Добавил:
Upload Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

Методичка по Математике

.pdf
Скачиваний:
121
Добавлен:
29.02.2016
Размер:
3.18 Mб
Скачать

плоскости левую ветвь параболы y 4x2 . Сделаем построения (рис.

34).

Исследуем форму параболы.

1.В канонические уравнения параболы с вершиной в начале координат лишь одна переменная х или у входит в четной степени. Если это переменная х, то осью симметрии параболы будет являться ось Оy, иначе – ось Ох.

2.Для канонического уравнения вершина параболы находится в начале координат.

3.Разрешим относительно переменной у каноническое уравнение параболы с вершиной в начале координат и ветвями, направленными вправо, вдоль оси Ох. В результате получим

y = 2 px .

Знаки правой части данных равенств характеризуют фрагменты графика параболы, на которые она разбивается осью Ох. Знак «+» соответствует фрагменту графика, лежащему над осью Ох, а «–» – под этой осью. Так как р > 0, то равенства определены для значений переменной х, изменяющихся в пределах x [0; ) и любого значения переменной у.

4.17. Приведение общего уравнения кривой второго порядка к каноническому виду

Общим уравнением кривой второго порядка называется уравнение вида Ах2 Вxy Cy2 Dx Ey F 0 .

Приведение уравнения кривой второго порядка к каноническому виду с помощью параллельного переноса координатных осей.

Предположим, что в общем уравнении кривой второго порядка B=0, А∙С > 0 т. е. оно имеет вид Ах2 Cy2 Dx Ey F 0 . Тогда для того

чтобы привести данное уравнение к каноническому виду необходимо выполнить ряд действий

1. Сгруппировать слагаемые по переменным:

(Ах2 Dx) (Cy2 Ey) F 0 .

2. Вынести за скобки коэффициенты, стоящие перед квадратами переменных:

63

A(х2 DA x) C( y2 CE y) F 0 .

3. Выделить полные квадраты в скобках:

A х

D 2

2A

 

D

2

 

 

 

E

2

 

E

2

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

 

 

 

y

 

 

 

 

 

 

 

F 0 .

 

 

 

 

 

 

 

2A

 

 

 

 

2C

 

 

2C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4. Раскрыть внешние скобки и привести подобные:

A х

D

2A

2

 

E 2

 

D2

E2

 

 

 

C y

 

 

 

 

 

 

F

0 .

 

 

 

 

 

2C

 

4A 4C

 

 

 

 

 

5. Перенести свободный член уравнения в правую его часть и разделить обе его части на эту величину:

 

 

 

 

 

 

D 2

 

 

 

 

 

 

E

2

 

 

 

 

 

A х

 

 

 

 

 

C y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2A

 

 

 

 

 

 

2C

 

1 .

 

 

 

 

D2

 

E 2

F

 

D2

 

E 2

F

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4A

4C

 

 

 

 

4A

 

4C

 

 

6. Ввести следующие обозначения

 

 

 

 

 

 

 

 

a2

 

CD2

AE 2 4ACF

; b2

 

CD2

AE 2 4ACF

 

 

4A2C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4AC 2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

и произвести переход к новой системе координат с помощью преобразований:

 

 

x

 

D

x

 

 

 

 

2 A .

 

 

 

 

 

 

 

 

E

 

y y

 

2C

 

 

 

 

В результате мы получим каноническое уравнение одной из кривых

второго порядка:

 

 

х

 

 

y

1

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

2

 

 

 

 

 

a2

 

 

 

b2

 

 

 

D

 

 

E

 

 

 

с центром в точке O (

 

2 A

;

2C ), которая является началом новой

системы координат.

Пример. Привести уравнение 2x2 + 2y2 – 8x + 5y –4 = 0 к каноническому виду и построить данную кривую второго порядка.

Р еше н ие . Приведем уравнение к каноническому виду.

64

1. Избавимся от коэффициентов при квадратах переменных, для

этого обе части уравнения разделим на 2:

x2 + y2 – 4x + 2,5y – 2 = 0.

2. Сгруппируем слагаемые в уравнении по переменным:

(x2 –4x) + (y2 + 2,5y) – 2 = 0.

3. Выделим в скобках полные квадраты:

((x–2)2–4) + ((y+ 54 )21625 ) –2=0.

4. Раскроем внешние скобки и приведем подобные:

(x – 2)2 + (y + 54 )2 12116 = 0.

5. Перенесем свободный член уравнения в правую его часть и разделим на эту величину обе его части:

 

 

 

 

 

 

 

5

2

 

х 2 2

 

y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

1.

121

 

121

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

16

 

 

 

16

 

 

 

6. Введем обозначения:

a2 12116 , b2 12116 .

Выполним параллельный перенос координатных осей

x x 2

 

 

 

 

 

5 .

 

 

 

 

 

 

 

 

y y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

В результате получим уравнение

х 2

 

y 2

1 .

121

121

 

 

 

16 16

Это уравнение эллипса, но можно заметить, что его полуоси равны, поэтому в данном случае эллипс вырождается в окружность с

радиусом R = 12116 114 .

Для того чтобы определить центр окружности и ее построить, выразим из системы, определяющей параллельный перенос, координаты x и y:

65

x x 2

y y 5 .4

Тогда центр новой системы координат, а значит, и центр окружности будет находиться в точке O ( 2; 54 ).

Сделаем построения (рис. 35).

y

 

y

 

O

1

 

x

 

 

O

x

 

 

 

 

 

Рис. 35

 

Пример.

Привести

уравнение

 

8x2 8x 9y2 16 0

к

каноническому виду и построить данную кривую второго порядка.

 

Р еше н ие . 8x2 8x 9y2

16 0 ; 8(x2 x) 9y2

16 0 ;

 

8 ((x 1/ 2)2 1/ 4) 9y2 16 0 ; 8 (x 1/ 2)2 9y2 18 0 ;

 

 

8 (x 1/ 2)2 9y2 18

;

 

(x 1/ 2)2

 

y

2

1 .

 

 

 

 

 

9 / 4

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

В данном случае a2

9

, b2 2 . Выполним параллельный перенос

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

координатных осей:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

y y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

2

 

 

 

 

 

В результате получим уравнение

х

 

y

1 .

 

 

9

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

66

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Для того чтобы определить центр эллипса и его построить, выразим из системы, определяющей параллельный перенос, координаты x и y:

 

 

1

 

 

 

x x

 

 

 

 

 

2 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

y y

 

 

 

 

 

Тогда центр новой системы

координат, а значит, и центр

 

 

 

 

1

 

окружности будет находиться в точке O (

2

;0) .

Получили каноническое уравнение эллипса. Из уравнения видно, что центр эллипса сдвинут вдоль оси Ох на 1/2 вправо, большая полуось a равна 3/2,

 

 

 

 

 

 

меньшая полуось b

равна

 

2 ,

 

 

 

 

полуфокусное расстояние

с =

a2 b2

= 1/2. Фокусы эллипса находятся на оси О х и в новой системе имеют координаты F 1(–1/2; 0) и F 2(1/2; 0), а в старой – F1(0; 0) и F2(1; 0).

Сделаем построения (рис. 36). Пример. Определить тип кривой

y

 

y

 

F1

 

F2

 

O

O

1

x

 

 

 

x

Рис. 36

9x2 90x 16y2 81 0 , найти фокусы и эксцентриситет. Схематично

построить кривую.

Р еше н ие . Приведем уравнение к каноническому виду:

9x2 90x 16y2 81 0 , (9x2 90x) 16y2 81 0 ;

9(x2 10x) 16y2 81 0 ,

9((x 5)2 25) 16y2

81 0 ;

9(x 5)2 225 16y2 81 0 ,

9(x 5)2 16y2

144 ;

 

(x 5)2

y2

 

 

 

 

 

 

 

 

1 .

 

 

 

16

 

9

 

 

 

 

 

 

 

В данном случае a2 16 ,

b2 9 . Выполним параллельный перенос

координатных осей :

 

 

 

 

 

 

 

 

x

x 5

 

 

 

 

y

 

.

 

 

 

y

 

 

 

 

 

 

67

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

2

 

В результате получим уравнение х

 

 

y

1 .

 

 

 

 

16

 

 

9

 

 

 

Для того

чтобы определить центр гиперболы и построить ее,

выразим из системы, определяющей параллельный перенос,

координаты

x и y :

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x x 5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

y y

 

 

 

 

 

 

 

Сделаем построения (рис. 37).

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

y

 

 

 

y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

F2

 

 

F1

 

 

5 O

 

 

 

O

1

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

 

 

 

 

Рис. 37

 

 

 

 

 

 

 

Центр гиперболы будет находиться в точке

 

O ( –5; 0). Действи-

тельная полуось гиперболы a=4, мнимая полуось

b = 3, полуфокусное

расстояние с =

a2 b2

=5.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Фокусы гиперболы находятся на оси О х и в новой системе имеют

координаты F 1(–5; 0) и F 2(5; 0), а в старой – F1(–10; 0) и F2(0; 0).

Пример. Привести уравнение линии к каноническому виду и

построить ее: 2x2 y 8x 5 0 .

 

 

 

 

 

 

 

Р еше н ие .

Преобразуем уравнение y 2x2

8x 5 .

y 2(x2

4x) 5 ,

y 2((x 2)2

4) 5 ,

y 2(x 2)2 3 ,

 

y 3 2(x 2)

2

, (x 2)

2

 

 

1

 

( y 3) .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

68

 

 

 

 

 

 

 

Выполним параллельный перенос координатных осей

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

x 2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

y y

 

 

 

 

 

 

 

 

В результате

получим

 

 

 

 

2

 

1

y

 

. Для

того

чтобы

уравнение (х )

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

определить координаты вершины параболы и ее построить, выразим из

системы, определяющей параллельный перенос, координаты x и y :

 

 

 

 

 

 

 

x x

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

y

3

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

y

 

 

 

 

 

 

 

 

Получим

уравнение

 

параболы

с

 

 

y

 

 

y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

O

 

 

вершиной

в

точке (2;

3),

2 p 2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

F

 

x

 

1 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

p

Прямая x 2

является осью

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

симметрии

параболы.

 

Координаты

 

 

O

 

1

 

x

фокуса

x 2 ,

y 3

1

2

7 ,

т.

е.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

8

 

8

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

7

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

F 2; 2

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

8

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Сделаем построения (рис. 38).

 

 

 

 

 

 

Рис. 38

 

 

 

4.18. Уравнение поверхности в пространстве

 

 

В аналитической геометрии любую поверхность в пространстве можно рассматривать как геометрическое место точек, удовлетворяющих некоторому условию.

Например, сфера радиуса R с центром в точке M0(x0; y0; z0) есть геометрическое место точек пространства, равноудаленных на расстояние R от заданной точки M0, называемой центром сферы.

Прямоугольная система координат Охуz позволяет установить взаимно однозначное соответствие между точками пространства и тройками чисел х, у, z – их координатами. Общее свойство, присущее точкам поверхности, можно записать в виде уравнения, которое связывает их координаты.

Пусть дано уравнение

F (х; у; z) = 0.

69

Множество всех точек пространства, координаты которых в декартовой системе координат удовлетворяют приведенному выше уравнению, называется поверхностью. Само уравнение называется уравнением поверхности, если соблюдены следующие два условия:

а) координаты любой точки поверхности удовлетворяют уравнению;

б) координаты любой точки, не принадлежащей поверхности, не удовлетворяют этому уравнению.

Переменные х, у, z в уравнении поверхности называются текущими координатами точек поверхности.

Например. Составить уравнение сферы с центром в точке

M0(x0; y0; z0) и радиусом R.

Сфера это геометрическое место точек, равноудалённых от одной данной точки М0 на расстояние R.

Возьмём на поверхности сферы текущую точку M(x; y; z). Расстояние от точки М0 до точки М равно R, следовательно, M0М R .

M

М

 

x x

2 y y

2 z z

0

2

,

0

 

 

0

0

 

 

 

то есть x x0 2 y y0 2 z z0 2 R ,

или x x0 2 y y0 2 z z0 2 R2 .

Полученное уравнение – это уравнение сферы с центром в точке M0(x0; y0; z0) радиуса R.

Например, уравнение x2 y2 z2 4x 8y 5 0 определяет сферуx 2 2 y 4 2 z2 25 с центром в точке (2; – 4; 0) и радиусом 5.

4.19. Уравнение плоскости в пространстве

Простейшей поверхностью является плоскость. Она может быть задана разными способами, различающимися видом уравнения.

1. С каждой плоскостью связан ненулевой вектор, перпендикулярный данной плоскости. Этот вектор называется нормальным вектором плоскости. В качестве нормального вектора плоскости можно взять любой вектор, перпендикулярный данной плоскости.

70

Пусть искомая плоскость L проходит через точку М0(х0; у0; z0)

перпендикулярно вектору n

(рис. 39). Выберем на плоскости

текущую точку М(x; y; z) и найдем координаты вектора: M0M(x x0 ; y y ; z z ) .

Можно заметить, что векторы M0M и

n ортогональны. Это означает, что их скалярное произведение будет равно нулю.

Таким образом, уравнение плоскости, проходящей через точку M0 (x0 ; y0 ; z0 ) перпендикулярно вектору n(A; B; C) , имеет вид

n(A; B;C)

L

M(x; y; z)

M0 (x0 ; y0 ; z0 )

Рис. 39

A(x x0 ) B( y y0 ) C(z z0 ) 0 .

2. В записанном выше уравнении раскроем скобки и приведем подобные слагаемые. В результате уравнение плоскости примет вид

Ax + By + Cz + D = 0,

где D Ax0 By0 Cz0 .

Полученное уравнение называется общим уравнением плоскости. В частности:

если D = 0, то имеем Ax + By + Cz = 0. Это уравнение определяет

впространстве плоскость, проходящую через начало координат;

если С = 0, то уравнение Ax + By + D = 0 определяет в пространстве плоскость, параллельную оси Оz.

Соответственно при В = 0 уравнение Ax + Сz + D = 0 определяет плоскость, параллельную оси Оy, а при A=0 уравнение By+Сz+ D = 0 – плоскость, параллельную оси Ох;

если С = D = 0, то уравнение Ax + Ву = 0 соответствует плоскости, проходящей через ось Оz. В аналогичных случаях уравнения Ax + Сz =0 и By + Сz = 0 соответствуют плоскостям, проходящим через оси Оy и Ох;

если А = B = 0, то уравнение Сz + D = 0 описывает плоскость, параллельную Оху. Соответственно уравнения Ax + D = 0 и By + D = 0 характеризуют плоскости параллельные Охz и Оуz;

уравнения x = 0, y = 0, z = 0 в пространстве определяют плоскости Оуz, Охz и Оху соответственно.

71

Пример 1. Составить уравнение плоскости, проходящей через точку А(2; –4; 1) перпендикулярно вектору n(1; 5; 2) . Записать общее

уравнение этой плоскости.

Р еше н ие . Уравнение плоскости, проходящей через заданную точку и перпендикулярно данному вектору, имеет вид

A(x x0 ) B( y y0 ) C(z z0 ) 0 .

Так как по условию А = 1, В = 5, С = 2, x0 2 , y0

4 , z0 1 ,

то подставим эти значения в уравнение и получим

 

1 (x 2) 5 ( y 4) 2 (z 1) 0 ,

 

или общее уравнение плоскости будет иметь вид x 5y

+ 2z – 24 = 0.

3. В пространстве плоскость однозначно определяется тремя точками, не лежащими на одной прямой.

Найдем уравнение плоскости L, проходя-

щей через три данные точки М0(х0; у0; z0),

L

M

 

М1(х1; у1; z1) и М2(х2; у2; z2), не лежащие на

 

M1

одной прямой.

 

M2

Выберем в искомой плоскости L

M0

 

текущую точку М(х; у; z) и проведем

 

 

векторы, выходящие из одной общей точки,

Рис. 40

например М0 (рис. 40) с концами в точках

 

 

М, М1, М2 соответственно. Найдем координаты этих векторов: M M(x x0 ; y y0 ; z z0 ) ,

M M (x x0 ; y1 y0 ; z1 z0 ) ,

M0M2 (x2 x0 ; y2 y0 ; z2 z0 ) .

Эти векторы лежат в одной плоскости, следовательно, они компланарны. Критерием компланарности тройки векторов является равенство нулю их смешанного произведения. Поэтому уравнение плоскости L, проходящей через три данные точки, будет иметь следующий вид:

x x0 x1 x0 x2 x0

y y0 y1 y0 y2 y0

z z0

z1 z0 0. z2 z0

4.

Пусть плоскость отсекает на осях Ох, Оy

 

z

и Оz

соответственно отрезки

a, b и с,

т. е.

c

b

проходит через точки М0(a; 0; 0), М1(0; b; 0) и

 

 

 

М2(0; 0; c) (рис. 41).

 

 

 

y

 

 

72

x

a

Рис. 41

 

 

 

 

Тут вы можете оставить комментарий к выбранному абзацу или сообщить об ошибке.

Оставленные комментарии видны всем.