- •1. Понятие вероятности случайного события
- •0 Р(а) 1.
- •0 Х 180, 0 у 180.
- •2. Алгебра событий. Вероятность суммы и произведения событий
- •Поэтому
- •Здесь также удобнее найти вероятность события
- •Поскольку
- •Воспользуемся формулой для вероятности суммы трех событий
- •Поэтому
- •Здесь мы воспользовались тем, что
- •Поэтому
- •3. Формула полной вероятности. Формула бейеса. Формула бернулли
- •По условию
- •Поэтому
- •По условию
- •Поскольку
- •0,2 K0 1,2
Здесь также удобнее найти вероятность события
В = {разрыва в цепи нет}.
Поскольку
В = (Ā1 + Ā2) Ā3 (Ā4 + Ā5),
то применяя теоремы умножения и сложения вероятностей, получаем:
Р() = (0,9+0,90,90,9) 0,9 (0,9+0,90,90,9) = 0,88.
Тогда вероятность разрыва Р(В) = 10,88 = 0,12.
в) В = А1 (А2+А3)(А4+А5+А6).
По теореме умножения для независимых событий имеем:
Р(В)=Р(А1)Р(А2+А3)Р(А4+А5+А6).
По теореме сложения для совместных, независимых событий имеем:
Р(А2+А3) = Р(А2)+Р(А3)Р(А2)Р(А3)=0,1+0,10,00,1 = 0,19.
Р(А4+А5+А6) = Р(А4)+Р(А5)+Р(А6)Р(А4А5)Р(А4А6)Р(А5А6)+
+Р(А4А5А6) = 0,1+0,1+0,1-0,10,1-0,10,1-0,10,1+0,10,10,1 = 0,271.
Заметим, что эту вероятность можно найти и иначе:
Р(А4+А5+А6) = 1−Р(А4 А5 А6) = 1 - 0,9 = 0,271.
Окончательно имеем:
Р(В) = 0,1 0,19 0,271 = 0,005.
2.11. Электрическая цепь составлена из элементов с номерами к = 1, 2, 3, 4, 5 по схеме, приведенной на рис. 6. При выходе из строя любого элемента цепь в месте его включения разрывается. Вероятность выхода из строя за данный период элемента, с номером к равна ρк, к = 1, 2, 3, 4, 5. Предполагается, что элементы выходят или не выходят из строя независимо друг от друга. Найти вероятность события
С=за рассматриваемый период по цепи может проходить ток.
Решение. Выразим событие С в алгебре событий
Ак=элемент с номером к выходит из строя:
С=Ā5 (Ā3+Ā4 (Ā4+Ā2))
Поскольку Р(Ак)= рк, то Р(Ак)=1- рк= qк.
1
4
2 5
3
Рис. 6
События Ак являются независимыми, поэтому
Р(С) = Р(Ā5) Р(Ā3+Ā4 (Ā1+Ā2))
События Ā1 и Ā2 являются совместными (два элемента могут одновременно выйти из строя), поэтому
Р(Ā1+Ā2)= Р(Ā1)+Р(Ā2)-Р(Ā1Ā2)= q1+ q2 -q1 q2.
События Ā3 и Ā4 (Ā1+Ā2) также являются совместными, поэтому
Р(Ā3+Ā4 (Ā1+Ā2))=Р(Ā3)+Р(Ā4 (Ā1+Ā2)) - Р(Ā3Ā4 (Ā1+Ā2))=
=Р(Ā3)+Р(Ā 4)Р(Ā1+Ā2)-Р(Ā3)·Р(Ā4)·Р(Ā1+Ā2)=
= q3+ q4 (q1+q2 - q1 q2)- q3 q4 (q1+q2 - q1 q2)=
= q3+ (q1+q2 - q1q2)(q4 - q3q4)=
= q3+(q1 (1-q2)+q2) q4 (1-q3) = q3+ (q1 р2 +q2)q4 р3.
Окончательно имеем
Р(C)= q5 (q3+(q1р2 +q2 )q4 р3).
2.12. Найти вероятность того, что в цепи, изображенной на рис. 7, лампочка будет гореть (т.е. цепь будет замкнута), если известно, что любой из переключателей 1, 2, 3 и 4 независимо от других с одинаковой вероятностью может быть замкнут или разомкнут.
1 2
3
4
Батарея Лампа
Рис. 7
Решение. Рассмотрим события
Аi = {i-й переключатель замкнут}, i = 1, 2, 3, 4,
В = {лампочка горит}.
Требуется найти вероятность P(B). Заметим, что из теории электрических цепей следует:
B = A1A2 + A3 + A4
Воспользуемся формулой для вероятности суммы трех событий
P(B) = P(A1A2) + P(A3) + P(A4) – P(A1A2A3) –
P(A1A2A4) – P(A3A4) + P(A1A2A3A4).
В силу независимости событий Ai имеем
P(A1A2)= P(A1)P(A2)=,
так как по условию P(Ai)= для всех i =1, 2, 3, 4.
Аналогично,
P(A1A2A3) = P(A1)P(A2)P(A3)=,
P(A1A2A4)=, P(A3A4)=, P(A1 A2A3A4)=,
Поэтому
P(B) = .
2.13. Найти вероятность того, что в задаче 2.12 оба переключателя 1 и 2 замкнуты, если известно, что лампочка горит.
Решение. Требуется вычислить условную вероятность (см. обозначения в решении задачи 2.12):
P(A1A2/B) = P(A1A2/(A1A2+A3+A4)) =
==.