- •Глава 4 изгиб
- •4.1 Понятие о деформации изгиба
- •4.2 Балки и реакции опор
- •4.3 Внутренние силы в сечениях балки
- •4.4 Правило знаков для поперечной силы и изгибающего момента
- •4.5 Дифференциальные зависимости при изгибе
- •4.6 Контроль построения эпюр поперечных сил и изгибающих моментов
- •Сечение 3-3:
- •Момент сопротивления прямоугольного сечения равен:
- •4.7 Нормальные напряжения при чистом изгибе
- •4.8 Допущения для вывода формул. Нормальные напряжения
- •4.9 Геометрические характеристики сечений при изгибе
- •4.10 Моменты инерции для параллельных осей
- •4.11 Моменты инерции сложных сечений
- •4.12 Касательные напряжения при изгибе. Формула Журавского
4.10 Моменты инерции для параллельных осей
Рассмотрим такой случай, когда необходимо определить моменты инерции относительно параллельных осей (рис.4.22).
y1 y
x1 dA
а y
x
O x
А b y1
x1
O1
Рисунок 4.22 – К определению моментов инерции относительно параллельных осей
Рассмотрим сечение, у которого площадь А, центральные оси X и Y. На расстоянии y от оси Х и расстоянии x от оси Y выберем площадку dА.
Проведем параллельные оси Х1 и Y1 на расстоянии b и a от осей X и Y и определим моменты инерции относительно осей X1, Y1:
Ix1 = A y12 dA =A ( y + b ) dA = A y 2dA + 2bA ydA + b2 A dA.
Выражение
А y dA – статический момент сечения относительно центральных осей, равный нулю
(см. выражение 4.8).
Тогда
Jx1 = Jx + b2A. (4.28)
Момент инерции относительно параллельной оси Х1 равен моменту инерции сечения относительно собственной центральной оси Х плюс произведение b2А, где А – площадь сечения фигуры. Аналогично
Jy1 = Jy + a2A. (4.29)
4.11 Моменты инерции сложных сечений
О пределим моменты инерции сечения, представленного на рисунке 4.23.
A1 y
d
A2
max
x2 y2max
b2
h x1
y2 xc
y1 b1 y1max
yc
x
b
Рисунок 4.23 – Схема для определения момента инерции сложного сечения
Разбиваем сложное сечение на две фигуры: прямоугольник, с площадью поперечного сечения А1, и круг, с площадью сечения А2. Определим центр тяжести сечения относительно произвольной оси Х. Положение оси Хс:
Хс = (А1у1 + А2у2)/(А1 + А2). (4.30)
Положение оси Хс определяет координата ус. Затем определяем расстояние между осями простых фигур и центральной осью Хс. Это величины b1 и b2. Пользуемся выражениями для параллельных осей(4.28) и (4.29):
Ixc = bh3/12 + b1A1 – (d4/64 + b22A2),
Ixc = hb3/12 – d4/64.
Пример 4.4. Для сложного сечения, представленного на рисунке 4.24, определить моменты инерции сечения. Размеры в миллиметрах.
yc
2
1
yc2 = 10
yот х2
3 50
60 R40 ц.т
120 хс
0 43 хс3 =17
h2
b2 = 80
120
Рисунок 4.24 – Сложное сечение
Определяем центры тяжести фигур 2 и3.
1) Для треугольника (2):
yc2 = 1/3h = 1/33 = 1 см = 10 мм.
Для полукруга (3):
хс3 = 0,424R = 0,42440 = 17 мм.
2) Покажем расстояние от центральных осей фигур (2) и (3) до главных центральных осей всего сечения.
3) Определяем главные центральные моменты инерции всего сечения. Обе главные оси проходят через центр тяжести сечения:
Ixcнетто = 12123/12 – 1/2(R)4/642 – (b2h23/36 + 52А2)2,
где b2h23/36 – момент инерции треугольника относительно оси Х2, R – радиус окружности.
Ixcнетто = 12123/12 – 1/23,14(24)4/642 – (833/36 + 521/283)2 = 915 см4,
Iycнетто = 12123/12 – h2b23/482 – [1/2(2R)4/64 + 4,3А3]2,
где h2b23/48 – момент инерции треугольника относительно оси Yс, А3 – площадь полукруга:
А3 = R2/2;
Iycнетто = 12123/12 – 383/482 – [1/23,14(24)4/64 + 4,33,1442/2]2 = 864 см4.
Пример 4.5. Для заданного сечения, состоящего из двутавра и уголка, требуется:
1) определить положение центра тяжести;
2) найти осевые и центробежный моменты инерции относительно случайных осей, проходящих через центр тяжести сечения;
3) определить направление главных центральных осей;
4) найти моменты инерции относительно главных центральных осей.
Дано: двутавр 22; равнобокий уголок 125.125.12.
Решение: из таблиц сортамента выпишем исходные данные:
двутавр 22:
А1 = 30,6 см2,
Jx1 = 2550 см4, Jy1 = 157,0 см4;
уголок 125.125.12:
А2 = 28,9 см2,
Jx2 = Jy2 = 422 см4,
Jx0 = 670 см4,
Jy = 174 см4.
Центробежный момент инерции уголка:
Jx2y2 = ( Jx0 – Jy ) sin 2 / 2 = (670 – 174 ) sin(– 2) / 2 = – 284 см4 ; т.к. sin(– 245) = – 1.
y0 y2 x0
А2
45
x2
3 ,53
Рисунок 4.25 – Уголок равнобокий
2,33 yc y1 1,2
y0 3,53
1,2
12,5 А2
3,53
14,53 7,53
х6
1,2
11
ц.т. 7,0 хс
22,0
х1
11,0 0,87 А1
11,0
М 1: 2
Рисунок 4. 26 – Сложное сечение. Размеры указаны в сантиметрах
Определим центр тяжести сечения относительно Х1, У1:
А1 + А2 = 30,6 + 28,9 = 59,5 см2;
yс = (А1х1 + А2х2)/(А1 + А2) = (0 + 28,914,53)/59,5 = 7 см;
xс = (А1у1 + А2у2)/(А1 + А2) = (0 – 28,93,53)/59,5 = – 1,2 см.
Определим моменты инерции относительно центральных осей:
Ixc = Ix1 + b21A1 + Ix2 + b22A2 = 2550 + 7230,6 + 422 + 7,53328,9 = 6110 см4;
Iyc = Iy1 + a21A1 + Iy2 + a22A2 = 157 + 1,2230,6 + 422 + 156,89 = 780 см4.
Центробежный момент инерции сечения:
Ixcyc = I(1)xcyc + a1b1A1 + I(2)xcyc + a2b2A2 = 0 + 7(–1,2)30,6 – 248 + 7,53(–2,33)28,9 = – 1012 см4.
Определим положение главных осей:
tg2 = – 2 Ixcyc/(Ixc – Iyc ) = 21012/(6110 – 780) = 0,379;
2 = – arc tg 0,379; 2 = 220; = 110.
Величины главных центральных осей инерции:
I x0 = (Ixc + Iyc)/2 + 1/2 (Ixc + Iyc)2 + 4 I2xcyc = (6110 + 780)/2 + 1/2 (6110 – 780)2 + 410122 =
= 3445 + 2850 = 6295 см4;
I x0 = (Ixc + Iyc)/2 – 1/2 (Ixc + Iyc)2 + 4 I2xcyc = (6110 + 780)/2 – 1/2 (6110 – 780)2 + 410122 =
= 3445 – 2850 = 595 см4.