- •Кратные и криволинейные интегралы
- •Оглавление
- •Библиографический список………………………………………………50
- •1.Введение
- •2.Двойной интеграл
- •2.1.Определение и свойства двойного интеграла
- •2.2.Рекомендации по выбору системы координат и алгоритм вычисления двойного интеграла
- •2.3.Вычисление двойного интеграла в декартовой системе координат
- •2.4.Вычисление двойного интеграла в полярной системе координат
- •3.Тройной интеграл
- •3.1.Определение и свойства тройного интеграла
- •3.2.Вычисление тройного интеграла в декартовых координатах
- •3.3.Вычисление объемов тел с помощью тройных интегралов
- •4.Криволинейный интеграл по координатам (второго рода)
- •4.1.Определение и свойства криволинейного интеграла
- •4.2.Вычисление криволинейного интеграла по координатам
- •Приложения
- •Понятие о полярной системе координат
- •Кривые второго порядка
- •Поверхности второго порядка
2.4.Вычисление двойного интеграла в полярной системе координат
Прежде, чем приступить к изучению данной темы, обратитесь к Приложению. Повторите понятие о полярной системе координат и построение линий в ней.
Формула преобразования двойного интеграла от декартовых координат х и у к полярным и , связанным с декартовыми соотношениями
и (1.9)
имеет вид:
, (1.10)
где и - полярные координаты точек области D.
При этом уравнения линий, ограничивающих область интегрирования D, также записываются в полярной системе координат посредством формул (1.9).
Отметим, что
, (1.11)
т.к. .
Текущая точка Р области D имеет координаты , а площадь элементарной ячейки .
Вычисление двойного интеграла в полярных координатах сводится к вычислению декартовых (повторных) интегралов по и по по формулам (1.12 – 1.14), в которых в вначале вычисляется внутренний интеграл по переменной при фиксированном, но произвольном .
Различают следующие виды области D.
Область D (рис. 1.21.) ограничена лучами образующими с полярной осью углы и , и кривыми и то:
. (1.12)
Ф ормула (1.12) справедлива, если отрезки лучей и стягиваются в точки (рис. 1.22.).
О бласть D охватывает начало координат рис. 1.23., то
. (1.13)
Область интегрирования D не удовлетворяет условиям, сформулированным в пп. 1 и 2. В этом случае нужно разбить на части, обладающими отличительными свойствами.
Площадь плоской фигуры в полярной системе координат вычисляется по формуле:
(1.14)
П ример 10. Вычислить , где область D - круговой сектор, ограниченный линиями: , , .
Решение. Построим область интегрирования (рис. 1.24.). Это область D второго вида: , , .
Согласно (1.13):
Вычисление двойного интеграла началось с внутреннего определенного интеграла по , это , а затем был вычислен внешний интеграл по . При вычислении внутреннего интеграла множитель вынесен за знак внешнего интеграла.
Пример 11. Вычислить в полярных координатах
г де D – область, ограниченная линиями:
, , , .
Решение. Область интегрирования D – часть кругового кольца, отсеченная двумя лучами, исходящими из полюса (см. рис.1.25.).
1. Запишем уравнение линий, ограничивающих область, в полярной системе координат с помощью формул (1.11).
Уравнение СВ: или .
Уравнение АD: или .
Прямая СD: – биссектриса, поэтому .
Прямая АВ: , , .
Итак, область D принадлежит к 1-му виду: ; ; ; .
2. Запишем заданный двойной интеграл в полярной системе координат по формуле (1.12), делая сразу замену переменных в подынтегральной функции по формуле (1.11).
Получаем
Отметим, что вначале вычислен внутренний интеграл, определенный по - это Результат вычисления – число 136 вынесено за внешний интеграл, после чего вычислен внешний определенный интеграл по переменной .
Пример 12. Вычислить площадь фигуры, ограниченной прямыми , и окружностью .
Решение. Введем полярные координаты. Сделаем эскиз области интегрирования (рис. 1.26.). Перепишем уравнение линий в полярной системе координат с помощью формул (1.9 и 1.11).
У равнение окружности в виде (см. пример 11).
Прямых: как , как .
Получили область D второго вида как на рис.1.23: , , .
Площадь фигуры вычислим по формуле (1.14), а двойной интеграл по (1.13):
При вычислении внешнего интеграла применена формула:
.
Пример 13. Вычислить площадь фигуры, ограниченной кривой
.
Р ешение. Сделаем эскиз области интегрирования (рис.1.27.). Левая часть уравнения , тогда , т.е. х и у имеют одинаковые знаки. Следовательно, кривая расположена в 1 и 3 координатных углах. При замене х и у на и уравнение не меняется, значит, кривая симметрична относительно начала координат. С помощью формул (1.9) и (1.11) перепишем уравнение линии в полярной системе координат:
,
сократим на , получим окончательно
С возрастанием от 0 до точка с координатами опишет расположенную в 1 координатном углу ветвь данной кривой.
Искомая площадь равна удвоенной площади области D, которая является областью 2-го вида (рис.1.27).