- •IV. Общая схема построения интегралов.
- •IV. А Двойные и тройные интегралы.
- •1. Построение и вычисление двойных интегралов в декартовых прямоугольных координатах.
- •Измельчая дробление, ищем предел для (1), т.Е.
- •2. Перемена порядка интегрирования.
- •3. Замена переменных в двойном интеграле. Вычисление двойных интегралов в полярных координатах.
- •Пример 16.
- •4. Приложения двойного интеграла
- •Пример 19.
- •Пример 26.
- •Пример 27.
- •1. Построение. Вычисление тройных интегралов в декартовых прямоугольных координатах.
- •Пример 1.
- •Пример 2.
- •2. Вычисление тройных интегралов в криволинейных координатах.
- •3. Приложения тройного интеграла.
- •Задачи для самостоятельного решения.
- •IV. В Криволинейные и поверхностные интегралы.
- •1. Криволинейные интегралы первого рода (по длине дуги) – кипр.
- •2. Криволинейные интегралы второго рода (по координатам) – кивр.
- •3. Формула Грина и ее применение.
- •4. Условия независимости криволинейных интегралов от формы пути интегрирования ( условия нпи).
- •5. Приложения криволинейных интегралов.
- •1. Поверхностные интегралы первого рода (по площади поверхности).
- •2. Односторонние и двусторонние поверхности.
- •Связь между поверхностными интегралами первого и второго рода.
- •Вычисление пивр
- •3. Формула Остроградского – (Гаусса).
- •4. Формула Стокса.
- •Задачи для самостоятельного решения.
- •В задачах 115 117 вычислить заданный криволинейный интеграл.
3. Формула Грина и ее применение.
Важную роль в практических приложениях играет теорема, выражающая криволинейный интеграл через двойной по области , имеющей своим контуром линию L.
Т еорема Грина.
Если функции P(x, y) и Q(x, y) непрерывны вместе со своими частными производными Q/x и P/y в области , то имеет место формула:
( 20)
где L – граница замкнутой области , и интегрирование вдоль L производится в положительном направлении.
Формула Грина имеет место для любой области , ограниченной кусочно-гладким контуром L. Из (20) следует, что формулу Грина удобно применять для вычисления интегралов второго рода по замкнутому контуру.
Пример 11.
Вычислить интеграл по окружности x2 + y2 = 2x, пробегаемой против часовой стрелки (рис. 6).
В рассматриваемой задаче . Обе функции непрерывны вместе со своими производными на всей плоскости, поэтому
где D – круг, ограниченный данной окружностью (x2 – 1)2 + y2 = 1, т.е. круг радиуса 1 с центром в А(1;0). Вспоминая, что интеграл, стоящий в правой части, есть площадь области, получим: I = 3.
Пример12.
П рименяя формулу Грина, вычислить где – контур треугольника с вершинами в точках А(1;1), В(2;2) и С(1;3) (рис. 7).
В данном случае P = 2(x2 + y2),
Применяя формулу Грина, получаем:
Вычисляя двойной интеграл, найдем (рис. 7):
4. Условия независимости криволинейных интегралов от формы пути интегрирования ( условия нпи).
П
( 21)
где А и В – произвольные точки из области , а АВ – произвольная кусочно-гладкая кривая, целиком лежащая в области . Может случиться, что интеграл ( 21) зависит лишь от координат точек А(x0; y0) и B(x1; y1), а от формы кривой АВ, целиком лежащей в , не зависит.
В этом случае его называют криволинейным интегралом, не зависящим от пути интегрирования (точнее, от формы этого пути) в области и обозначают символом
или .
Возникает вопрос: какие условия должны быть выполнены, чтобы интеграл ( 21) не зависел от пути интегрирования в области ?
Оказывается, что если функции P(x, y) и Q(x, y) определены и непрерывны вместе со своими частными производными Q/x и P/y в односвязной и открытой области , то следующие 4 утверждения равносильны:
Криволинейный интеграл зависит лишь от точек А и В, а от кривой АВ, целиком лежащей в области , не зависит.
Для любого замкнутого контура L, целиком лежащего в области ,
Всюду в области выполняется тождество .
Выражение P(x, y)dx + Q(x, y)dy является полным дифференциалом некоторой функции u(x, y) в области .
Если условия 1-4 выполняются, то криволинейный интеграл второго рода удобно вычислять по формуле:
( 21A)
Эта формула получается, если за путь интегрирования взять ломаную АСВ, звенья которой параллельны осям координат (см. рис. 8). Формулу (21А) запоминать не надо: понимая ее суть, нужно в каждой конкретной задаче двигаться от начальной точки А к конечной точке В вдоль отрезков, параллельных осям координат.
А налогичные утверждения имеют место и для интеграла
г
Рис. 8
Функцию u = u(x, y) (см. п.4) часто называют потенциальной (первообразной) функцией для дифференциального выражения Pdx+ Qdy. Она может быть найдена по формуле (см. 21А):
( 22)
где (x0; y0) – любая фиксированная точка области ; (x; y) – переменная текущая точка; С – произвольная постоянная.
Из формулы ( 22) следует, что криволинейный интеграл равен разности значений потенциальной функции в конечной и начальной точках пути интегрирования, т.е.
( 23)
Пример 13.
Вычислить интеграл , где АВ – верхняя половина окружности x2 + y2 = 4, пробегаемая от точки А (-2;0) до точки В (2;0) (рис. 9).
Заметим вначале, что функции P(x,y) = x2 и Q(x, y) = y2 непрерывны и дифференцируемы на плоскости Oxy, а затем вычислим производные Q/x и P/y. Получим:
Следовательно, искомый интеграл не зависит от пути интегрирования. Заменим дугу АВ отрезком АВ оси Ox. В этом случае y = 0, dy = 0 и, следовательно,
Рис. 9
Пример 14.
Вычислить интеграл от А(1;1) до В(0;0) по линии L:
П опытка вычисления данного интеграла вдоль линии со столь сложным уравнением любым из рассмотренных выше способов приведет к немалым, а главное, неоправданным, трудностям.
В некоторых достаточно часто встречающихся в приложениях случаях криволинейный интеграл второго рода может быть вычислен по формуле, являющейся обобщением формулы Ньютона-Лейбница.
Е сли Pdx + Qdy является полным дифференциалом некоторой функции H = H(x,y), т.е. dH = Pdx + Qdy,
т
Рис. 10
В нашем случае поэтому по формуле (23)
Пример 15.
Вычислить интеграл , где – верхняя половина окружности x2 + z2 = 4, пробегаемая по ходу часовой стрелки и лежащая в плоскости xOz.
В данном случае P = x2, Q = z2, и так как то результат интегрирования не зависит от пути.
Интегрирование по верхней половине окружности заменим интегрированием по отрезку оси Ox, соединяющему точки пересечения окружности А (-2;0) и В (2;0) с осью Ох. На этом отрезке z = 0 и dz = 0, а х меняется от –2 до 2. Следовательно,
Пример 16.
Вычислить интеграл , где – окружность (x-1)2 + (y-1)2 = 1, пробегаемая против хода часовой стрелки.
Контур замкнутый:
, ,
поэтому по формуле Грина данный интеграл равен нулю.
Пример 17.
Показать, что есть полный дифференциал некоторой функции и восстановить эту функцию.
P’y = -(x + y)-2, Q’x = -(x + y)-2, т.е. условие 3 выполнено.
В то же время P, Q, P’y и Q’х – элементарные функции и потому непрерывны всюду, где определены, т.е. вне прямой y = -x. Поэтому является полным дифференциалом в любой односвязной области D, не пересекающейся с прямой y = -x. Возьмем, например, в качестве области D верхнюю полуплоскость, ограниченную y = -x, и восстановим функцию, дифференциалом которой является заданное выражение. Для этого фиксируем в D какую-нибудь точку, например, А(1;1). Тогда в произвольной точке В(X;Y) значение искомой функции Н может быть вычислено с помощью криволинейного интеграла по формуле (19):
Так как данный интеграл не зависит от пути интегрирования в силу условия Q’x = P’y, он может быть вычислен, например, по линии, состоящей из отрезков, параллельных осям координат:
Учитывая, что на АС y = const = 1,а х меняется от1 до Х, имеем:
На СВ x = X = const, а y меняется от1 до Y, поэтому имеем:
Таким образом,
H(X, Y) = H(B) = H(A) + ln(X+1) – ln2 + ln(X+Y) – ln(X+1) = H(A) – ln2 + ln(X+Y).
Или, в привычных обозначениях:
H(x, y) = ln(x+y) + C, где C = H(A) – ln2.
Константа С может быть произвольной, так как функции, отличающиеся на постоянную, имеют равные дифференциалы.
Ответ: H(x, y) = ln(x+y) + C.
Пример 18.
(проверить НПИ).
Рис. 12