+_Algebra10_Nelin_profil
.pdf§ 10. Ірраціональні рівняння 193
Запитання для контролю
1.Назвіть основні методи розв’язування ірраціональних рівнянь. Наведіть приклади застосування відповідних методів.
2.Поясніть, чому для розв’язування рівнянь
5 x2 +35 x −4 =0, 3 x − 6 x −2=0
зручно використати заміну змінної. Укажіть заміну для кожного рівняння.
3.Обґрунтуйте, що при піднесенні обох частин рівняння до непарного степеня завжди одержують рівняння, рівносильне заданому.
4.Поясніть, чому при піднесенні обох частин рівняння до парного степеня можуть з’явитися сторонні корені. Як відсіюють сторонні корені?
|
|
Вправи |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Розв’яжіть рівняння (1–6). |
|
|
|
|
||||||||
1. 1) |
|
x−2 =1; |
2) |
x−1 = −3; |
3) 3 x−1 = −3; |
|||||||
|
|
4) |
3 x2 +125 =5; |
5) |
4 2x−9 =3. |
|
||||||
2. |
|
1) |
|
x+1 = x−5; 2) |
3x−2 +x =4; 3°) |
3 x−x3 = −x; 4) 3 x3 +x −x =0. |
||||||
3. 1) |
|
x−2 + 2x+5 =3; |
2) |
2x−20 + x+15 =5; |
||||||||
|
|
3) |
|
x−3 =1+ x−4; |
4) |
x+2 − x−6 =2. |
||||||
4. 1) |
3 x3 −2x+6 = x; |
2) |
3 x−x3 +5 = −x; |
|
||||||||
|
|
3) |
|
3− 3 x+10 =2; |
4) |
3 2+ x2 +3x−4 =2. |
||||||
5. 1) |
3 x +36 x =4; |
2) |
x−2 +24 x−2 =3; |
|||||||||
|
|
3) 34 x+1+ 8 x+1 =4; |
4) |
x2 −1+ 4 x2 −1 =2. |
||||||||
6*. 1) 3 2−x =1− x−1; |
2) |
3 2x+3 − 3 2x+1 =2. |
||||||||||
Розв’яжіть систему рівнянь (7–8). |
|
|
|
|||||||||
|
|
|
33 x + 3 y =6, |
|
2 x +3 y =7, |
|
||||||
7. |
|
1) |
|
|
|
|
|
2) |
|
|
|
|
|
|
3 x − 3 y =2; |
|
x − y |
=5; |
|
||||||
|
|
|
|
|
3 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x − y |
=7, |
|
|
|
|
|
x + |
|
y =3, |
|
2 |
|
|||
|
|
3) |
|
|
|
4) |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
2x−y =7; |
|
x y =4. |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
x + |
3 |
y =4, |
|
4 x+y + 4 |
x−y =2, |
||
8*. |
1) |
|
|
|
2) |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
+y − x−y =8; |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|||
|
|
|
x+y =28; |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x+3y+6 =2, |
|
|
+y−1 |
=1, |
|
||
|
|
|
|
|
|
x |
|
|||||
|
|
3) |
|
|
|
|
|
4) |
|
−y+2 |
=2y−2. |
|
|
|
|
2x−y+2 =1; |
|
x |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
194 Розділ 2. СТЕПЕНЕВА ФУНКЦІЯ
10.2. Застосування властивостей функцій до розв’язування ірраціональних рівнянь
Нагадаємо основні ідеї, які використовують при розв’язуванні рівнянь за допомогою властивостей функцій.
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Таблиця 22 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
1. Скінченна ОДЗ |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
Орієнтир |
|
|
|
Приклад |
|
|
|||||
Якщо область допустимих значень |
|
Розв’яжіть рівняння |
||||||||||
(ОДЗ) рівняння (нерівності або сис- |
|
x−3 +2x2 = 4 6−2x +18. |
||||||||||
теми) складається |
із скінченного |
|
x−3l 0, |
|
|
|
xl3, |
|||||
числа значень, то для розв’язуван- |
ОДЗ: |
−2xl 0. |
Тоді |
|
||||||||
ня достатньо перевірити всі ці зна- |
|
6 |
|
|
xm3. |
|||||||
|
Отже, ОДЗ: х = 3. |
|
|
|||||||||
чення. |
|
|
|
|
||||||||
|
Перевірка. х = 3 — корінь |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
( 0 +18 = 4 0 +18;18 =18). |
|||||||
|
|
|
|
Ін их коренів немає, оскільки до |
||||||||
|
|
|
|
ОДЗ входить тільки одне число. |
||||||||
|
|
|
|
Відповідь: 3. |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
2. Оцінка значень лівої та правої частин рівняння |
|
|
|
||||||||
|
Орієнтир |
|
|
|
Приклад |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
Розв’яжіть рівняння |
|||||||
|
|
|
f(x) = a, |
|
x2 −5x+6 =4x−x2 −4. |
|||||||
|
|
|
Запи емо задане рівняння так: |
|||||||||
|
f (x) = g (x) |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
g(x) = a |
|
x2 −5x+6 = −(x2 −4x+4), |
|||||||
|
f (x) l a, |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
x2 −5x+6 = −(x−2)2, |
||||||||
|
g (x) m a |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
f(x) = x2 −5x+6 l 0, |
|||||||
Якщо потрібно розв’язати рів- |
|
g (x) = –(х – 2)2 m 0. |
||||||||||
няння виду f (x) = g (x) і з’ясувалося, |
Отже, задане рівняння рівносильне |
|||||||||||
що f (x) l a, g (x) m a, то рівність |
системі |
|
|
|
|
|
|
|
||||
між лівою і правою частинами рів- |
|
|
x |
2 |
−5x |
+6 = 0, |
|
|||||
|
|
|
|
|||||||||
няння можлива тоді і тільки тоді, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
−(x−2)2 = 0. |
|
|
|||||||||
коли f (x) і g (x) одночасно дорів- |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Із |
другого |
рівняння |
одержуємо |
|||||||||
нюють а. |
|
х = 2, що задовольняє |
й |
пер ому |
||||||||
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
рівнянню. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Відповідь: 2. |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
§ 10. Ірраціональні рівняння 195
Продовження табл. 22
3. Використання монотонності функцій
Схема розв’язування рівняння
1. Підбираємо один або декілька коренів рівняння.
2. Доводимо, що інших коренів це рівняння не має (використовуючи теореми про корені рівняння або оцінку лівої та правої частин рівняння).
Теореми про корені рівняння
1. |
Якщо |
в рівнянні |
f (x) = a |
функція |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
f (x) зростає (спадає) на деякому |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
проміжку, то це рівняння може мати |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
не більш ніж один корінь на цьому |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
проміжку. |
Приклад |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
Рівняння |
|
x +23 x =3 |
має |
єдиний |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
корінь |
х = 1 ( 1+2i 3 1 =3, |
тобто |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
3 = 3), |
оскільки |
функція |
|
f(x) = |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
= x +23 x зростає |
(на |
всій |
області |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
визначення х l 0) як сума двох зрос- |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
таючих функцій |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
2. |
Якщо в рівнянні f (x) = g (x) функ- |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
ція f (x) зростає на деякому проміж- |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
ку, а функція g (x) спадає на цьому |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
самому проміжку (або навпаки), то |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
це рівняння може мати не більш ніж |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
один корінь на цьому проміжку. |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Приклад |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
Рівняння |
x =6−x |
має єдиний ко- |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
рінь х = 4 |
( |
4 =6−4, 2 = 2), оскіль- |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
ки f(x) = |
x |
зростає |
(при |
х |
l 0), |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
а g (x) = 6 – х спадає
Пояснення й обґрунтування
1. Використання скінченності ОДЗ для розв’язування ірраціональних рівнянь. Основними способами розв’язування ірраціональних рівнянь, що використовують у курсі алгебри і початків аналізу, є виконання рівносильних перетворень рівнянь або одержання рівнянь-наслідків, які дозволяють звести задане рівняння до раціонального. Але іноді одержане раціональне рівняння виявляється складним для розв’язування. На-
198 Розділ 2. СТЕПЕНЕВА ФУНКЦІЯ
раціональні числа, перевірка за допомогою підстановки одержаних значень у початкове рівняння є достатньо складною і громіздкою. Для таких рівнянь доводиться використовувати рівносильні перетворення на кожному кроці розв’язування. При цьому необхідно пам’ятати, що всі рівносильні перетворення рівнянь чи нерівностей виконують на ОДЗ заданого рівняння чи нерівності (пункт 3.1), тому, виконуючи рівносильні перетворення ірраціональних рівнянь, необхідно враховувати ОДЗ заданого рівняння. Також досить часто в цих випадках міркують так:
для всіх коренів заданого рівняння знаки лівої і правої частин рівнян ня збігаються, оскільки при підстановці в задане рівняння числа, яке є його коренем, одержують правильну числову рівність. Використовуючи останнє міркування, часто вдається одержати якусь додаткову умову для коренів заданого рівняння і виконувати рівносильні перетворення не на всій ОДЗ даного рівняння, а на якійсь її частині.
Приклад 1. |
|
Розв’яжіть рівняння |
2x+1− |
x+1 =1. |
|
|
|
|
||||||
|
|
Розв’язання |
|
|
|
|
Коментар |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
2x+1l 0, |
|
|
Виконаємо рівносильні перетво- |
|||||||||
|
ОДЗ: |
|
|
|
|
|
рення заданого рівняння. |
|
|
|||||
|
|
x+1l 0. |
|
|
Ураховуючи, що всі рівносильні |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
перетворення виконуються на ОДЗ |
|||||||
|
Розв’язок цієї системи: xl − 2. |
|||||||||||||
|
заданого рівняння, зафіксуємо його |
|||||||||||||
|
На ОДЗ задане рівняння рівно- |
|||||||||||||
|
ОДЗ. |
|
|
|
|
|
|
|||||||
сильне рівнянням: |
|
|
|
|
|
(− |
x+1) із |
|||||||
|
|
Переносячи |
вираз |
|||||||||||
|
|
2x+1 =1+ x+1, |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
лівої |
частини |
рівняння |
в |
праву |
||||||
|
( |
2x+1 |
)2 |
= 1+ x+1 |
)2 |
, |
||||||||
|
|
|
( |
|
з протилежним знаком, одержуємо |
|||||||||
|
2x+1=1+2 x+1+x+1, |
рівняння, рівносильне заданому. |
||||||||||||
|
У |
рівнянні |
2x+1 =1+ |
x+1 |
||||||||||
|
|
x−1=2 x+1. |
|
(1) |
||||||||||
|
|
|
обидві |
частини |
невід’ємні, |
отже, |
||||||||
|
Для всіх коренів рівняння (1) |
|||||||||||||
|
при піднесенні обох частин до ква- |
|||||||||||||
|
|
х – 1 l 0 |
|
(2). |
драта одержуємо рівняння, рівно- |
|||||||||
|
За цієї умови рівняння (1) рів- |
сильне |
заданому, яке |
рівносильне |
||||||||||
носильне рівнянням: |
|
|
рівнянню (1). |
|
|
|
|
|||||||
|
|
(x−1)2 =(2 x+1)2, |
|
Для всіх коренів рівняння (1) |
||||||||||
|
х2 – 2х + 1 = 4 (х + 1), |
воно є правильною числовою рівніс- |
||||||||||||
|
|
х2 – 6х – 3 = 0. |
|
|
тю. |
У |
цій рівності |
права |
части- |
|||||
|
Тоді x =3±2 |
3. |
|
|
на — невід’ємне число |
(2 x+1l 0), |
||||||||
|
|
|
тоді і ліва частина є невід’ємним чис- |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
лом, тобто х – 1 l 0 для всіх коренів. |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
§ 10. Ірраціональні рівняння 199
x1 =3+2 3 — входить до |
ОДЗ |
|
|
Тоді за умови (2) обидві частини |
||||||
|
|
рівняння (1) невід’ємні, отже, при |
||||||||
і задовольняє умові (2), отже, є ко- |
|
|
||||||||
|
|
піднесенні обох частин до квадратa |
||||||||
ренем |
заданого |
рівняння; |
|
|
||||||
|
|
одержуємо рівносильне рівняння. |
||||||||
x2 =3−2 |
3 — входить до ОДЗ, але |
|
|
|||||||
|
|
Але після того як знайдено корені |
||||||||
не задовольняє умові (2), отже, не |
|
|
цього рівняння, необхідно переві- |
|||||||
є коренем заданого рівняння. |
|
|
|
|
|
рити не тільки те, чи входять вони |
||||
Відповідь: 3+2 |
2. |
|
|
|
|
|
|
до ОДЗ, а й чи задовольняють умові |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(2). Для такої перевірки достатньо |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
взяти наближені значення коренів |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
х1 ≈ 6,4 та х2 ≈ –0,4. |
|
|
|
Розв’яжіть рівняння |
x+3−4 x−1 + x−2 x−1 = x+2. |
||||||
Приклад 2. |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
Коментар |
|||||
Заміна |
x−1 =t |
дає змогу помітити, що кожен вираз, який стоїть |
||||||||
під знаком зовні нього квадратного кореня, є квадратом двочлена. |
||||||||||
Застосовуючи формулу |
a2 = |
|
a |
|
, |
одержуємо рівняння з модулями, |
||||
|
|
для розв’язування якого використовуємо такий план:
1)знайти ОДЗ;
2)знайти нулі всіх підмодульних функцій;
3)позначити нулі на ОДЗ і розбити ОДЗ на проміжки;
4)знайти розв’язки рівняння в кожному з проміжків.
Розв’язання
Нехай x−1 =t, де t l 0. Тоді x – 1 = t2; x = t2 + 1.
Одержуємо рівняння t2 +4−4t + |
t2 +1−2t =t2 +3, |
|
яке можна записати так: (t−2)2 + |
(t−1)2 =t2 +3. |
Звідси |
| t – 2 | + | t –1 | = t2 + 3. |
(1) |
1)ОДЗ рівняння (1): t R, але за змістом завдання це рівняння потрібно розв’язати при t l 0.
2)Нулі підмодульних функцій: t = 2 і t = 1.
3) Ці нулі розбивають область t l 0 на три проміжки, у кожному з яких кожна підмодульна функція має постійний знак (рис. 87).
Проміжок І. При t [0; 1] маємо рівняння –(t – 2) – (t – 1) = t2 + 3.
Тоді t2 + 2t = 0, t = 0 або t = –2, але в проміжок [0; 1] входить тільки t = 0.