УМК
.PDF
|
|
|
|
|
c |
2 |
|
|
x = c1 + |
|
|
||||
|
y |
2 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(− 2)y−3y′ |
|||||
Запишем систему: |
1 = c |
2 |
|||||
|
|
|
|
(− 3y−4 y y′ ′ + y−3y4 ). |
|||
|
0 = −2c |
2 |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Из последнего равенства после упрощения получаем искомое дифференциальное уравнение II порядка y y ′′= 3 (y′)2 .
В следующих задачах для составления ДУ I порядка используем геометрический смысл первой производной функции. Пусть к кривой y = f (x) проведена касательная; (x 0 , f (x 0 ))− точка касания. f ′(x 0 )= k − угловой коэффициент касательной или f ′(x 0 )= tg α , где α − угол наклона касательной к положительному направлению оси 0X . Уравнение касательной к кривой y = f (x) в точке с абсциссой x 0 имеет вид:
y = f (x 0 )+ f ′(x 0 ) (x − x 0 ) или y = y 0 + y′0 (x − x 0 ), где (x 0 , y 0 )− коор-
динаты точки касания. Точка (x 0 , y 0 ) лежит на кривой y = f (x) и на касательной. (x, y)− координаты текущей точки касательной, то есть координаты любой точки, лежащей на касательной (не на кривой!). Напомним, что нормаль –
прямая, |
перпендикулярная |
касательной |
|
и ее уравнение имеет |
вид: |
||||||||
y = y 0 − |
1 |
|
(x − x 0 ). |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
y′0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
ПРИМЕР. Составить дифферен- |
|
|
|
|
|
|
|||||||
циальное |
уравнение |
семейства инте- |
|
|
y |
|
|
|
|||||
гральных |
кривых, |
зная, что |
середину |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
нормаль |
|
|
||||||||
отрезка |
нормали от произвольной точ- |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||
ки этой кривой до оси абсцисс пересе- |
|
|
ось абсцисс |
• C (x, 0) |
|
|
|||||||
|
|
|
|
2 |
= x . |
|
|
|
|
|
|||
кает парабола 2 y |
|
|
0 |
|
x |
|
|||||||
|
|
|
|
• B − середина АС |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. Возьмем произвольную |
|
|
|
•A (x 0 , y 0 ) |
|
|
|||||||
точку А на кривой L, зафиксируем ее |
|
|
|
касательная |
|
|
|||||||
координаты (x 0 , y 0 ) |
и проведем в ней |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
L |
|
|
||||||||
нормаль АС. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Нормаль пересекает ось абсцисс в точке С, поэтому ее вторая координата |
«y» равна нулю. Точка С – точка нормали, следовательно, ее первую координа-
ту |
|
«х» |
найдем |
из |
|
уравнения |
нормали: |
|
y = y 0 |
− |
1 |
(x − x 0 ) |
|||
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y′0 |
|
0 = y |
|
− |
1 |
(x − x ) x = x |
|
+ y |
|
y′ |
т. C (x + y |
|
y′ ; 0). Пусть точка В |
||||
|
y′0 |
|
|
|
|||||||||||
|
0 |
|
0 |
|
0 |
|
0 |
0 |
0 |
0 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
0 |
+(x |
0 |
+ y |
0 |
y′ ) |
|
y |
0 |
+ 0 |
||||
– середина отрезка АС, тогда ее координаты будут: |
|
|
|
|
0 |
|
; |
|
|
|
. |
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
По условию задачи координаты т.В должны удовлетворять уравнению 2 y 2 |
= x . |
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
y |
0 |
|
2 |
x |
0 |
+ (x |
0 |
+ y |
0 |
y′ ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Получаем |
равенство |
2 |
|
|
|
= |
|
|
|
0 |
, |
после |
упрощения |
которого |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
имеем y 2 |
= 2 x |
0 |
+ y |
0 |
y′ |
. Поскольку точка |
|
A (x |
0 |
, y |
0 |
) |
на кривой L − |
произ- |
|||||||||||||||||||||
0 |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
вольная точка, то индекс у ее координат можно опустить. Окончательно, ДУ I |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
порядка примет вид y y′ − y 2 |
+ 2 x = 0 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ПРИМЕР. Составить дифференциальное уравнение семейства интегральных кривых, обладающих свойством: длина перпендикулярна, опущенного из
точки (0; 1) на касательную к кривой равна абсциссе точки касания. |
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
Решение. |
Обозначим |
||
y |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
C (x 0 , y 0 ) − точку на кривой L , |
||||
A (0, y) |
|
|
|
|
|
|
в которой проведена касатель- |
|||
|
Ε |
L |
|
|
|
|
ная АВ. β − угол наклона каса- |
|||
|
|
C (x |
|
|
|
) |
тельной к положительному на- |
|||
x 0 |
|
0 |
, y |
0 |
правлению |
оси |
0Х, |
тогда |
||
α |
|
• |
|
|
tgβ = y′(x0 ) |
или |
tg β = y′0 . |
|||
касательная |
|
|
|
β |
||||||
1 D |
|
|
α |
|
Так как |
α = 1800 − β , |
то |
|||
0 |
|
|
|
|
B (x, 0) x |
tg α = −y′0 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пусть касательная пересекает ось ординат в т.А, тогда ее первая координата «х» равна 0. Но т.А – точка на касательной, поэтому ее вторая координата «у» удовлетворяет уравнению касательной:
y = y 0 + y′0 (x − x 0 ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
y = y 0 + y′0 (0 − x 0 ) т.A (0; y 0 − x 0 y′0 ) 0A = y 0 |
− x 0 y′0 . Так как |
||||||||||||||||||||||||
AD = A0 − 0D , где 0D = 1, то AD = (y 0 |
− 1) − x 0 y′0 . |
|
|
||||||||||||||||||||||
DE − длина перпендикуляра из т. D на касательную, |
тогда по условию |
||||||||||||||||||||||||
задачи DE = x 0 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
cos α = |
|
|
|
1 |
|
= |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
1 + tg 2 α |
1 + (− y′ )2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставляем выражения для AD, DE, cos α в равенство: DE = AD cos α |
|||||||||||||||||||||||||
(из прямоугольного треугольника ADE ). |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
Имеем: x 0 |
= ((y 0 − |
1) − x 0 y′0 ) |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
. Возводим в квадрат |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
1 + (y′ |
)2 |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
x 2 (1 + (y′ )2 )= (y |
|
|
− 1)2 |
− 2 (y |
|
|
|
− 1)x |
0 |
|
|
|
(y′ )2 и после упрощения |
||||||||||||
0 |
|
0 |
|
0 |
y′ |
|
+ x 2 |
||||||||||||||||||
0 |
|
|
|
0 |
|
|
|
= (y |
|
− 1)2 |
|
|
|
|
0 |
0 |
0 |
|
|||||||
получим 2 x |
0 |
(y |
0 |
− 1) y′ |
0 |
− x |
2 . |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
Точка C (x 0 , y 0 )− произвольная точка кривой, поэтому индекс у ее коор-
динат можно опустить. Окончательно ДУ I порядка будет иметь вид
2 x (y − 1)y′ = (y − 1)2 − x 2 .
Напомним физический смысл первой производной функции f (x). Если функция y = f (x) описывает динамический процесс, то есть проходящий во времени, то y′ = f ′ (x) есть скорость протекания этого процесса в момент времени х.
ПРИМЕР. Пусть тело находится в окружающей среде с более низкой температурой, равной 100 С. Известно, что с течением времени охлаждение тела пропорционально разности температур самого тела и среды с коэффициентом пропорциональности 0,02. Составить дифференциальное уравнение процесса изменения температуры тела во времени.
Решение. Обозначим Т – температуру тела в некоторый момент времени
t. Введем функцию T (t), тогда |
T′(t) или |
d T |
− скорость изменения тела в |
|
|||
|
|
d t |
|
момент времени t. По условию |
T′(t) пропорционально разности температур |
тела T и окружающей среды 100 , то есть (T − 10) с коэффициентом пропорцио-
нальности 0,02. Получаем равенство dT = −0,02 (T − 10). Минус в правой части dt
означает процесс охлаждения. Это же уравнение может иметь вид
T′ = −0,02 (T − 10).
Отметим, что полученное дифференциальное уравнение I порядка, можно записать и таким образом y′ = −0,02 (x −10) или 50 y′ =10 − x .
ПРИМЕР 2.33. Цилиндрический резервуар с высотой 6 м и диаметром основания 4 м поставлен вертикально и наполнен водой. За какое время вода, заполняющая резервуар, вытечет из него через круглое отверстие радиуса 1/12 м, сделанного в дне резервуара?
Решение. Для решения поставленной задачи надо воспользоваться формулой Бернулли, определяющей скорость V (в м/с) истечения жидкости из отверстия в резервуаре, находящегося на h м ниже свободного уровня жидкости:
V = σ2gh
Здесь g = 9,8 м/с2 - ускорение силы тяжести, а σ - постоянный (безразмерный) коэффициент, зависящий от свойств жидкости (для воды σ ≈ 0,6 ).
Пусть через t с после начала истечения воды уровень оставшейся в резервуаре воды был равен h м, и за время dt с понизился еще на dh м (dh<0). Подсчитаем объем воды, вытекшей за этот бесконечно малый промежуток времени dt, двумя способами.
С одной стороны, этот объем dω равен объему цилиндрического слоя с высотой |dh| и радиусом, равным радиусу r основания резервуара (r=2 м). Таким образом, dω = πr2 dh = −πr2dh .
С другой стороны, этот объем равен объему цилиндра, основанием которого служит отверстие в дне резервуара, а высота равна V dt (гдеV - скорость истечения). Если радиус отверстия равен ρ( ρ = 1/12 м), то dω = πρ2νdt = πρ2 2ghdt .
Приравнивая эти два выражения для одного и того же объема, приходим к уравнению
− r2dh = σρ2 2ghdt.
Разделяя переменные и интегрируя, получаем
dt = − |
r2 |
|
dh |
|
; t = C − |
2r2 |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
h. |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
σρ2 2g |
|
|
h |
σρ2 |
2g |
При t = 0 имеем h = h0 = 6 м. Отсюда находим
C = |
2r |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
h |
0 . |
|||
|
|
|
|
|
||||
σρ2 |
|
|
|
|||||
|
|
|||||||
|
|
2g |
|
|
Таким образом, связь между t и h определяется уравнением t = σρ22r22g (h0 − h ),
а полное время истечения Т найдем, полагая в этой формуле h = 0:
T = 2r2 h0 .
σρ2 2g
Используя данные задачи (r = 2 м, hо = 6 м, σ = 0,6, ρ= 1/12 м, g = 9,8 м/с2), на-
ходим Т ≈ 1062 с ≈17,7 мин.
ПРИМЕР 2.34. В комнате, где температура 20° С, некоторое тело остыло за 20 мин от 100 до 60° С. Найти закон охлаждения тела; через сколько минут оно остынет до 30° С? Повышением температуры в комнате пренебречь.
Решение. В силу закона Ньютона (скорость охлаждения пропорциональна разности температур) можем записать:
|
dT |
= k(T − 20), или |
|
dT |
= k dt, т.е. ln(T − 20)= kt + ln C |
|
|
|
|
||
|
dt |
T − 20 |
|||
Если t = 0, то T=100°; |
отсюда С = 80. Если t = 20, то T = 60°; значит, ln 40= |
||||
=20k+ln 80, откуда k = -(1/20) In 2. Итак, закон охлаждения тела имеет вид |
|||||
T − 20 = 80 e−(1/ 20)t ln 2 |
= 80(1/ 2)(t / 200), или T = 20 + 80(1/ 2)(t / 20). |
При T=300 имеем 10=80(1/2)t/20, или (1/2)t/20=1/8. Таким образом, t/20=3, откуда t=60 мин.
ПРИМЕР 2.35. Материальная точка массы т движется по оси Ох под действием восстанавливающей силы, направленной к началу координат и пропорциональной расстоянию движущейся точки от начала; среда, в которой
происходит движение, оказывает движению точки сопротивление, пропорциональное скорости движения. Найти закон движения.
Решение. Пусть x& -скорость точки; &x& -ее ускорение; на точку действуют две силы: восстанавливающая f1 = −ax и сила сопротивления среды f1 = −bx .
Согласно второму закону Ньютона, имеем m&x& = −bx − ax, или m&x& + bx& + ax = 0
Мы получили линейное однородное дифференциальное уравнение второго порядка. Его характеристическое уравнение mk2 + bk + a = 0 имеет корни
k1,2 = (− b ± b2 − 4ma )/(2m)
1). Если b2 − 4ma > 0 , то корни-действительные, различные и оба отрицательные; вводя для них обозначения
k1 = (− b + b2 − 4ma )/(2m)= −r1, k 2 = −(b + b2 − 4ma )/(2m)= −r2 ,
находим общее решение уравнения движения в виде x = C1e−r1t + C2e−r2 t (это-случай так называемого апериодического движения).
2). |
|
Если |
b2 − 4ma = 0 , |
то корни |
характеристического |
уравнения – |
|||||||||||||
действительные равные: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
k1 = k2 = −b /(2m)= −r . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
В |
этом |
|
случае |
|
общее |
решение |
уравнения |
|
|
движения |
имеет вид |
||||||||
x = C e−rt + C |
2 |
te−rt . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3). Наконец, если |
b2 − 4ma < 0 , то |
характеристическое |
уравнение |
||||||||||||||||
имеет комплексные сопряженные корни: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
= −α − βi , где α = b /(2m),β = ( |
|
|
)/(2m). |
||||||||||||
k1 |
= −α + βi , k 2 |
|
4am − b2 |
||||||||||||||||
Общее решение уравнения движения имеет вид |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
x = e−αt (C cos βt + C |
2 |
sin βt), или x = Αe |
−αt sin(βt + ϕ |
0 |
), |
|
|
||||||||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
где Α = |
|
C2 + C2 , sin ϕ |
0 |
= C / Α, cos ϕ |
0 |
= C |
2 |
/ Α |
|
|
|
|
|
||||||
|
1 |
|
2 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2.16ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ
ВЧАСТНЫХ ПРОИЗВОДНЫХ И ЕГО РЕШЕНИЯ. ВВОДНЫЕ ПОНЯТИЯ
Дифференциальным уравнением в частных производных называют уравнение, связывающее неизвестную функцию нескольких переменных и ее частные производные.
Порядок высшей частной производной, входящий в уравнение, определяет порядок уравнения.
Ограничимся рассмотрением уравнений с функциями двух и трех переменных.
Общий вид уравнения первого и второго порядков для функции двух переменных соответственно такой
F(x, y, U, U x , U y ) = 0 , |
(2.50) |
F(x, y, U, U x , U y , U xx , U xy , U yy ) = 0 , |
(2.51) |
где F − заданная функция своих аргументов.
Уравнение называется линейным, если F линейно зависит от функции U и ее частных производных.
Уравнение (2.51) называется линейным относительно старших производных, если оно имеет вид
A(x, y)U xx + 2B(x, y)U xy + C(x, y)U yy + F(x, y, U, U x , U y ) = 0.(2.52)
Частным случаем уравнения (2.52) является линейное уравнение
A(x, y)U xx + 2B(x, y)U xy + C(x, y)U yy + D(x, y)U x |
+ |
+ E(x, y)U y + F(x, y)U = f (x, y), |
(2.53) |
|
где A, B, C, D, E, F, f − данные непрерывные функции, определяемые в некоторой области G переменных x и y , причем A, B, C имеют непрерывные частные производные до второго порядка включительно. Чаще всего коэффициенты перед искомой функцией и ее производными – числа. Если в уравнении (2.53) f (x, y) = 0 , то уравнение называется однородным; если f (x, y) ≠ 0 , то – неоднородным.
Решением уравнения в частных производных называется всякая функция, которая, будучи подставленная в уравнение вместо неизвестной функции U и ее частных производных, обращает это уравнение в тождество по независимым переменным.
Как известно, для обыкновенного дифференциального уравнения y(n ) = f (x, y, y′,K, y(n−1) )
решение y = ϕ(x, C1 ,K, Cn ), содержащее n произвольных постоянных, называется общим (при условии, что при соответствующем выборе констант, возможно, решить задачу Коши).
Для уравнений в частных производных дело сложнее. Так называемое общее решение содержит произвольные функции в количестве, вообще говоря, равном порядку дифференциального уравнения. В приводимых ниже задачах будет отмечена особенность общего решения уравнения в частных производных.
Примеры решения задач
ПРИМЕР 2.36. Выяснить, являются ли приведенные ниже равенства дифференциальными уравнениями в частных производных:
а) U 2xx + U 2yy − (U xx − U yy )2 = 0 ,
б) sin(U xy − U yy )− sin U xy cos U x − sin U x cos U xy + 2U = 0 .
Решение. Преобразуем уравнение а)
U 2xx + U 2yy − U 2xx + 2 U xx U yy − U 2yy = 2 U xx U yy = 0 .
Данное уравнение является уравнением в частных производных, так как в него входят частные производные второго порядка
U xx |
= |
∂ 2 U |
и U yy = |
∂2 U |
∂ x 2 |
. |
|||
|
|
|
∂ y 2 |
Уравнение б) не является уравнением в частных производных, так как в него входит только функция U = U (x, y) . Действительно, раскрывая
sin (U xy − U yy ) , получим
sin U xy cos U x + sin U x cos U xy − sin U xy cos U x − − sin U x cos U xy + 2U = 0 2U = 0 U(x, y) = 0.
ПРИМЕР 2.37. Выяснить, какие из следующих уравнений являются линейными (однородными или неоднородными) и какие нелинейными:
а) 3 U xy − 6 U xx + 7 U y − U x + 8x = 0 ,
б) U x U 2xy + 2x U U xy − 3 xy U y − U = 0 ,
в) x 2 y U xxy + 2 e x y2 U xy − (x 2 y2 +1)U xx − 2 U = 0 .
Решение. Сравнивая данные уравнения с формой (1.4), заключаем, что - уравнение а) есть неоднородное линейное уравнение второго порядка,
для которого A = −6, 2B = 3, C = 0, D = −1, E = 7, F = 0, f = −8x ;
-уравнение б) нелинейное, так как оно не является линейным относительно старших частных производных;
-уравнение в) является однородным линейным уравнением третьего по-
рядка.
ПРИМЕР 2.38. Решить уравнение ∂U = 0 .
∂x
Решение. Ясно, что искомая функция U(x, y) не зависит от переменной x , но может быть любой функцией от y : U(x, y)= ϕ(y), поскольку, диффе-
ренцируя ϕ(y) по x , получим ноль, а это значит, что данное равенство выполняется. Таким образом, решение уравнения содержит одну произвольную функцию ϕ(y).
ПРИМЕР 2.39. Решить уравнение ∂U = f (y), где f (y)− заданная функ-
∂y
ция.
Решение. Интегрируя по y , восстановим искомую функцию
U(x, y) = ∫ ∂∂Uy dy + ψ(x) = ∫ f (y)dy + ψ(x),
где ψ(x) − произвольная функция.
Итак, решение уравнений в примерах 2.38 и 2.39 содержат одну произвольную функцию (ϕ(y) и ψ(x)). Такое решение называется общим. В отличие от общего решения обыкновенного дифференциального уравнения первого порядка, которое содержит одну произвольную постоянную, решение уравнения в частных производных первого порядка содержит одну произвольную функцию.
ПРИМЕР 2.40. Решить уравнение |
∂2 U |
|
= 0 . |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
||||
|
∂x ∂y |
|
|
|
|
||||
|
|
|
∂ |
∂U |
|
∂U |
|
||
Решение. Перепишем уравнение так: |
|
|
|
|
|
= 0 . Положим |
|
= V , |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
∂y |
|
|
|
∂x |
∂y |
|
|
||||
после чего данное уравнение принимает вид |
|
∂V = 0 . Как было установлено в |
|||||||
|
|
|
|
∂x |
|
|
|
|
примере 2.38, общее решение последнего уравнения имеет вид: V = f (y), где
f (y) − произвольная функция. Исходное уравнение примет вид: ∂U = f (y).
∂y
Проинтегрировав полученный результат по y , получим
U(x, y) = ∫ f (y)dy + ϕ(x), иначе U(x, y) = ϕ(y) + ψ(x),
где ϕ(x) и ψ(x) − произвольные дважды дифференцируемые функции.
U(x, y)
уравнению.
Итак, решение уравнения в частных производных второго порядка содержит уже две произвольные функции. Такое решение называют общим.
Приведенные в качестве примеров уравнения дают основание сделать заключение: общее решение уравнения в частных производных первого порядка содержит одну произвольную функцию, а общее решение уравнения второго порядка – две произвольные функции. В этом заключается коренное отличие общего решения уравнения в частных производных от общего решения обыкновенного дифференциального уравнения, которое содержит одну и две произвольные постоянные.
В дальнейшем будет выяснено, какие дополнительные условия надо задать, чтобы с их помощью можно было выделить частное решение, т. е. функцию, удовлетворяющую как уравнению, так и дополнительным условиям.
Дифференциальное уравнение |
|
A(dy)2 − 2B dxdy + C(dx)2 = 0 |
(2.58) |
называется характеристическим уравнением для уравнения (2.52), а его об-
щие интегралы ϕ(x, y)= C1 и ψ(x, y)= C2 − характеристиками.
Характеристики линейного уравнения (2.52) используются для приведения его к каноническому виду. Уравнение (2.52) в каждой из областей, где сохраняется знак дискриминанта , приводится к эквивалентному уравнению, а именно к каноническому, путем введения вместо переменных x и y новых пе-
ременных ξ и η с помощью зависимостей
ξ = ξ(x, y), η = η(x, y).
Для уравнения гиперболического типа характеристическое уравнение имеет два интеграла, т.е. существуют два семейства действительных характери-
стик
ϕ(x, y)= C1 и ψ(x, y)= C2 ,
ипотому следует сделать замену переменных, положив
ξ= ϕ(x, y), η = ψ(x, y),
врезультате чего исходное уравнение преобразуется к уравнению (2.54) (или к
уравнению (2.55) после дополнительной замены α = ξ + η , β = ξ − η , где α
2 2
и β − новые переменные).
Для уравнения параболического типа характеристическое уравнение имеет один действительный интеграл, т.е. одну характеристику ϕ(x, y)= C , и по-
тому полагают
ξ = ϕ(x, y), а η = ψ(x, y),
где ψ(x, y)− произвольная функция, например, η = x . После такой замены уравнение приводится к виду (2.56).
Для уравнения эллиптического типа общие интегралы характеристиче-
ского уравнения имеют вид
ϕ(x, y)≡ ϕ1 (x, y)± i ϕ2 (x, y)= C1, 2 ,
где ϕ(x, y)− функция, принимающая комплексные значения, а ϕ1 (x, y) и
ϕ2 (x, y)− действительные функции действительных переменных. С помощью
подстановок
ξ = ϕ1 (x, y), η = ϕ2 (x, y)
уравнение (2.52) приводится к каноническому виду (2.57).
После выбора новых переменных ξ и η требуется преобразовать производные, входящие в данное уравнение, к новым переменным. Напомним, что первые производные по старым переменным x и y выражаются через произ-