Сопротивление материалов
..pdfОпределяем экстремальное значение изгибающего момента в пролете от сил, действующих в вертикальной плоскости.
|
z0 = |
RАв |
= |
37,5 |
=1,875 м, |
|
|||
|
q |
20 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
в |
|
z02 |
|
|
|
|
2 |
|
|
Мy (z0 ) = RА z0 |
−q |
|
|
= 37,5 1,875 −10 |
1,875 |
= 35,16 кН м. |
|||
2 |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3. Определениеэкстремальногозначениярасчетногомомента.
На основании формулы (9.8) расчетный изгибающий момент на первом участке для прямоугольного сечения при K = 2 равен
Мрасч =| Мх | +K | Му |= 37,5 z1 −10 z12 +2 5z1 = 47,5z1 −10z12 ,
d M расч |
= 47,5 −20z0 |
= 0, z0 |
= 2,375 м. |
|
|||
d z |
1 |
1 |
|
|
|
|
Экстремальное значение расчетного момента
Мрасчэкстр = 47,5 2,375 −10 2,3752 =56,41 кН м.
Расчетный изгибающий момент в сечении В:
Мрасч =10 +2 20 =50 кН м.
Наибольший расчетный |
момент имеем в |
пролете: |
Мрасч.max = 56,41 кН м. Для |
двутаврового сечения |
при K = 8 |
определяем расчетный момент в пролете: |
|
М |
расч |
=| М |
х |
| +K | М |
у |
|= 37,5 z −10 z2 |
+8 5z |
= 77,5z |
−10z2 |
, |
||||
|
|
|
|
|
1 |
1 |
|
1 |
1 |
1 |
|
|||
|
|
|
|
d Mрасч |
= 77,5 |
−20z0 |
= 0, z |
0 |
= 3,875 м, |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
d z |
|
|
1 |
1 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Мрасч.max = 77,5 3,875 −10 3,8752 =150,15 кН м.
На опоре В
201
Мрасч =10 +8 20 =170 кН м.
Опасным сечением для двутавра будет сечение В с Мрасч.max = =170 кН м.
4. Подборсеченийизусловияпрочности σmax = Мрасч.max ≤[σ]:
Wx
а) прямоугольное сечение:
|
|
W = |
bh2 |
|
= |
b(2b)2 |
= |
2 |
b3, |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
x |
|
|
6 |
|
|
|
|
|
6 |
3 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3Мрасч.max |
|
|
|
3 56, 41 103 |
|
|
|
|||||||||
b = 3 |
|
|
|
|
= 3 |
|
|
|
|
=8,1 10−2 м, |
||||||||
|
2[σ] |
|
|
2 160 106 |
|
|||||||||||||
принимаем b =8 см, h =16 |
|
см; |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
б) двутавровое сечение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
1-е приближение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Wx = |
Мрасч.max |
= |
170 103 |
=1,06 10−3 |
м =1060 см3 , |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
[σ] |
160 |
106 |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Ι № 45, |
W =1231 см3 , |
|
W |
y |
=101 см3 |
, |
Wx |
=12,19. |
||||||||||
|
|
|||||||||||||||||
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Wy |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
σmax = 123110103 −6 (10 +12,19 20)=106 (198) Па =198 МПа.
2-е приближение:
Ι № 50, |
W =1589 см3 |
, |
W |
y |
=123 см2 |
, |
Wx |
=12,92. |
|
||||||||
|
x |
|
|
|
Wy |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
J y =10473 см4 , F =100 см2 , Jx =39727 см4 ,
202
σmax = 158910103 −6 (10 +12,92 20)=169 106 Па =169 МПа.
Перенапряжение составляет
ε =169160−160 102 =5,6 %. 3-е приближение:
Ι № 55, |
W = 2035 см3 , |
W |
y |
=151 см3 |
, |
|
Wx |
=13,48. |
|||
|
|||||||||||
|
|
x |
|
|
|
|
Wy |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
σmax = |
|
103 |
(10 +13, 48 20)=137 106 |
Па =137 МПа. |
|||||||
2035 10−6 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Недонапряжение составляет
ε = 160 −137 102 =14,15 %. 160
Принимаем двутавр № 50.
Определим отношение площадей прямоугольного сечения и двутавра.
А =b h =8 16 =128 см2 , А =100 см2 |
, |
|||||
пр |
|
|
|
дв |
|
|
|
Апр |
= |
128 |
=1, 28. |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
А |
100 |
|
|||
|
|
|
|
|||
|
дв |
|
|
|
|
|
Из найденного отношения следует, что значительная рациональность двутавровых сечений по отношению к прямоугольным, полученная при плоском поперечном изгибе, ощутимо снижается при косом изгибе.
6. Определим рациональное положение балок. Повернем сечения балок на 90°.
Мрасч = Мх + K1 Му .
203
Для прямоугольника
Мрасч =37,5z1 −10z12 + 12 5z1 = 40z1 −10z12 ,
|
dM расч |
= 40 − 20z0 = 0, |
z0 =2 м, |
|
|||||
|
|
|
|||||||
|
dz |
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
Мрасч.max = 40 2 − 40 = 40 кН м (в пролете). |
||||||||
Wx = hb2 |
= |
b3 |
; |
σmax = 40 103 3 = 234 106 |
Па = 234 МПа. |
||||
|
|||||||||
6 |
3 |
|
|
|
83 10−6 |
|
|||
|
Мрасч.max |
=10 + |
1 |
20 = 20 кН м (в сечении В). |
|||||
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
Рис. 9.7.
Положение сечения на рис. 9.7 не рациональное, так как напряжения значительно возросли.
Двутавровое сечение:
М |
расч |
= 37,5z |
−10z2 |
+ |
|
|
1 |
|
5z = 37,89z |
−10z2 |
, |
|
|
|
|
|
|||||||||
|
1 |
1 |
|
12,92 |
1 |
1 |
1 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
dMрасч |
= 37,89 −20z0 = 0, |
z0 |
=1,89 |
м. |
|
|
||||||
|
|
|
||||||||||
|
dz |
|
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Мрасч.max =37,89 1,89 −10 1,892 =35,89 кН м (в пролете).
Мрасч.max =10 +12,921 20 =11,55 кН м (в сечении В).
σmax = Mрасч.max = 35,89 103 = 292 106 Па = 292 МПа. Wx 123 10−6
204
Положение двутавра на рис. 9.7 не рациональное.
7. Построение эпюры нормальных напряжений в аксонометрии для прямоугольного сечения в опасном сечении.
Опасное сечение находится на расстоянии 2,375 м от опоры А. Определим изгибающие моменты Мх и Му в этом сечении.
Мх = RАв z1 −10z12 =37,5 2,375 −10 2,3752 =32,65 кН м,
Му = −RАг z1 = −5 2,375 = −11,86 кН м,
σа =− |
М |
х |
+ |
My |
− |
32,65 103 3 |
+ |
11,86 103 |
3 |
=106 (−95,65 +69,5)= |
||||
|
|
Wy |
2 83 10−6 |
|
|
83 10−6 |
|
|
||||||
|
Wx |
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
=−26,16 106 |
Па =−26,16 МПа, |
||||||||
σb =106 (−95,65 − |
69,5)= −165,15 106 |
Па = −165,15 МПа, |
||||||||||||
σс =106 (95,65 |
−69,5)= 26,16 106 |
Па = 26,16 МПа, |
σd =106 (95,65 +69,5)=165,15 106 Па =165,15 МПа.
8. Определение положений силовой и нейтральной линий. Положение силовой линии:
|
M x |
|
32, 65 |
|
o ′ |
tg ϕ = |
|
= |
|
= 2, 7529, |
ϕ = 70 9 . |
M y |
11,86 |
Положение нейтральной линии:
tg α = – |
M y |
|
J |
x |
= − |
11,86 |
|
bh3 12 |
= −1,453, |
M x |
|
|
32,65 |
12 hb3 |
|||||
|
|
J y |
|
|
α = −55o28′.
Силовая и нейтральная линии изображены на рис. 9.8.
205
165,15 МПа
165,15 МПа
Рис. 9.8.
9. Определение полного перемещения сечения С. Определим перемещение способом Верещагина в плоско-
сти yAz и xAz для балки двутаврового сечения.
Эпюра вспомогательного состояния от единичной силы изображена на рис. 9.6, д.
n
ЕJ xUc = ∑ωi Mci = (−ω1Mci +ω2Mc2 +ω3Mc3 )=
i=1
=− 201243 12 1+ 12 10 4 231+ 1310 1 431 = −37,50 кН м3,
Uс = − |
|
37,5 103 |
|
|
|
= 4,72 10−4 м = −0,472 мм. |
|||||
|
1011 |
39727 10−8 |
|||||||||
2 |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
n |
|
|
с1 = |
(ω1′M |
|
|
с′2 )= |
|
EJ yVс = −∑ω1M |
с′1 +ω′2 M |
||||||||||
|
|
|
i=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
1 20 |
4 2 1 + |
1 20 |
1 |
2 1 = 33,33 кН м3, |
||||||
|
|
2 |
3 |
2 |
|
|
3 |
|
|
|
206
V |
= |
33,33 103 |
=16 10−3 м =16 мм. |
|
2 1011 1034 10−8 |
||||
с |
|
|
Полное перемещение сечения С.
f |
с |
= |
U 2 |
+V 2 |
= 0,4722 +162 =16,01 мм. |
|
|
с |
с |
|
Вопросы для самопроверки
1.Что называется косым изгибом?
2.Какой принцип используется при выводе формулы для нормальных напряжений при косом изгибе?
3.Каков закон изменения нормальных напряжений?
4.Как проходит нейтральная линия?
5.В каких точках возникают наибольшие напряжения?
6.Как определяется полное перемещение?
Для лучшего усвоения материала рекомендуется изучить источник [1] (гл. 4, § 4.8).
Контрольная работа № 10
Расчет на прочность при косом изгибе
Из условия прочности подобрать двутавровое или прямоугольное сечение балки, работающей при косом изгибе. Четные номера (рис. 9.9) – двутавровое сечение, нечетные номера – прямоугольное сечение. Числовые данные указаны в табл. 9.1.
Содержание и порядок выполнения работы
1.Вычертить схему балки с указанием численных значений заданных величин.
2.Построитьэпюрыизгибающихмоментоввобеихплоскостях.
3.Определить положение опасного сечения.
4.Рассчитать размеры сечения из условия прочности.
5.Выбрать рациональное положение балки (для нечетных номеров схем).
6.Определить и изобразить положения силовой и нейтральной линий в опасном сечении и построить эпюры нормальных напряжений в этом сечении.
7.Определить направление и величину полного прогиба
вопасном сечении (только для четных номеров схем).
207
Рис. 9.9.
208
Таблица 9.1
Номер |
|
|
Цифра шифра |
|
|
|
|
|
||
строки |
1-я |
2-я |
3-я |
4-я |
5-я |
|
|
|
6-я |
|
|
Схема |
l, м |
F, кН |
q, кН/м |
М, кН·м |
|
h |
|
|
a / l |
|
|
b |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
1 |
1 |
3,5 |
20 |
18 |
30 |
1,5 |
|
0,20 |
||
2 |
2 |
3,0 |
18 |
20 |
28 |
1,6 |
|
0,25 |
||
3 |
3 |
2,5 |
16 |
22 |
26 |
1,7 |
|
0,30 |
||
4 |
4 |
2,0 |
14 |
16 |
24 |
1,8 |
|
0,35 |
||
5 |
5 |
2,3 |
12 |
14 |
22 |
1,9 |
|
0,36 |
||
6 |
6 |
2,7 |
10 |
12 |
20 |
2,0 |
|
0,34 |
||
7 |
7 |
2,8 |
15 |
10 |
21 |
2,1 |
|
0,32 |
||
8 |
8 |
3,1 |
17 |
24 |
23 |
2,2 |
|
0,28 |
||
9 |
9 |
3,3 |
13 |
17 |
25 |
2,3 |
|
0,26 |
||
0 |
10 |
2,6 |
22 |
15 |
27 |
2,4 |
|
0,24 |
ГЛАВА 10. ВНЕЦЕНТРЕННОЕ РАСТЯЖЕНИЕ (СЖАТИЕ) 10.1. Вычисление напряжений
Внецентренное растяжение (сжатие) представляет собой случай нагружения, при котором линия действия равнодействующей внешних сил параллельна оси стержня z, но не совпадает с ней (рис. 10.1). Пусть в торцевом сечении стержня в точке А с координатами хF, уF приложена равнодействующая внешних сил F.
В произвольном поперечном сечении стержня возникают три внутренних силовых фактора, постоянных по его длине:
N = F;
M x = FyF ;
M y = FxF .
Рис. 10.1.
209
Здесь хF и уF – координаты точки приложения равнодействующей внешней нагрузки F (координаты полюса силы). Таким образом, внецентренное растяжение (сжатие) представляет собой сочетание косого изгиба с центральным растяжением или сжатием. Нормальное напряжение в произвольной точке поперечного сечения В(х, у) определяется следующим выражением:
σ= F + Mx y + My x, A Jx Jy
или
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
σ = |
F |
+ |
Fy |
P |
y + |
Fx |
P |
x = |
F |
+ |
|
|
|
|
|
1 |
|||||||
A |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
J x |
J y |
A |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y |
F |
y |
+ |
x |
F |
x |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
(10.1) |
|||
|
J x |
|
J ó |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Отношения JAx и JAó представляют собой квадрат радиу-
сов инерции сечения:
J |
x |
= i x2 ; |
J y |
2 |
|
|
|
= iy . |
|||
A |
A |
||||
|
|
С учетом этих обозначений формула (10.1) принимает вид
|
F |
|
y |
F |
y |
|
x |
F |
x |
|
||
σ = |
|
|
+ |
|
|
+ |
|
|
|
(10.2) |
||
|
i2 |
|
i2 |
|
||||||||
A 1 |
|
|
. |
|||||||||
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
y |
|
|
|
При определении напряжений по формуле (10.2) величины хF, х, уF, у берутся с учетом их знака относительно координатных осей. В условиях внецентренного сжатия перед правой частью формулы (10.2) ставится знак минус.
10.2. Определение положения нейтральной линии
При сложном профиле сечения стержня для определения опасной точки предварительно находится положение нейтральной линии. Учитывая, что на нейтральной линии напряжения равны нулю, получаем:
210