Rybleva_teoria veroatnosti_2014
.pdfРешение: В данном случае событие A – выпадение «пятерки» в одном испытании, вероятность этого события равна p 61 ; событие A -
непоявление «пятерки», вероятность такого события равна q 56 .
Следовательно, вероятность появления «пятерки» в серии из 10 бросков ровно 3 раза по формуле Бернулли будет:
|
3 C3 |
1 |
3 |
5 |
7 |
|
10! |
|
||
P |
|
|
|
|
|
|
|
·0,00463 ·0,27908 ≈0,155. |
||
|
|
|
||||||||
10 |
10 |
6 |
|
6 |
|
|
3!7! |
|||
|
|
■
Схема Бернулли описывает закономерности, характерные для экспериментов, удовлетворяющих следующим условиям:
1)вероятность появления события в одном испытании p – постоянна;
2)число испытаний n – фиксировано;
3)испытания проводятся последовательно, и результат каждого из них
не зависит от результатов предыдущих испытаний.
Значение Pn k можно находить с помощью статистической
функции БИНОМРАСП(k, n, p, L), которая возвращает отдельное значение биномиального распределения. Параметр L – это логическое значение, которое принимает значения «ложь» (0) или «истина» (1). Для определения вероятности того, что интересующее нас событие появится ровно k раз в n опытах, параметру L присваивают значение 0.
В ряде случаев требуется определить вероятности появления события А менее k раз (X<k), более k раз (X>k), не менее k раз (X≥k), не более k раз (X≤k). В этих случаях могут быть использованы формулы:
Pn X k Pn 0 Pn 1 ...Pn k - 1 ,
Pn X k Pn k 1 Pn k 2 ... Pn n , Pn X k Pn k Pn k 1 ... Pn n ,
Pn X k Pn 0 Pn 1 ...Pn k .
61
Пример 6.2 Каждый пятый клиент банка приходит в банк брать проценты с вклада. Сейчас в банке ожидают своей очереди обслуживания шесть человек. Найти вероятность того, что из них будут брать проценты не более двух человек.
Решение: Условие задачи можно переформулировать следующим образом: производится 6 независимых испытаний (будем считать, что каждый клиент берет или не берет проценты с вклада независимо от других вкладчиков), вероятность появления события в одном опыте
p 51 0,2 . Требуется найти вероятность того, что событие появится не
более двух раз, т.е. вероятность:
P6 X 2 P6 0 P6 1 P6 2 0,86 6·0,2·0,85 15·0,22·0,84 = =0,262+0,393+0,246=0,901.
■
Наивероятнейшее число появлений события в n независимых испытаниях определяют по формуле:
np - q k0 np p .
Отметим, что если число:
1)np-q – дробное, то существует одно наивероятнейшее число k0 ;
2)np-q – целое, то существует два наивероятнейших числа, а именно: k0 и k0 +1;
3)np – целое, то наивероятнейшее число k0 = np.
Пример 6.3 Товаровед осматривает 24 образца товаров. Вероятность того, что каждый из образцов будет признан годным к продаже, равна 0,6. Найти наивероятнейшее число образцов, которые товаровед признает годными к продаже.
Решение: По условию n=24, p=0,6 и q=0,4.
Подставляя исходные данные в двойное неравенство для определения наивероятнейшего числа, получим:
62
24·0,6-0,4≤ k0 ≤24·0,6+0,6 или 14≤ k0 ≤15, т.е. наивероятнейших чисел два: 14 и 15.
■
Пример 6.4 Сколько надо произвести независимых испытаний с вероятностью появления события в каждом испытании, равной 0,4, чтобы наивероятнейшее число появлений события в этих испытаниях было равно 25?
Решение: По условию k0 =25, p=0,4, q=0,6. Тогда np=0,4n, получим следующее неравенство для определения числа испытаний:
0,4n - 0,6 25 0,4n 0,4 . Решением левого неравенства будет: n 64
, решением правого неравенства: n 61,5 . Так как n, по условию,
целое, то искомое число испытаний должно удовлетворять неравенству:
62 n 64 .
■
Пример 6.5 Два равносильных противника играют в шахматы.
1) Что вероятнее: а) выиграть 3 партии из 4 или 5 из 8? б) не менее 3 партий из 4 или не менее 5 из 8? Ничейный исход партии исключен. 2) Найти наивероятнейшее число выигрышей для любого шахматиста, если будет сыграно 2N результативных партий.
Решение: Так как противники равносильные, то вероятность выигрыша и проигрыша каждой партии одинаковы и равны p=q=0,5.
|
|
|
|
|
|
|
3 C3 |
|
1 |
4 |
|||
1). а) вероятность выиграть 3 партии из 4 равна: P |
|
|
|
0,25 , |
|||||||||
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
4 |
|
4 2 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
P 5 C5 |
1 |
8 |
7 |
|
|
|
|
|
||||
вероятность выиграть 5 партий из 8: |
|
|
|
|
|
|
0,21875. Так |
||||||
|
|
||||||||||||
|
8 |
8 |
2 |
|
|
32 |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
как 0,25>0,21875, то вероятнее выиграть три партии из четырех. б) вероятность выиграть не менее трех партий из четырех:
P4 X 3 P4 3 P4 4 41 161 165 =0,3125,
а вероятность выиграть не менее пяти из восьми:
63
P8 X 5 P8 5 P8 6 P8 7 P8 8 25693 0,36328 .
Следовательно, вероятнее выиграть не менее пяти из восьми, так как
P4 X 3 0,3125 0,36328 P8 X 5 .
2). В данном случае число испытаний n=2N, тогда np=2N·1/2=N – целое число, поэтому наивероятнейшее число k0 выигранных партий будет равно N.
■
Пример 6.6 Отрезок АВ разделен точкой С в отношении 2:1. На этот отрезок наудачу брошены 4 точки. Найти вероятность того, что две из них окажутся левее точки С и две – правее. Предполагается, что вероятность попадания точки на отрезок пропорциональна длине отрезка и не зависит от его расположения.
Решение: Каждая точка попадает на какую-либо часть отрезка (АС или СВ) независимо от того, куда попали другие точки. Поэтому задачу можно переформулировать следующим образом: производится 4 независимых испытания, в каждом из которых событие (например, попадание точки на отрезок АС) появляется с вероятностью p=2/3 и не появляется с вероятностью q=1/3. Тогда вероятность того, что ровно 2
|
2 C2 |
|
2 |
2 |
|
1 2 |
|
8 |
|
||
точки попали на отрезок АС равна: P |
|
|
|
|
|
|
|
≈0,296. |
|||
|
|
|
|||||||||
4 |
4 |
3 |
|
3 |
|
27 |
|
||||
|
|
|
|
■
Количество n опытов, которые нужно произвести для того, чтобы с вероятностью не меньше P можно было утверждать, что данное событие произойдѐт по крайней мере один раз, находится по формуле:
ln 1 - P n ln 1 - p ,
где p – вероятность появления этого события в каждом опыте.
64
Пример 6.7 Большая партия изделий содержит 1% брака. Каков должен быть объем случайной выборки, чтобы вероятность обнаружить в ней хотя бы одно бракованное изделие была не меньше 0,95?
Решение: |
В |
|
данном |
случае |
P=0,95, |
p=0,01. |
Поэтому |
|||
|
ln 1 - 0,95 |
ln0,05 |
|
|
|
|
|
|||
n ≥ |
|
|
|
|
≈ 298 . |
|
|
|
|
|
ln 1 - 0,01 |
ln0,99 |
|
|
|
|
■
Пример 6.8 Аппаратура содержит 2000 одинаково надежных элементов, вероятность отказа для каждого из которых равна p=0,0005. Какова вероятность отказа аппаратуры, если он наступает при отказе хотя бы одного из элементов?
Решение: Обозначим через А – искомое событие (отказ аппаратуры означает отказ хотя бы одного из элементов: либо откажет один элемент, либо два, … , либо откажут все элементы). Тогда A - все элементы исправны (аппаратура работает). В данном случае вероятность события А проще вычислить через вероятность противоположного события: P A 1- P A . Так как работу всей системы можно рассматривать как эксперимент, состоящий из 2000 независимых испытаний, то вероятность безотказной работы аппаратуры равна:
P A P2000 0 C20000 ·0,0005 0·0,9995 2000 0,9995 2000≈0,368.
Следовательно, искомая вероятность P A 1- P A =1-0,368=0,632.
■
Понятно, что пользоваться формулой Бернулли при достаточно больших значениях n и малых значениях p при выполнении расчетов «вручную» трудоемко, поэтому возникает желание иметь более простые приближенные формулы для вычисления Pn k при больших n. Такие формулы, называемые асимптотическими, существуют и определяются теоремой Пуассона, локальной и интегральной теоремами Муавра-Лапласа.
65
Теорема. Если вероятность события p наступления события А в каждом
испытании очень мала: p 0 при неограниченном увеличении числа n
испытаний (такие события называются редкими), причем произведение np стремится к постоянному числу λ, то вероятность Pn k того, что событие А появится k раз в n независимых испытаниях, удовлетворяет предельному равенству:
lim P |
k P |
λ |
λke- λ |
. |
|
||||
n n |
k |
|
k ! |
Эта формула называется формулой Пуассона.
Обычно формулой Пуассона пользуются тогда, когда выполняются следующие условия: p 0,1 ; np 20 ; npq 9 .
Для примера 6.8 имеем: p=0,0005<0,1; np=2000·0,0005=1<20; npq=20·0,9995<9; λ=1 и по формуле Пуассона вероятность безотказной
работы аппаратуры равна: P A 10e-1 1 0,368 .
0! e
Значения функции Пуассона Pk λ приведены в Приложении 3.
Приведѐм значения функции Пуассона для небольших значений λ:
λ |
0,1 |
0,2 |
0,3 |
0,4 |
0,6 |
0,7 |
0,8 |
0,9 |
|
k |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
0,9048 |
0,8187 |
0,7408 |
0,6703 |
0,5488 |
0,4966 |
0,4493 |
0,4066 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
0,0905 |
0,1637 |
0,2222 |
0,2681 |
0,3293 |
0,3476 |
0,3595 |
0,3659 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
0,0045 |
0,0164 |
0,0333 |
0,0536 |
0,0988 |
0,1217 |
0,1438 |
0,1647 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
0,0002 |
0,0011 |
0,0033 |
0,0072 |
0,0198 |
0,0284 |
0,0383 |
0,0494 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
0,0001 |
0,0003 |
0,0007 |
0,0030 |
0,0050 |
0,0077 |
0,0111 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
0,0001 |
0,0004 |
0,0007 |
0,0012 |
0,0020 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
0,0001 |
0,0002 |
0,0003 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
66
Пример 6.9 При изготовлении 1000 метров ткани было отмечено 50 обрывов нити. Какова вероятность того, что в наугад отмеряемом метре ткани окажется менее двух обрывов нити?
Решение: Обрыв нити может с равной вероятностью находиться в любом месте произведенной ткани, т.е. вероятность обрыва нити на данном метре ткани равна 0,001. Задачу можно переформулировать следующим образом: производится 50 независимых испытаний, в каждом из которых вероятность появления события постоянна и равна p=0,001, требуется найти вероятность того, что событие произойдет менее двух раз: P50 X 2 P50 0 P50 1 . Так как n – велико, а p – мало, то вероятности будем рассчитывать по формуле Пуассона (λ=
50·0,001 =0,05):
P50 X 2 ≈ 0,050! 0 e-0,05 0,051! e-0,05 1,05 ·0,951 0,9988 .
■
Пример 6.10 В тесто засыпают некоторое количество изюма, затем всю массу тщательно перемешивают, разрезают на равные доли и выпекают из них булочки с изюмом. Пусть N – число всех булочек, а n – количество всех изюминок. Требуется оценить вероятность того, что в случайно выбранной булке окажется ровно k изюминок.
Решение: Рассматривая попадание каждой изюминки в тесто как отдельный опыт, можно утверждать, что производится n опытов. Тогда вероятность попадания одной изюминки в одну выбранную булочку будет равна: p=1/N (условие, что тесто с изюмом тщательно перемешивается, означает для каждой изюминки одинаковую вероятность попадания в любую из булочек). Если считать, что булочек выпекается достаточно много, то можно считать p весьма малым
числом. Тогда λ np Nn , следовательно вероятность того, что в
67
выбранной булке окажется ровно k изюминок можно вычислить по
формуле Пуассона: P |
k |
λke- λ |
. Например, для λ=8 находим: |
|||||||||||
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
n |
|
k! |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
k |
0 |
|
1 |
|
2 |
|
3 |
4 |
5 |
6 |
7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Pn k |
0,000 |
0,003 |
0,011 |
0,029 |
0,057 |
0,092 |
0,122 |
0,139 |
|
||||
|
Это означает, |
что из общего числа N |
булочек приблизительно |
0,3% содержат по одной изюмине, 1,1% содержат по две изюмины и т.д.
■
Локальная теорема Муавра-Лапласа. Если вероятность p наступления события А в каждом испытании постоянна и отлична от 0 и 1, то вероятность Pn k того, что событие А произойдет k раз в n
независимых испытаниях при достаточно большом числе n, приближенно равна:
P k ≈ |
|
1 |
|
φ(x), где φ x |
|
1 |
|
e- x 2 / 2 и x |
k |
- np |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
n |
npq |
|
|
|
2π |
|
|
|
npq |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Чем больше n, |
|
тем точнее указанная приближенная формула, |
называемая локальной формулой Муавра-Лапласа.
Обычно этой формулой пользуются тогда, когда np 20 . Значения
функции φ(x) приведены в Приложении 1. Отметим
свойства функции φ(x):
1)φ(-x)=φ(x), т.е. функция является четной;
2)функция φ(x) является монотонно убывающей при положительных значениях x, причем lim φ(x)=0.
x
Пример 6.11 По результатам проверок налоговыми инспекциями установлено, что в среднем каждое второе малое предприятие региона имеет нарушение финансовой дисциплины. Найти вероятность того, что из 1000 зарегистрированных в регионе малых предприятий 480 имеют нарушения финансовой дисциплины.
Решение: По условию p=0,5; q=0,5; n=1000; npq=250>20.
Следовательно, можно для расчета искомой вероятности использовать
68
формулу Муавра-Лапласа. Для этого сначала определим аргумент
функции |
|
|
φ(x): |
x |
k |
- np |
|
|
480 |
- 500 |
= -1,265. По таблице из |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
npq |
250 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Приложения |
№1 |
найдем |
соответствующее значение функции: |
|||||||||||||
φ(1,26)=0,1804; φ(1,27)=0,1781; |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
φ(1,265)= |
1 |
(φ(1,26)+ φ(1,27)); |
|
φ(-1,265)=φ(1,265)=0,1792, |
||||||||||||
2 |
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
тогда: |
|
|
|
P |
480 |
0,1792 |
|
0,0113 . |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
1000 |
|
|
|
250 |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
■
Пример 6.12 На некотором предприятии вероятность брака равна 0,02. Готовая продукция в количестве 500 штук подвергается проверке. Найти вероятность того, что среди них окажется ровно 10 бракованных.
Решение: Рассматривая проверку каждого изделия как отдельный опыт, можно сказать, что производится 500 независимых испытаний, в каждом из которых событие (изделие оказалось бракованным) наступает с вероятностью p=0,02<0,1, np=10<20, npq=10·0,98=9,8>9.
Следовательно, в данном случае искомую вероятность лучше рассчитывать по формуле Муавра-Лапласа. Для этого определим
аргумент x= |
10 - 10 |
0, по таблице значений функции φ(x) находим ее |
|||
|
|
|
|
||
9,8 |
|
||||
|
|
|
значение для данного аргумента: φ(0)=0,3989. Тогда вероятность равна:
P500 10 0,39899,8 0,127 .
■
Задачи для самостоятельного решения:
6.1Найти вероятности числа выпадений гербов при бросании трѐх монет.
6.2Найти вероятность числа появлений «шестерки» при бросании трѐх костей.
69
6.3В ящике находятся 6 белых и 9 красных шаров. Из ящика извлекают шар, фиксируют его цвет, после чего возвращают шар обратно в ящик. Указанный опыт повторяют трижды. Какова вероятность того, что из трех извлеченных при этом шаров ровно два окажутся белыми?
6.4В среднем 20% пакетов акций на аукционах продаются по первоначально заявленной цене. Найти вероятность того, что из 9 пакетов акций в результате торгов по первоначально заявленной цене: 1) не будут проданы 5 пакетов; 2) будет продано:
а) менее 2 пакетов; б) не более 2; в) хотя бы 2; г) наивероятнейшее число пакетов.
6.5Отрезок разделен на 4 равные части. На отрезок брошено наудачу 8 точек. Найти вероятность того, что на каждую из четырех
частей отрезка попадет по две точки. Предполагается, что вероятность попадания точки на отрезок пропорциональна длине отрезка и не зависит от его расположения.
6.6Проблема Джона Смита. Одинаковы ли шансы на успех у трех человек: для первого – получить хотя бы одну «6» при 6 бросках игральной кости; для второго – получить хотя бы две «6» при 12 бросках; для третьего – хотя бы три «6» при 18 бросках?
6.7(Задача Банаха) Некто носит с собой две коробки спичек. Время от времени он вынимает спичку из наугад выбранной коробки. В очередной раз выбранная коробка оказывается пустой. Чему равна вероятность того, что в другой коробке в этот момент осталось k спичек?
6.8Два человека подбросили по 3 монеты каждый. Какова вероятность того, что у них будет одинаковое количество гербов?
6.9Вероятность выигрыша по одному лотерейному билету равна 0,01. Сколько нужно купить билетов, чтобы выиграть хотя бы по одному из них с вероятностью, не меньшей 0,95?
70