V=843,985-24894,4 = 21010500,2 кг или * 21010,5 т. Таким образом, для того чтобы снизить давление в тру бопроводе с 20 до 10 атм., необходимо откачать из него (см. решение задачи 11) 21030,8 - 21010,5 = 20,3 т. дизельного
топлива. |
|
|
|
|
||
13. |
|
|
Рассчитаем сначала массу бензина в трубопровод |
|||
на 01 апреля. Имеем: |
|
|||||
у |
|
- |
7ldo |
L = -3 ,1 4 0 ’361- • 140000 = 14322,3 м3, |
||
vo |
|
, |
||||
Л X T |
T C d g L . |
|
3,14-0,3613-140000 ( 35+3 |
^ |
||
AV =— -г— Ар = |
4-0,008-2-10п |
98100=5,7 м \ |
||||
р 4-5-Е |
F |
|
||||
Здесь |
AVp - |
дополнительное увеличение объема трубопро |
вода из-за превышения среднего давления в трубе над атмо сферным (поправка на давление).
V = V0 + AVp = 14322,3 + 5,7 = 14328 м3
Затем рассчитаем плотность бензина с поправками на давление и температуру:
p ,= 7 5 0 -[l+ 0 ,0 0 1 1 1 8 -(2 0 -7 )+ (1 9 -l)-9 8 1 0 0 /l,0 -1 0 9] =
= 750 • (1+0,014534 + 0,001766) = 762,225 кг/м3. Наконец, вычисляем массу М бензина:
М = p7V = 762,225-14328 = 10921159,8 кг.
Таким образом, масса бензина в рассматриваемом уча стке трубопровода составляет «10921,160 т.
|
Аналогично рассчитываем массу бензина на 01 мая. |
||
AV |
rcd3L . |
3,14-0,3613-140000 (45+5 |
\ |
^— ■Лр= |
-1 |
98100=7,6 м3, |
|
р |
4-5-Е |
4-0,008-2-10 |
|
ДУТ = 3,3 10“5 (15-7)-14322,3 = 3,8 м3, V0 s 14322,3 М'