Математика 3 семестр
.pdfТ.к
1 1 x 2
- чётная функция.
|
|
dx |
|
|
b |
dx |
|
|
b |
|
П |
|
|
Тогда |
J 2 |
|
|
2 lim |
|
|
2 lim arctgx |
|
2 lim arctgb |
|
2 |
П |
|
1 x |
2 |
1 x |
2 |
2 |
|||||||||
0 |
|
b |
0 |
|
b |
0 |
b |
|
|
Замечание. Если предел несобственного интеграла существует и конечен, то несобственный интеграл называется сходящимся.
Если же предел не существует или равен бесконечности, то интеграл называется расходящимся.
6.5 Приложения определённого интеграла по a;b
|
|
b |
f x dx |
|
1. |
S |
|
-площадь криволинейной трапеции, где y=f (x)- кривая, |
|
|
|
|
||
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
ограничивающая криволинейную трапецию, aABbкриволинейная трапеция.
y
B
A
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
a |
b |
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
2. |
S |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y t x t dt |
- площадь криволинейной трапеции, если кривая задана |
||||||||
|
|
|
t |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
y y t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
параметрически: |
|
x x t |
|
|||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
S |
r 2 |
d |
|
|
|
|
|
||
3. |
|
- |
площадь криволинейного сектора, ограниченного кривой, заданной |
|||||||
2 |
|
|
|
в полярных координатах, где r = r(a) - уравнение кривой.
|
b |
|
|
|
4. |
L |
1 y 2 dx |
|
вычисление длины дуги кривой y=f(x) на |
|
a |
|
|
a;b |
|
|
|
|
|
5. |
Вычисления объёма тела вращения. |
|
61
Если криволинейная трапеция вращается вокруг оси OX, то объём тела вращения
вычисляется по формуле: y
0 a
b |
|
2 |
|
V П y |
dx |
a |
|
b |
x |
6. Статические моменты и моменты инерции дуги плоской кривой y=f(x), (a x b) вычисляются по формулам (соответственно):
|
b |
|
|
M x |
y dL |
||
|
a |
|
|
|
b |
|
|
J x y |
2 |
dL, |
|
|
|||
|
a |
|
|
|
b |
|
|
M y |
xdL |
||
|
a |
|
|
|
b |
|
|
J y |
x |
2 |
dL, |
|
|||
|
a |
|
|
где
dL |
1 y |
dx |
|
2 |
|
- дифференциал дуги кривой y=f(x)
7. Координаты центра тяжести однородной дуги плоской кривой y=f(x) (a x b) выражаются формулами:
|
|
|
|
|
1 b |
|
|
|
1 b |
|
||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
dL |
1 y |
dx, |
x |
|
x dL, |
где |
y |
|
y dL, |
L-длина дуги. |
||
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
L a |
|
|
L a |
6. 6 Примеры решения задач
Задача 1. |
Найти |
J |
|
|
sin 3xdx |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
Решение . |
Данный интеграл не является табличным. Умножив на |
|
|
и на (3) |
|||||||||||
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
||
одновременно подинтегральное выражение, получим: |
|
|
|
|
|
||||||||||
J |
1 |
sin 3x 3dx |
1 |
|
sin 3xd3x |
1 |
cos3x C |
1 |
cos3x C |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
3 |
|
|
3 |
|
|
3 |
3 |
|
|
|
d3x
62
Задача 2. Найти интеграл:
J 2x ln xdx
Решение. Используем интегрирование по частям,
UdV U |
V V dU |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
J 2x ln xdx ln x x |
2 |
x |
2 |
|
dx |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
x |
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
U ln x |
|
|
|
|
|
dU |
dx |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
V 2x dx 2 |
|
||||||
dV 2xdx |
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
2 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
x |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
2 |
ln x |
|
C |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
2x ln xdx x |
|
|
|
|
x |
2 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
2 |
ln x |
|
C |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Имеем: |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
т.е используем формулу:
|
x |
2 |
ln x xdx |
|
|
||
x |
2 |
|
|
|
|
|
Задача 3. Найти интеграл: |
J |
|
|
x |
dx |
|
1 |
x |
|||||
|
|
|
||||
|
|
|
|
Решение: Используем подстановку выражение рациональным (без корня).
x t 2
, чтобы сделать подынтегральное
Итак, |
x t |
2 |
dx |
2t dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Тогда J примет вид: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
J |
|
t |
|
|
|
|
|
2 |
t |
2 |
dt |
2 |
t |
2 |
dt |
2 |
1 t |
2 |
1 |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
2tdt |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
1 t |
2 |
1 |
t |
2 |
1 t |
2 |
1 t |
2 |
dt |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
1 t |
2 |
|
|
|
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 t |
|
|
|
|
|
|
1 t |
|
|
|
||||
2 |
|
|
|
dt |
|
|
|
|
|
2 |
dt |
|
|
ln |
|
|
|
|
|
|
t ln |
|
C |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
C 2 |
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
1 t |
2 |
|
|
1 t |
2 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
1 t |
|
|
|
|
|
|
1 t |
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x ln |
C |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Использованы операции: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
1. Замена x t 2 |
|
dx 2tdt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
2.Вынесен постоянный множитель 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
3.Умножим и разделим на (-1). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4.В числителе подынтегральной дроби прибавили (+1) и (-1). 5.Использовано свойство:
U V dx Udx Vdx
6.Применили табличные формулы:
63
|
a |
2 |
|
|
7.Замена переменной по формуле
xt 2 t x
dU |
|
dU |
|
U |
|
2 |
|
t |
x |
U C,
1ln u a C 2a u a
(из подстановки)
Задача 4. Найти площадь фигуры, ограниченной параболой y=4x-x2 и осью ОХ.
Решение:
y 4x x |
2 |
парабола |
y |
||
|
|||||
|
|
|
|
||
|
|
|
4 |
|
|
y 0 |
осьОХ |
|
|
0
Решая систему, найдём точки пересечения: Фигура OABOкриволинейная трапеция.
A
B x
2 4
x=0; x=4.
|
|
4 |
|
|
3 |
|
S |
|
4x x2 dx 2 |
x |
x |
Значит, |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
||
|
|
0 |
|
|
|
Задача 5. Найти длину дуги кривой
Решение:
Дифференцируем уравнение кривой
|
4 |
|
32 |
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
||
|
0 |
|
|
|
|
|
y2=x3 от
|
3 |
1 |
y |
x |
|
|
|
2 |
|
2 |
|
(кв. ед)
x=0 до x=1, (y 0).
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
1 |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
9 |
|
|
4 |
|
2 |
|
9 |
2 |
|
8 |
|
13 |
2 |
|
8 |
|
8 13 |
|
|
|
|||||||
|
L |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
Имеем: |
1 |
|
x dx |
|
|
|
1 |
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
13 1 |
(ед.) |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
0 |
|
4 |
|
|
9 |
|
3 |
|
4 |
|
|
27 |
4 |
|
|
27 |
|
27 8 |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 6. Найти статический момент и момент инерции полуокружности y r 2 x2 ,
(-r x r) относительно оси OX. Решение.
b |
|
|
dx, |
1. M x ydL, где |
dL |
1 y 2 |
|
a |
|
|
|
y |
|
x |
|
|
2 |
x |
2 |
||
r |
||||
|
|
|
|
|
r |
|
|
|
x2 |
|
|
r |
|
|
M |
x |
|
|
r 2 x2 |
|
1 |
|
|
dx r |
|
dx 2r 2 статический момент. |
|
r 2 x2 |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
r |
|
|
|
|
|
|
r |
|
64
2.
|
b |
|
r |
r |
|
|
|
|
|
|
|
r |
2 |
|
|
J x |
y |
2 |
dL |
2 |
x |
2 |
1 |
|
2 |
|
2 |
dx |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
a |
|
r |
|
|
|
|
|
|
r |
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Введём подстановку
|
x r sint |
. |
dx r costdt |
|
|
|
|
Следовательно |
Если x=0, то t=0, если x=r, то
t
П 2
.
|
П |
|
|
|
|
|
|
|
|
П |
|
|
|
|
|
П |
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пr |
||
|
|
|
2 |
|
2 |
|
2 |
|
3 |
|
3 |
|
1 |
|
|
|
|
||
|
2 |
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|||||||||
|
2r |
|
|
r |
|
|
|
t r costdt r |
|
1 cos2t dt r |
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
J x |
r |
|
|
sin |
|
|
|
2 |
sin 2t |
|
|
|
|||||||
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
0 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Найти площадь, заключённую внутри лемнискаты Бернулли r 2 |
a2 cos2 |
|
|||||||||||||||||
|
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 0
Задача 7.
В силу симметрии достаточно вычислить одну четверть искомой площади, а затем учетверить результат.
По формуле
|
1 |
|
|
|
S |
r |
2 |
d |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
имеем
|
|
|
П |
|
|
|
|
|
|
|
П |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
4 |
2 |
|
a |
2 |
sin 2 |
4 |
|
||
|
S |
|
a |
|
cos2 d |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
4 |
|
2 |
0 |
|
|
2 |
|
2 |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Отсюда S=a2
a 4
2
;
6.7Вопросы для самопроверки
1.Дайте определение первообразной функции неопределённого интеграла. Приведите примеры.
2.Сформулировать свойства неопределённого интеграла.
3.В чём заключается геометрический смысл неопределённого интеграла?
4.Назовите основные методы интегрирования.
5. Решите:
J |
e |
arctgx |
|
||
|
|
dx |
|||
1 |
x |
||||
|
2 |
||||
|
|
|
|
методом подстановки.
6.Примените формулу интегрирования по частям к интегралу:
J xarctgxdx
7.Объяснить, почему ∫x2cos x3dx решается способом подведения функции под знак дифференциала. Можно ли решить этот интеграл методом подстановки
8.Запишите формулу интегральной суммы функции f(x) на a;b .
9.Сформулируйте определение определённого интеграла по a;b
65
|
b |
10. Каков геометрический смысл |
|
|
|
|
a |
11. По какой формуле вычисляется
f x dx?
b f x dx?
a
Приведите примеры.
12. Дайте определение несобственного интеграла.
13. Является ли
|
1 |
|
dx |
|
0 |
|
dx |
|
x sin xdx, |
|
, |
|
|
||||
1 |
x |
1 |
x |
|||||
0 |
0 |
|
1 |
|||||
|
|
|
|
|
несобственными?
14.Геометрический смысл несобственных интегралов.
15.В каких задачах используются определённые интегралы по отрезку a;b в геометрии?
16.В механике?
Раздел 7 ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ
7.1 Определение дифференциального уравнения первого порядка
1.Определение. Равенство, связывающее независимую переменную х, функцию у и
производные (или дифференциалы) этой функции называются дифференциальным уравнением первого порядка ( DY1) т.е.
F (x,y,y')=0 или y'=f (x,y)
Решить дифференциальное уравнение первого порядка – значит, найти неизвестную
функцию y.
2.Общим решением дифференциального уравнения первого порядка y f x, y
называется функция y= (x,c), где C- постоянная, которая при подстановке в дифференциальное уравнение первого порядка обращает его в тождество. На плоскости
XOY общее решение y= (x,c) выражает семейство интегральных кривых.
3. Всякое решение y= ( x,С0) полученное из общего решения при конкретном значении
С=С0 называется частным решением дифференциального уравнения первого порядка.
4. Задача отыскания частного решения дифференциального уравнения первого порядка
y |
|
|
f x, y , удовлетворяющего начальному условию |
||
|
|||||
y x0 y0 , |
или yx x0 y0 , |
или |
|||
|
|
|
|
x x0 |
|
|
|
|
|
|
- называется задачей Коши |
|
|
|
|
y y0 |
|
66
5.
6.
f |
1 |
x |
y |
|||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
y |
1 |
|
|
|
|
|
|
f |
||||
|
|
|
|
|
|
|
dx f2 x 2 y dy 0 -ДУ1с разделяющимися переменными. |
||
y |
- ОДУ1 |
– однородное дифференциальное уравнение 1-го порядка или |
|
||
x |
|
|
P x, y dx Q x, y dy
0
, где
P x,
y
,
Q x, y
- однородные функции одного измерения.
Используется подстановка
|
|
a x b y c |
|
||||
7. |
y1 |
f |
|
1 |
1 |
1 |
|
|
|
x b |
y c |
|
|||
|
|
a |
2 |
2 |
|||
|
|
|
2 |
|
подстановкой
у |
t |
|
х |
||
|
, где
a b |
a b |
||
1 |
2 |
2 |
1 |
0
. ДУ1 , приводимое к однородному
xy
U |
, где |
( , ) - точка пересечения прямых |
||||
|
||||||
|
|
|
|
|
||
a1 x b1 y c1 |
0 |
и |
a2 x b2 y c2 0 |
Если
a b |
a b |
||
1 |
2 |
2 |
1 |
0
, то используется подстановка
a x b y t |
|
1 |
1 |
8. |
P x, y dx Q x, y dy 0 |
, где |
дР |
|
дQ |
- называется |
|
ду |
дх |
||||||
|
|
|
|
|
дифференциалах.
Где P x, y dx Q x, y dy du - полный дифференциал функции U
Решить данное уравнениезначит, найти функцию и.
9. |
y P x y Q x - линейное ДУ1 (ЛДУ1) |
||
Если |
Q x 0 |
|
, то уравнение неоднородное, |
|
|||
Если Q x 0 |
, то уравнение однородное. |
||
ЛДУ1 |
интегрируются: |
уравнением в полных
U x, y
1)Методом Бернулли ( с помощью подстановки y = иv, где u и v-пока неизвестные
функции)
2)Методом Лагранжа, варьируя произвольную постоянную.
10. |
y |
|
|
Бернулли,
P x y Q x y
решаемое либо
m |
m 1- дифференциальное уравнение |
, где m - число, m 0, |
с помощью подстановки y= uv, либо методом Лагранжа.
7.2 |
Дифференциальные уравнения высших порядков |
|
||
Определении.: |
Равенство |
вида |
F x, y, y , y ,...y n 0 называется |
ДУn |
( дифференциальным уравнением n-го порядка). |
|
67
y= (x,c1,c2,…,cn )- общее решение ДУn, где x-аргумент, c1,c2…,cn – произвольные
постоянные.
Задача Коши.
F x, y, |
||||
|
y x |
|
|
|
|
0 |
|||
|
|
y , y ,..., |
y |
n |
|||
|
|||||
y |
0 |
, y x |
0 |
|
|
|
|
|
|
0- |
|
y |
,..., |
0 |
|
данное ДУn |
|
||||
y |
n 1 |
x |
|
y |
n 1 |
|
|
|
|
||
|
|
|
0 |
|
0 |
- начальные условия
Задача Коши находит частное решение ДУn.
y(n)=f(x).Решение этого уравнения находится n-кратным интегрированием данного уравнения.
y"= f(x, y') или F (x, y', y")=0- уравнение не содержит переменную y (искомую функцию).
Решается подстановкой y'= P (x), y"= P' (x)
y"= f (y,y') или F (y, y', y")=0 - уравнение не содержит переменную x (аргумент).
Решается подстановкой y'= P (y), y"= P' (y) y' или y"=P'· P
y"+py'+qy=f(x)- линейное дифференциальное уравнение 2-го порядка с постоянными коэффициентами p и q.
Если |
f x 0 |
, то уравнение называется линейным неоднородным дифференциальным |
уравнением 2-го порядка ( ЛНДУ2 )
Если f(x) 0, то уравнение называется линейным однородным дифференциальным
уравнением 2-го порядка ( ЛОДУ2 ).
Система ДУ вида:
dx |
|
|
|
|
|
t, x |
|
|
|
|
|
|
||
|
1 |
f |
|
|
, x |
|
,..., x |
|
||||||
|
|
1 |
2 |
n |
||||||||||
dt |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
dx |
|
|
f t, x |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
2 |
|
, x |
|
,..., x |
|
||||||||
|
|
|
||||||||||||
dt |
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
n |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
.......... .......... .......... ..... |
|
|||||||||||||
dx |
n |
|
|
|
|
|
t, x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f |
|
|
|
x |
|
,..., x |
|
|||||
|
|
n |
|
2 |
n |
|||||||||
|
|
|
|
|
1, |
|
|
|
||||||
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где x1, x2, x3,…,xn- неизвестные функции независимой переменной t называется нормальной системой.
Иногда нормальную систему удаётся свести к одному ДУn, содержащему одну неизвестную функцию методом исключения других неизвестных.
В некоторых случаях после несложных преобразований удаётся получить легко интегрируемые уравнения.
7.3. Примеры решения задач
68
Задача 1.
условию
Найти частное решение ДУ1
y 0 1.
y cos x |
y |
|
ln y |
||
|
0
, удовлетворяющему начальному
Решение: Данное уравнение с разделяющимися переменными.
Т.к.
y |
dy |
|
dx |
||
|
, то уравнение примет вид:
cos x |
dy |
|
y |
или |
ln y |
dy |
dx |
- после отделения переменных. |
|
|
|
|
|||||
|
dx |
|
ln y |
|
y |
cos x |
|
Интегрируя обе части
|
ln y |
dy |
|
dx |
или |
|
y |
cos x |
|||||
|
|
|||||
|
|
|
|
последнего уравнения,
1 |
ln |
2 |
y ln |
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
tg |
|
|
|
||||
2 |
|
|
|
|
|
2 |
|
4 |
|
|
получим:
C -общее решение
Используя начальное условие выделяется частное решение:
y 1 |
, |
x 0 |
, находим |
C 0 |
. Тогда из общего решения |
||||||
1 |
|
|
2 |
|
x |
|
|
|
|
||
|
|
ln |
|
y ln tg |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
||||||
2 |
|
|
|
|
2 |
|
4 |
|
|
Задача 2. Найти общее решение уравнения
2xydx y |
2 |
x |
2 |
dy 0 |
|
|
Решение: Данное уравнение является однородным, так как коэффициенты при dx и dy
суть однородные функции одного и того же измерения (второго) относительно переменных x и y. Применяем подстановку y=xt, где t- некоторая функция аргумента x. Если y= xt, то дифференциал dy = d(xt) = tdx+ xdt, и данное уравнение примет вид:
2xxtdt+(x²t²-x²) (tdx+xdt)= 0
Сократив на x², будем иметь:
2tdx+(t²-1) (tdx+xdt)=0 2tdx+(t²-1 ) tdx+x (t²-1)dt=0 t(2+t²-1) dx+x (t²-1)dt=0
t(1+t²)dx= x(1-t²)dt;
dx |
|
1 t |
2 |
||
|
|
|
|||
x |
t(1 t |
2 |
|||
|
|||||
|
|
dt )
.
Мы получили уравнение с разделёнными переменными относительно x и t. Интегрируя,
находим общее решение этого уравнения:
|
dx |
|
1 t 2 2t 2 |
ln x |
dt |
|
2t |
|
|
|||
|
|
|
|
dt; |
|
|
|
dt; |
||||
x |
t(1 t |
2 |
) |
t |
1 t |
2 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
69
Потенцируя, находим
t xy . Следовательно,
ln x |
|
x |
1 |
|
|
|
|
x 1 |
|
|
|
|
|
lnt ln(1 t |
2 |
) lnC; |
ln x ln |
Ct |
. |
||||||
|
|||||||||||
|
t |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
Ct |
|
, или x(1+t²)=Ct. Из введённой подстановки следует, что |
|||||||||
t |
2 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
y |
2 |
|
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
C |
|
или x²+y²= Cy – общее решение данного уравнения. |
||||||
x |
2 |
|
x |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 3. Найти общее решение уравнения y'-y tg x=2 xsec x.
Решение: Данное уравнение является линейным, так как оно содержит искомую функцию y и её производную y' в первой степени и не содержит их произведений.
Применяем подстановку y= uv, где u и v –некоторые неизвестные функции аргумента x. Если y=uv, то y'= (uv)'= u'v+uv' и данное уравнение примет вид: u'v+uv'-uvtg x= 2x sec x,
или |
|
v(u'-utg x)+ uv'= 2xsec x. |
(1) |
Так как искомая функция y представлена в виде произведения двух других неизвестных функций, то одну из них можно выбрать произвольно. Выберем функцию u так, чтобы выражение, стоящее в круглых скобках левой части неравенства (1), обращалось в нуль, т.е
выберем функцию u так, чтобы имело место равенство |
|
u'-utg x=0 |
(2) |
При таком выборе функции u уравнение (1) примет вид |
|
uv'= 2x sec x. |
(3) |
Уравнение (2) есть уравнение с разделяющимися переменными относительно u и x. Решим это уравнение:
du |
utgx 0; |
|
dx |
||
|
du |
utgx; |
|
dx |
||
|
du |
tgxdx; |
|
u |
||
|
|
du |
tgxdx; |
|
u |
|||
|
|
ln u= -ln cos x,
u |
1 |
; |
|
cos x |
|||
|
|
или |
u secx |
(Чтобы равенство (2) имело место, достаточно найти одно какое-либо частное решение,
удовлетворяющее этому уравнению. Поэтому для простоты при интегрировании этого уравнения находим то частное решение, которое соответствует значению произвольной постоянной C=0.) Подставив в (3) найденное выражение для u, получим:
secxv'=2xsecx; v'=2x; |
dv |
2x; |
dv=2xdx. Интегрируя, получаем v=x²+C. Тогда |
|
dx |
||||
|
|
|
y=secx(x²+C) - общее решение данного уравнения.
70