kotrolnaya_teoreticheskaya_mekhanika_dinamika
.pdf
|
Продолжение табл. 3.1 |
||
|
|
|
|
1 |
2 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
m = 0,03 кг; |
|
|
|
ω = 4π рад/с; |
|
22 |
|
х0 = 0,1 м; |
|
|
х0 |
= 3,0 м/с; |
|
|
|
||
|
|
t1 = 0,1 c; |
|
|
|
r = 0,10 м; |
|
|
|
|
f = 0 |
|
|
|
|
|
|
m = 0,01 кг; |
|
23 |
|
ωе = π рад/с; |
|
|
х0 = – 0,5 м; |
||
|
|
х0= – 0,1 м/с; |
|
|
|
t1 = 0,2 c; |
|
|
|
|
f = 0 |
|
|
|
|
|
|
α = 60о; |
|
|
|
m = 0,01 кг; |
|
|
|
х0 = 0 м; |
|
24 |
|
х0= 0,2 м/с; |
|
|
t1 |
= 0,2 c; |
|
|
|
||
|
|
у1 = 0,1cos1,5πt м; |
|
|
|
|
f = 0 |
|
|
|
|
|
91 |
|
|
|
Продолжение табл. 3.1 |
||
|
|
|
|
1 |
2 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
m = 0,05 кг; |
|
|
|
ωе = 2π рад/с; |
|
25 |
|
х0 = 0,1 м; |
|
|
х0= – 0,4 м/с; |
||
|
|
||
|
|
t1 = 0,1 c; |
|
|
|
c = 0,20 Н/м; |
|
|
|
l0 = 0,20 м; |
|
|
|
|
f = 0 |
|
|
|
|
|
|
m = 0,09 кг; |
|
|
|
ωe = π рад/с; |
|
26 |
|
х0 = 0,2 м; |
|
|
х0 |
= 0,3 м/с; |
|
|
|
||
|
|
t1 = 0,1 c; |
|
|
|
с = 0,20 Н/м; |
|
|
|
l0 = 0,10 м; |
|
|
|
|
f = 0 |
|
|
|
|
|
|
α = 75о; |
|
|
|
m = 0,02 кг; |
|
|
|
х0 = 1,0 м; |
|
27 |
|
х0= 0,6 м/с; |
|
|
t1 |
= 0,3 c; |
|
|
|
||
|
|
z1 = 0,1sin0,5πt м; |
|
|
|
|
f = 0 |
|
|
|
|
|
92 |
|
|
|
Окончание табл. 3.1 |
||
|
|
|
|
1 |
2 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
m = 0,03 кг; |
|
|
|
х0 = 0,8 м; |
|
28 |
|
х0= 0 м/с; |
|
|
|
t1 = 0,3 c; |
|
|
|
|
|
|
|
y1 = 8 – 5t3 м; |
|
|
|
|
f = 0,1 |
|
|
|
|
|
|
|
α = 60о; |
|
|
m = 0,10 кг; |
|
|
|
х0 = 0,4 м; |
|
29 |
|
х |
0= 1,0 м/с; |
|
c = 0,20 Н/м; |
||
|
|
||
|
|
l0 = 0,20 м; |
|
|
|
|
t1 = 0,1 c; |
|
|
y1 = 8 + t3 м; |
|
|
|
|
f = 0 |
|
|
|
|
|
|
|
α = 50о; |
|
|
m = 0,02 кг; |
|
|
|
|
ωе = π/2 |
30 |
|
|
рад/с; |
|
|
х0 = 0 м; |
|
|
|
х0= 0,5 м/с; |
|
|
|
|
t1 = 0,2 c; |
|
|
r = 0,50 м; |
|
|
|
|
f = 0 |
|
|
|
|
|
93 |
|
|
3.6. Пример выполнения курсового задания Д 2
Рассмотрим подробно пример выполнения этого задания.
Условие задания.
Шарик М, рассматриваемый как материальная точка, перемещается по прямолинейному цилиндрическому каналу движущегося тела А (рис. 3.7).
Рис. 3.7
Найти уравнение относительного движения шарика x = f(t), приняв за начало координат точку О. Тело А равномерно вращается вокруг вертикальной неподвижной оси O1Z1.
Найти также координату x(t1) и давление N(t1) шарика на стенку канала при заданном значении времени t1.
Дано: масса шарика m = 0,09 кг; угловая скорость вращения тела ω = π рад/с; начальная координата х0 = 0, 2 м; проекция начальной относительной скорости Vr0 на координатную ось ОХ подвижной системы отсчета х0= 0,3 м/с; значение времени, для которо-
го определяются искомые величины t1 = 0,1 c; коэффициент жесткости пружины с = 0,20 Н/см = 20 Н/м; длина свободной недеформированной пружины l0 = 0,1 м; коэффициент трения скольжения шарика о стенки канала f = 0.
94
Решение.
Шарик в канале совершает сложное движение, поэтому необходимо рассматривать его движение как сумму относительного и переносного движений. Введем подвижную (ПСО) и неподвижную (ИСО) системы отсчета (рис. 3.8).
Рис. 3.8
ИСО выбираем так, чтобы ось O1Z1 являлась осью вращения тела А. ПСО закрепляем на теле А таким образом, чтобы ось ОХ совпадала с траекторией относительного движения точки. ПСО вместе с телом А совершает вращательное движение с переносной угловой скоростью ωе = ω, вектор которой расположен на оси O1Z1 и направлен вверх.
Изобразим точку М на траектории относительного движения в произвольный момент времени (x = f(t) > 0). При этом текущие значения относительной скорости Vr и относительного ускорения ar направлены в сторону возрастания координаты х. Изобразим на рис. 3.8 начальную координату х0 и начальную относительную скорость Vr0. Так как по условию задания х0 > 0, то вектор Vr0 направлен в сторону возрастания координаты х.
95
Траекторией переносного движения является окружность с центром О на оси O1Z1 вращения и радиусом r = OM = x = f(t). Переносная скорость Vе направлена так, как это показано на рис. 3.8 – параллельна координатной оси OY подвижной системы отсчета. Поскольку переносное вращение является равномерным (ωe = const), то переносное ускорение
ae = aМ = aMω,
где aMω – центростремительное ускорение точки М тела А. aMω = (ωе)2ОМ = (ωе)2x.
Согласно правилу векторного произведения (или правилу Жуковского) ускорение Кориолиса (ac = 2ωе×Vr) направлено так же, как и вектор Vе переносной скорости. Модуль ускорения Кориолиса равен
ac = 2ωe·Vr·sin(ωе,Vr) = 2ωe·Vr·sin900 = 2ωe·Vr.
Деформация пружины в произвольный момент времени определяется формулой
= х – l0.
На рис. 3.8 приведены только кинематические характеристики точки М при ее относительном движении.
Запишем основное уравнение динамики относительного движения.
mar = ΣFi + ΣRi + Фе + Фс.
Определим силы, действующие на материальную точку, и покажем их на рис. 3.9.
Кориолисова сила инерции Фс направлена противоположно переносному ускорению aс, а модуль равен
Φс = m ac = m(2ωe·Vr).
Переносная сила инерции Фе направлена противоположно пе-
реносному ускорению aе, а модуль равен
Φе = m ae = m(ωe)2x.
К реакциям внешних связей Ri относятся силы: Fyn – сила упругости пружины; N1, N2 – реакции гладкой поверхности канала, по которому перемещается точка М.
Fyn = c·Δ = c(x – l0).
Реакция N1 направлена вертикально вверх (навстречу вектору G силы тяжести точки). Реакция N2 расположена в горизонтальной плоскости OXY и направлена противоположно вектору Фс кориолисовой силы инерции.
96
Рис. 3.9
С учетом изложенного основное уравнение динамики относительного движения принимает вид
mar = G + Fyn + N1 + N2 + Фе + Фс.
Запишем дифференциальные уравнения относительного движения материальной точки. Для этого последнее векторное выражение спроецируем на координатные оси ПСО:
mx = – Fyn + Φe = – cΔ + m(ωe)2x = – c(x – l0) + m(ωe)2x = |
|
= – cx + cl0 + m(ωe)2x; |
(1) |
my = N2 – Φc = N2 – m(2ωe·х);
(2)
97
mz = – G + N1. |
(3) |
Поскольку относительное ускорение ar на координатные оси OY, OZ не проецируется (y = 0; z = 0), то с учетом исходных дан-
ных курсового задания уравнения (2), (3) принимают вид: |
|
N2 = m(2ωe·х); |
(21) |
N1 = mg. |
(31) |
Дифференциальное уравнение (1) приведем к виду |
|
x + (c/m – (ωe)2)x = cl0/m. |
(11) |
Поскольку c/m – (ωe)2 = k2 и cl0/m = b = const, то уравнение (11) |
|
принимает вид |
|
x+ k2x = b. |
(111) |
Согласно положениям высшей математики общее решение |
|
дифференциального уравнения (111) будем искать по формуле |
|
х = х* + х**, |
|
где х* – общее решение дифференциального уравнения |
вида |
x+ k2x = 0; х** – частное решение дифференциального уравнения
(111).
Приступаем к определению общего решения х* дифференциального уравнения вида x+ k2x = 0. Это решение зависит от знака
величины c/m – (ωe)2 = k2. Если k2 > 0, то x* = Asin(kt + β). Если k2 < 0,
то x* = C1ekt + C2e-kt. Определим значения k2 и k:
k2 = c/m = 20/0,09 – (3,14)2 = 22,540 c-2 > 0; k = 4,747 c-1. Поскольку k2 > 0, то x* = Asin(4,747t + β).
Частное решение х** дифференциального уравнения (111) зависит от вида его правой части. Поскольку его правая часть посто-
янна (b = cl0/m = const), то его частное решение будем искать в виде x**= B = const.
При частном решении уравнение (111) принимает вид
Так как x |
|
|
x** + k2x** = b. |
** |
2 |
||
|
= (В) = 0, то имеем k B = cl0/m. Отсюда получим |
B = (cl0/m)/k2 = (20·0,1/0,09)/22,54 = 0,985 м.
Итак, общее решение дифференциального уравнения (1) имеет вид
х = х* + х** = Asin(4,747t + β) + 0,985,
где А и β – постоянные интегрирования, зависящие от начальных условий относительного движения.
В нашем случае: x0 = 0,2 м; x0 = 0,3 м/с. Для определения по-
стоянных интегрирования А и β определим проекцию относительной скорости Vr на ось ОХ.
х = dx/dt = Acos(4,747t + β)·4,747.
При t0 = 0 имеем:
98
x0 = 0,2 = Asinβ + 0,985;
x0 = 0,3 = Acosβ·4,747.
Преобразуем эту систему уравнений к виду: 0,2 – 0,985 = A sinβ = – 0,785; 0,3/4,747 = Acosβ = 0,063.
Возведя в квадратную степень левые и правые части уравнений и сложив их, получим:
A = (-0,785)2 +(0,063)2 = 0,787 м; sinβ = – 0,785/A = – 0,785/0,787 = – 0,997; cosβ = 0,063/0,787 = 0,080.
Поскольку sinβ < 0, а cosβ > 0, то величину угла β определим по формуле β = 2π – α, где α = arcsin(0,987) = 1,482 рад или
α= arcсоs(0,080) = 1,482 рад. Тогда
β= 2π – α = 2·3,14 – 1,482 = 4,798 рад.
Вокончательном виде имеем:
x= 0,787sin(4,747t + 4,798);
х= 3,776cos(4,747t + 4,798).
По условиям задания кроме значения координаты x(t1) необходимо определить нормальную реакцию N(t1) в момент времени t1.
N(t1) = (N1)2 +(N2)2 .
С учетом выражений (21), (31) имеем
N(t1) = (mg)2 +(m(ωe)2x(t1))2 .
По результатам решения желательно построить графики зави-
симостей x = f1(t), N = f2(t).
99
Вопросы и задания для самоконтроля
1.Записать основное уравнение динамики относительного движения.
2.Записать формулу для определения переносной силы инерции.
3.Записать формулу для определения кориолисовой силы инерции.
4.Записать основное уравнение динамики относитель-
ного движения точки для случая, когда переносное движение есть неравномерное вращение относительно неподвижной оси, а относительное движение прямолинейное.
5.Записать основное уравнение динамики относитель-
ного движения точки для случая, когда переносное движение есть равномерное вращение относительно неподвижной оси, а относительное движение прямолинейное.
6.Записать основное уравнение динамики относитель-
ного движения точки для случая, когда переносное движение есть поступательное неравномерное криволинейное движение, а относительное движение прямолинейное.
7.Записать основное уравнение динамики относитель-
ного движения точки для случая, когда переносное движение есть прямолинейное и равномерное движение, а относительное движение прямолинейное.
8.Сформулировать принцип относительности классической механики.
100