- •Е. А. Попова с. А. Раковская элементы комбинаторики
- •© Попова е. А., Раковская с. А., 2008 оглавление
- •1. Основные понятия комбинаторики
- •1.1. «Особая примета» комбинаторных задач
- •1.2. Правила сложения и умножения
- •1.3. Размещения
- •1.4. Перестановки
- •1.5. Сочетания
- •1.6. Размещения с повторениями
- •1.7. Перестановки с повторениями
- •1.8. Сочетания с повторениями
- •2. Решение задач
- •2.1. Разные задачи
- •2.2. Профессионально-ориентированные задачи
- •10 626 «Четверок».
- •3. Использование элементов комбинаторного анализа
- •4. Задачи для самостоятельной работы
- •4.1. Разные задачи
- •4.2. Профессионально-ориентированные задачи
- •Елена Александровна Попова Светлана Анатольевна Раковская элементы комбинаторики
- •660075, Г. Красноярск, ул. Л. Прушинской, 2
1.6. Размещения с повторениями
Пусть имеется четыре различных элемента a, b, c, d (в достаточном количестве комплектов) и пусть требуется составить из этих четырех элементов по два элемента размещения с повторениями.
Если бы составлялись размещения без повторения, то все размещения должны были быть различными:
ab |
ba |
ac |
ca |
ad |
da |
cb |
bc |
bd |
db |
dc |
cd |
Размещения с повторениями из этих четырех элементов будут следующие:
aa |
ab |
ba |
ac |
ca |
ad |
da |
cb |
bc |
bd |
bb |
db |
dc |
cc |
cd |
dd |
Таким образом, размещение с повторениями из n элементов по m элементов (при 0 ≤ m ≤ n) может содержать любой элемент сколько угодно раз от 1 до m включительно, или не содержать его совсем, т. е. каждое размещение с повторениями из n элементов по m элементов может состоять не только из m различных элементов, но и из m каких угодно и как угодно повторяющихся элементов.
Соединения, отличающиеся друг от друга хотя бы порядком расположения элементов, считаются различными размещениями.
Число размещений с повторениями из n элементов по m обозначается символом .
Число размещений с повторениями определяется по формуле
(1.6.1)
Решение задачи о паспортах
Определим, сколько может быть паспортов советского образца с различными сериями и номерами, если зафиксировать римские цифры серии. Остаются две русские буквы и шесть арабских цифр. Рассмотрим цифры и буквы отдельно.
Буквы. В русском алфавите 33 буквы. Нам нужно выбрать любые две (они могут быть одинаковыми). Следовательно, имеет место размещение с повторениями, где n = 33 и m = 2.
332 = 1 089.
Цифры. Здесь выбирается (с повторениями) m = 6 цифр из n = 10 возможных. Для этого есть способов.
Поскольку каждую пару букв можно соединить с любой шестеркой цифр, то возможно существование 332 · 106 = 1 089 000 000 паспортов, имеющих одни и те же римские цифры серии.
Ответ: 1 089 000 000.
Пример 1.6.1. В гостинице 10 комнат, каждая из которых может разместить четырех человек. Сколько существует вариантов размещения, прибывших четырех гостей?
Решение. Каждый гость из 4 может быть помещен в любую из 10 комнат, поэтому общее число размещений по формуле (1.6.1) равно
Ответ: 10 000.
1.7. Перестановки с повторениями
Пусть имеется пять элементов, среди которых три одинаковых элемента: a, a, a, b, c. Перестановками из этих пяти элементов будут такие соединения, из которых каждое содержит все эти пять элементов и которые будут отличаться друг от друга лишь порядком расположения этих пяти элементов.
Очевидно, что элемент a будет входить в каждое соединение три раза.
Всевозможными перестановками из пяти элементов будут следующие:
Эти перестановки будут перестановками с повторениями потому, что в каждое соединение один и тот же элемент входит три раза, т. е. столько раз, сколько раз он имелся среди данных пяти элементов.
Из приведенных перестановок видно, что их число равно 20. Если же все 5 элементов были бы различными, то число перестановок равнялось бы не 20, а числу 5! = 120.
Предположим теперь, что нам неизвестно число перестановок с повторениями из пяти данных элементов. Обозначим его X. И представим себе, что в группе a, a, a, b, c вместо трех одинаковых элементов a, a, a мы взяли три различных элемента a1, a2, a3. Тогда имеющееся число перестановок увеличится в 3! раз, т. е. во столько раз, сколько можно сделать перестановок из трех различных элементов. Тогда число всех перестановок будет равно 5! = X : (3!).
Отсюда .
Нетрудно получить и общую формулу для случая, когда имеется n групп, состоящих соответственно из k1, k2,…, kn неразличимых предметов. Если существует n элементов: a, b, …, c среди которых элемент a повторяется k1 раз, элемент b повторяется k2 раз и т. д., элемент c повторяется kn раз, то число перестановок с повторениями выражается при помощи формулы
. (1.7.1)
Пример 1.7.1. Сколькими способами можно расставить белые фигуры (короля, ферзя, две ладьи, двух слонов и двух коней) на первой линии шахматной доски (не соблюдая шахматные правила)?
Решение. Всего фигур 8, из них три фигуры по две и две – по одной. По формуле (1.7.1) число перестановок равно = 5 040.
Ответ: 5 040.
Пример 1.7.2. Сколько перестановок можно сделать из букв слова «математика»?
Решение. В слове две буквы «м», три буквы «а», две буквы «т», по одной букве «е», «и», «к». Всего 10 букв. По формуле (1.7.1) число перестановок равно
.
Ответ: 151 200.