Добавил:
Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:
Элементы математического анализа - компетентностный подход. Учебное пособие.pdf
Скачиваний:
0
Добавлен:
15.08.2026
Размер:
846 Кб
Скачать

1.

e3x

 

x 3x3 +4dx .

2.

e3cosx1 sinxdx .

 

 

 

 

 

2

x

 

 

 

 

 

 

 

3.

 

 

 

dx

 

.

 

4.

xsin

x

dx .

x

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

+6x +13

 

 

 

3

 

 

 

3

 

x sinx +2sin

2 x 1

6.

x3

dx .

5.

 

 

 

 

sinx

dx .

 

 

 

 

 

2 + x4

7.

 

 

 

dx

.

8.

(1x)ex dx .

 

x

2

10x + 26

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3.2.Определённый интеграл

3.2.1.К понятию определённого интеграла приводит следующая задача

онахождении площади криволинейной трапеции. Пусть такая трапеция ог-

раничена отрезком [a, b] оси абсцисс, прямыми x = a, y =b и графиком непрерывной на [a, b] функции y = f (x) ; для определённости считаем f (x) 0 на [a, b] .

Выделим отрезок [x, x + x] малой длины x. Площадь соответствую-

щей «полоски» может быть приближённо вычислена как площадь прямоугольника со сторонами длины x и f (x) , где точка x [x, x + x] – произ-

вольна: S = f (x ) x . Разобьём всю криволинейную трапецию на такие по-

лоски, пронумеруем их (пусть их число равно n) и вычислим приближённо искомую площадь как сумму площадей полосок:

n

S

k=1

n

 

Sk = f (xk ) xk .

(3.2.1)

k=1

Устремляя к нулю каждую из длин xk , будем получать всё более точ-

ное приближение к площади S. В качестве точного её значения естественно принять предел (при стремлении к нулю всех xk ) последовательности сумм

(3.2.1). Можно доказать, что при сформулированных условиях указанный предел существует и является одним и тем же числом для всевозможных раз-

биений трапеции на полоски и выбора «промежуточных» точек xk .

Сконструированный предел «интегральных» сумм вида (3.2.1) называется определённым интегралом функции f (x) по отрезку [a, b] и обозначается

b

f (x) dx .

a

Можно доказать, что функция вида

x

F (x) = f (τ) dτ

a

41

(она называется интегралом с переменным верхним пределом) является одной из первообразных для f (x) :

F (x) = f (x) ;

её приращение F (b) F (a) есть площадь S криволинейной трапеции. Таким образом, приходим к следующей формуле Ньютона–Лейбница:

b

 

ba = F (b) F (a).

 

 

 

f (x) dx = F (x)

 

(3.2.2)

a

 

 

 

 

 

 

Площадь S криволинейной трапеции вычисляется теперь по формуле

(3.2.2).

3.2.2. Как и для неопределённого интеграла, здесь сохраняется свойство линейности. Кроме того, для любых чисел a, b, c :

a

 

b

a

1) f (x)dx = 0 ;

2) f (x)dx = −f (x)dx ;

a

 

a

b

b

c

b

 

3) f (x)dx = f (x)dx + f (x)dx .

a

a

c

3.2.3. Формула интегрирования по частям:

b

b

udv =uv ba vdu .

a a

3.2.4. Если x (t) монотонна на [α, β] , например, возрастает от x = a

к x =b при α ≤t ≤β , то формула замены переменных имеет вид

b β

f (x)dx = f (ϕ(t))ϕ′(t)dt

a α

(знак «минус» в правой части – в случае убывания ϕ(t)) .

Заменяя переменную под знаком определённого интеграла, следует переходить к новым пределам интегрирования, и, найдя первообразную, к старой переменной не возвращаться.

Пример 1.

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

cos (arctg

x)

dx = cos (arctgx) darctgx =sin (arctgx)

 

10 =

 

2

 

 

1

 

x +1

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=sin(arctg1) sin(arctg0) =sin

π

sin 0 =

2

.

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

3

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

x 2

 

 

 

 

 

 

 

 

Пример 2.

J =

 

 

 

dx .

 

 

 

 

 

x 2 +

 

 

 

 

 

 

 

2

 

1

 

 

 

 

 

 

42

Решение. Сделаем замену переменных t = x 2 , откуда t 2 = x 2, x =t 2 +2, dx = 2td . Новые пределы интегрирования α и β опре-

деляются через старые пределы a = 2 и b =3 по той же формуле t =

x 2 :

 

 

 

 

 

a = 2, α = 2 2 = 0 ; b =3, β = 3 2 =1 .

 

 

 

 

 

 

 

Итак,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

t 2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

J = 0

 

 

 

2tdt = 20

 

 

 

dt .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t +

1

t +

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Имеем интеграл неправильной рациональной дроби (см. п. 3.1.6). Вы-

полняя деление «углом», получаем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t2

 

 

 

 

=t 1+

 

 

 

1

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t +

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Поэтому

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t +1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

tdt

dt +

dt

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

J = 2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

0 +ln(t +1)

 

0

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

 

 

0

 

 

 

 

0 t

+1

 

 

 

 

 

2

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

10

(10)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= 2

2

 

 

+ln2 ln1

 

2 ln2

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

3

 

 

x2 +4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Пример 3. J =

 

 

dx .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Решение. Положим

 

x = 2tgt .

 

 

Получим

 

 

 

 

2 2tgt 2

3 ,

или 1tgt 3 ;

следовательно, t изменяется от

π

 

 

до

 

π

. В этом случае

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x2 +4 =

2

;dx =

2

 

 

 

 

 

dt .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

cost

 

 

 

 

 

 

 

 

cos2 t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Итак,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

2 cost

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

3

 

 

cos4 t

 

 

 

 

 

 

 

 

1

3

 

dsin t

 

 

 

 

 

 

J =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt =

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

(2tgt)

4

 

cos

2

 

 

 

 

4

 

 

 

4

 

t cos

3

 

 

 

4

 

 

 

4

t

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

π sin

 

 

 

 

 

 

t

π sin

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

8

 

 

 

 

 

3 6 4

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= −

(sint)3

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

2 2

 

 

 

=

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

3 π

 

 

 

 

 

3 π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

3

 

 

 

 

18

3

 

12

 

 

 

 

 

 

 

 

 

12 sin

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

sin

 

 

 

 

 

 

 

12

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

43

e

Пример 4. J = ln xdx .

1 x

Решение. Согласно п. 3.1.5 следует интегрировать по частям: u =ln x,du = dx ;

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dx

 

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dv =

,v = 2

x .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

В силу п. 3.2.3 имеем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

e

e

 

 

dx

 

 

 

 

 

e

e

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

J = 2 x ln x

1 2

 

x

 

 

=

 

 

xln x

 

x dx

 

=

 

x

2

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

xln x

 

e

2

x

 

e

= 2(

 

elne ln1

2(

e 1))= 2(2 e ).

 

 

 

 

 

= 2

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3.2.5. Задачи для самостоятельного решения. Найти определённые интегралы.

 

2

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1.

(4 2х)dx .

2.

(1х)ex dx .

 

1

 

 

 

 

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

1

 

x

 

 

 

 

 

4

 

 

x

 

 

 

3.

 

 

 

dx .

4.

 

 

dx .

 

+ x

2

1+3 x

 

0 1

 

 

 

 

0

 

 

 

 

π/ 4

 

2

 

 

 

2

 

5

 

4

 

5.

cos

 

 

x dx .

6.

6

 

x

 

 

dx .

 

 

 

x

5

 

0

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

3.3.Несобственные интегралы

3.3.1.Интегралы с бесконечными пределами интегрирования опреде-

ляются следующим образом ( f (x) полагаем непрерывной на соответствую-

щих интервалах):

B

 

b

b

а) f (x)dx = Blim→∞f (x)dx ;

б) f (x)dx = Alim→−∞ f (x)dx ;

a

a

 

−∞

A

0

 

 

в) f (x)dx = f (x)dx + f (x)dx

 

 

−∞

−∞

0

 

 

(относительно последних двух интегралов см. п. а), б)).

Если в случаях а), б) указанный предел не существует или бесконечен, то интеграл называется расходящимся. В случае же в) исходный интеграл считается расходящимся, если таковым является хотя бы один из интегралов в правой части равенства.

44

3.3.2. Интегралы от функций с разрывами второго рода определяются следующим образом (в п. а) и б) параметр ε >0 ):

а) f (x) имеет разрыв на левом конце отрезка, тогда

b

 

b

f (x)dx =

ε→lim0

f (x)dx ;

a

 

a

б) f (x) имеет разрыв на правом конце отрезка, тогда

b

 

b−ε

f (x)dx =

ε→lim0

f (x)dx ;

a

 

a

в) f (x) имеет разрыв в точке c (a, b) , тогда

b c b

f (x)dx = f (x)dx + f (x)dx

a a c

(относительно последних двух интегралов см. п. а), б)).

В случаях если соответствующий предел не существует или бесконечен (см. п. а), б)), интеграл называется расходящимся; расходимость в случае п. в) определяется аналогично п. 3.3.1, в).

Замену переменных под знаком несобственного интеграла можно осуществить по той же схеме, что и под знаком определённого интеграла.

Пример 1. Вычислить несобственный интеграл

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

J = 3

 

 

 

dx

 

 

 

.

 

 

 

 

2

+6x +

2

 

 

−∞ 9x

 

 

Решение. Выделим полный квадрат

 

 

 

 

9x

2

+6x +2

 

 

 

+

1

 

2

 

=9 x

3

 

+1 ;

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

положим затем t = x + 1 , тогда dx = dt . При этом новые пределы интегриро- 3

вания, определяемые по старым (a = −∞, b = −1 3) формулой t = x + 1 , будут

3

такими: α = −∞; β = 0 . Имеем

0

 

dt

 

0

 

dt

 

 

J =

 

=

 

 

.

 

2

 

+(3t)

2

−∞ 9t

+1

−∞ 1

 

 

Получив интеграл табличного типа, воспользуемся определением 3.3.1, б) интеграла с бесконечным нижним пределом

45

0

 

dt

 

 

 

 

 

1arctg3t

 

 

0

 

= 1 lim (arctg0 arctgA) =

 

 

 

 

 

 

 

 

J = lim

 

 

 

 

= lim

 

 

 

 

 

+(3t)

2

 

 

 

 

 

A→−∞A 1

 

 

A→−∞3

 

 

 

 

A

3 A→−∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

(0

lim arctgA)=

1

 

 

 

π

 

=

π

.

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

2

6

 

 

 

 

 

 

A→−∞

 

 

 

3

 

 

 

 

 

Пример 2. Вычислить несобственный интеграл

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dx

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

J =

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(x 1)ln(x

1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

e+1

 

 

 

 

 

Решение. Заметив,

 

что

 

dx

 

= d(ln(x 1)),

воспользуемся определе-

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

нием 3.3.1, а) несобственного интеграла с бесконечным верхним пределом

 

 

d(ln(x 1))

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B =

J = lim

=

lim ln

 

ln(x 1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B→+∞e+1

 

 

ln(x 1)

B→+∞

 

 

 

 

 

 

e+1

 

 

 

 

 

 

= lim (ln

 

ln(B 1)

 

ln

 

lne

 

)= lim (ln

 

ln(B 1)

 

ln1)= ∞ ,

 

 

 

 

 

 

B→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B→∞

 

 

 

 

 

 

 

т.е. интеграл является расходящимся.

Замечание. Приведённые примеры показывают, что формула Ньютона– Лейбница (3.2.1) распространяется на несобственные интегралы в виде

b

f (x)dx = F(+∞) F(a); f (x)dx = F(b) F(−∞) ;

a−∞

впростейших случаях (если в результате не получается неопределённости) можно пользоваться непосредственно последними соотношениями.

Например,

 

0= −(e−∞ e1 )= e

1

 

e1x dx = −e1x

 

= e 0 = e .

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

e

Пример 3. Вычислить несобственный интеграл

 

2

dx

 

 

 

 

 

 

J =

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

2 x + 2

 

1

 

 

 

 

 

Решение. Функция f (x) =

 

 

 

непрерывна на интервале [1, 2) и

2

x +2

имеет разрыв (2-го рода) в концевой точке x = 2 . Удобно (прежде чем пользоваться определением 3.3.2) сделать замену переменных t = 2 x + 2 ; при этом пределы интегрирования определяются следующим образом:

a = −1, α = 2 − −1+2 =1; b = 2, β = 2 4 = 0 .

46

Соседние файлы в предмете [НЕСОРТИРОВАННОЕ]