МУ к ИДЗ по физике 2 семеcтр
.pdf
|
|
D |
, |
rot H j |
D |
|
H dl |
j |
dS |
t |
|||
t |
||||||
L |
S |
|
|
|||
|
|
|
|
Третье уравнение Максвелла (получено на основе теоремы Остроградского–Гаусса для электростатического поля в диэлектрике) в интегральной и дифференциальной формах:
D dS |
(V )dV , div D (V ) |
S V
Четвертое уравнение Максвелла (получено на основе теоремы Остроградского–Гаусса для магнитного поля в вакууме) в интегральной и дифференциальной формах:
B dS 0, div B 0. .
S
Данные четыре структурных уравнения дополняются тремя материальными уравнениями, характеризующими свойства среды. Для изотропных не сегнетоэлектрических и неферромагнитных сред материальные уравнения имеют вид соответственно:
D 0 E , B 0 H , j E .
Также, полную систему уравнений Максвелла дополняют граничными условиями для электрического и магнитного полей:
Dn2 |
Dn1 |
, |
E 2 |
E 1 |
0, |
Bn2 |
Bn1 |
0, |
H 2 |
H 1 |
jповерхн . |
Для стационарных электрического и магнитного полей струк-
турные уравнения Максвелла принимают вид уравнений: |
|
|||
электростатики |
и |
магнитостатики |
||
rot E |
0 , |
|
rot H |
0 , |
div D |
(V ) . |
|
div B |
0 . |
2.2. ПРИМЕРЫ РЕШЕНИЯ ЗАДАЧ
Задача 2.1. Бесконечно длинный провод с током I = 100 А изогнут так, как это показано на рис. 2.5. Определите магнитную индукцию B в точке О. Радиус дуги R = 10 см.
61
Дано: |
СИ |
I = 100 А |
|
R = 10 см |
0,1 м |
В = ? |
|
|
|
Решение. Магнитную индукцию B в точке O найдем, используя принцип суперпозиции магнитных полей:
|
n |
|
Рис. 2.5 |
B |
|
Bi . |
|
|
|
i1
Внашем случае провод можно разбить на пять частей: два пря-
молинейных провода AB и EF, уходящие одним концом в бесконечность, один отрезок DC и две полуокружности BC – радиусом 2R и DE – радиусом R. Тогда
B = BAB + BBC + BDC + BDE + BEF.
Магнитная индукция от участков AB и DC равна нулю, так как точка O лежит на оси провода AB. Поэтому
B = BBC + BDE + BEF.
Магнитная индукция поля кругового тока радиусом R равна
|
|
|
|
|
B |
0 I |
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2R |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где I – сила тока. Тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
B |
1 |
|
0 I |
|
0 I |
|
и |
B |
1 |
|
0 I |
|
0 I |
. |
BC |
2 |
|
2(2R) |
|
8R |
|
DE |
2 |
|
2R |
|
4R |
||
|
|
|
|
|
|
|
Поскольку токи текут в разных направлениях, то вектор индукции BBC направлен в сторону, противоположную направлению вектора BDE. Вектор BEF будет направлен в ту же сторону что и BDE. Поэтому
B = BDE – BBC + BEF = |
0 I |
|
0 I |
BEF |
0 I |
BEF . |
4R |
|
8R |
8R |
|||
|
|
|
|
Известно, что магнитное поле на расстоянии r от отрезка длинной l, по которому течет ток силой I, равно
B |
0 I |
(cos |
|
cos |
|
) . |
|
1 |
2 |
||||
|
4 r |
|
|
|||
|
|
|
|
|
62
Поэтому в нашем случае вектор магнитной индукции от отрезка EF равен
B |
0 I |
(cos |
|
cos |
|
) . |
|
1 |
2 |
||||
EF |
4 r |
|
|
|||
|
|
|
|
|
Из рис. 2.5 видно, что α1 = 2 , α2 = π и r = R, поэтому
BEF |
0 I |
(cos |
|
cos ) |
0 I |
. |
4 R |
|
4 R |
||||
|
2 |
|
|
Магнитное поле от всей рамки равно
|
B |
0 I |
|
|
|
0 I |
|
0 I |
1 |
2 |
|
= |
|
|
8R |
|
|
4 R |
|
8R |
|
|
|||||
4 10 7 100 |
|
1 |
2 |
|
2,57 10 4 Тл |
0,257 мТл . |
|||||||
8 |
0,1 |
|
3,14 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: В = 0,257 мТл.
Задача 2.2. По двум скрещенным под прямым углом бесконечно длинным проводам текут токи I и 2I (I = 100 А). Определите магнитную индукцию B в точке А (рис. 2.6). Расстояние d = 10 см.
Дано: |
СИ |
Решение. Магнитная индукция поля бес- |
||
I = 100 А |
|
конечно длинного прямого тока на расстоя- |
||
d = 10 см |
0,1 м |
нии r равна B |
0 I |
|
|
|
|
, где I – сила тока. |
|
В = ? |
|
2 r |
Точка А находится на расстоянии 2d от первого провода и на расстоянии d от второго провода. В результате, модули векторов магнитной индукции:
B1 |
|
|
0 2I |
|
|
0 I |
, |
|
|
2 2d |
2 d |
||||||
|
|
|
||||||
|
B2 |
|
|
0 I |
|
. |
|
|
|
|
2 d |
|
|
Рис. 2.6 |
Из рис. 2.6 видно, что векто- |
|
ры B1 и B2 перпендикулярны друг другу, поэтому суммарный вектор магнитной индукции найдем по правилу Пифагора:
63
|
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
0 I |
0 I |
2I |
. |
||||
B (B )2 |
(B )2 |
|
|
0 |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||
1 |
2 |
|
2 d |
|
2 d |
|
2 d |
||||
|
|
|
|
|
|
Подставим численные значения в системе СИ:
|
|
10 7 |
|
|
|
|
|
B |
4 |
|
2 100 |
2,8 10 |
4 Тл 0,28 мТл . |
||
|
2 |
0,1 |
|
||||
|
|
|
|
|
Ответ: В = 0,28 мТл.
Задача 2.3. По тонкому кольцу радиусом R = 20 см течет ток I = 100 А. Определите магнитную индукцию B на оси кольца в точке А (рис 2.7). Угол α = π/3.
Дано: |
СИ |
I = 100 А |
|
R = 20 см |
0,2 м |
α = π/3 |
|
В = ? |
|
Решение. Для решения задачи воспользуемся законом Био–Савара–Лапласа:
dB |
0 |
|
4 |
||
|
|
|
|
Рис. 2.7 |
|
I[dlr ] |
, |
(1) |
||
r3 |
|
|||
|
|
где dB – магнитная индукция поля, создаваемого элементом тока Idl в точке, определяемой радиусом-вектором r .
Выделим на кольце элемент dl и от него в точку А проведем ра-
диус-вектор r (см. рис. 2.7). Вектор dB направим в соответствии с правилом буравчика. Согласно принципу суперпозиции магнитных полей магнитная индукция в точке определяется интегрированием:
B dB , |
(2) |
l
где интегрирование ведется по всем элементам dl кольца. Разложим вектор dB на две составляющие: dB1 : перпен-
дикулярную плоскости кольца, и dB2 , параллельную плоскости кольца, т. е. dB = dB1 + dB2 . Тогда
64
B |
d B1 |
d B2 . |
(3) |
|
l |
l |
|
Поскольку из соображений симметрии dB |
0 и, учитывая, что |
||
|
|
l |
|
составляющие векторы dB1 от различных элементов dl сонаправлены, заменим векторное суммирование (интегрирование) скалярным:
|
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
|
|
|
|
|
|
dB1 , |
|
|
|
|
|
|
(4) |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
l |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dB1 = dBcosα , |
|
|
|
|
(5) |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dB |
|
0 |
|
|
|
Idl |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
(6) |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
r 2 |
|
|
|
|
|||||||||||||||
Таким образом, из (4) c учетом формул (5) и (6) получим: |
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
I |
2 |
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I |
|
|
|
2 R |
|
|
|
|
0 IR |
|
|||||
|
0 |
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
B |
|
|
|
|
|
|
cos |
dl |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos |
|
cos . |
(7) |
||||||
4 |
|
|
r2 |
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
r2 |
2r2 |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Из рис. 2.7 видно, что cos |
|
|
|
R |
|
, откуда |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
r |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r |
|
|
|
|
R |
|
, |
|
|
|
|
|
|
|
(8) |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
С учетом (8) окончательно получим: |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
B |
|
|
|
|
0 IR |
cos |
|
|
|
0 IR |
cos3 |
|
|
0 I |
cos3 . |
(9) |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
2r2 |
|
|
2R2 |
|
|
|
|
|
|
|
2R |
|
|
|
||||||||||||
Подставим в (9) числовые значения: |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
B |
4 |
10 7 100 |
соs3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3,9 10 5 |
Тл |
0,39 мкТл . |
|
|||||||||||||||
|
|
2 0,2 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: В = 0,39 мкТл.
Задача 2.4. В однородное магнитное поле с индукцией В = 150 мТл помещена прямоугольная рамка со сторонами а = 4 см и b = = 6 см соответственно. Нормаль к плоскости рамки составляет с направлением магнитного поля угол 60 . Определите вращающий момент, действующий на рамку, если по ней течет ток I = 1 А.
65
Дано: |
СИ |
В = 150 мТл |
0,15 Тл |
а = 4 см |
|
b = 6 см |
|
α = 60 |
|
I = 1 А |
|
М = ? |
|
Решение. По определению, вращающий момент равен векторному произведению магнитного момента рамки и магнитной индукции внешнего поля:
M pm B .
Отсюда модуль вращающего момента
M pm B sin .
Магнитный момент рамки равен:
pm IS ,
где I – ток, протекающий в рамке; S – площадь рамки, S = ab. В итоге получим:
M IabВ sin .
Подставим числовые значения:
M 1 0,04 0,06 0,15sin 60 Ответ: М = 311,76 мкН м.
Задача 2.5. По трем параллельным прямым проводам, находящимся на одинаковом расстоянии R = 20 см друг от друга, текут одинаковые токи
I1 = I2 = I3 = I = 400 А (рис. 2.8). В
двух проводах направления токов совпадают. Вычислить для каждого из проводов отношение силы, действующей на него, к его длине.
311,76 мкН м .
Рис. 2.8
Дано: |
|
СИ |
Решение. Сила |
взаимодействия двух |
||
I = 400 А |
|
|
||||
|
|
прямолинейных бесконечно длинных па- |
||||
I1 = I2 = I3 |
= I |
|
||||
|
раллельных токов на единицу их длины |
|||||
R = 20 см |
|
0,2 см |
||||
|
F |
|
0 I1I2 , |
|||
F1 = ? F2 |
= ? |
|
|
|||
|
|
|
2 R |
|
||
F3 = ? |
|
|
|
|
||
|
|
где R – расстояние между проводами с |
||||
|
|
|
||||
токами I1 |
и I2. Поскольку расстояния между проводами и токи рав- |
ны, то силы взаимодействия между любыми парами проводов будут одинаковыми. Из рис. 2.8 видно, что
66
F1 = F2 = 2Fcos60º = 2F 0,5 = F .
Поэтому
|
4 |
10 7 |
400 400 |
0,16 Н/м . |
|
F1 |
F2 |
|
|
|
|
|
2 |
0,2 |
|||
|
|
|
|
Определим силу F3 исходя из того, что F3 = 2 F cos30º = 3F :
F3 3 0,16 0, 28 Н/м . Ответ: F1 = F2 = 0,16 Н/м, F3 = 0,28 Н/м.
Задача 2.6. Электрон, пройдя ускоряющую разность потенциалов 88 кВ, влетает в однородное магнитное поле перпендикулярно его линиям индукции (= 90°). Индукция поля равна 0,01 Тл.
Определите радиус траектории r электрона. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
Дано: |
|
|
СИ |
|
|
|
Решение. Сила Лоренца |
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
FЛ eυBsin |
|
|
|
|
||||||||||
U = 88 кВ |
|
88000 В |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
α = 90 |
|
|
|
|
|
служит |
центростремительной силой |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
В = 0,01 Тл |
|
|
|
|
|
движущей электрон по окружности: |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
mυ2 |
|
|
|
|
||||
r = ? |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
FЛ |
|
|
. |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r |
|
|
|
|
||
Энергия электрона |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
mυ2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
eU . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(1) |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
где q – заряд электрона; q = 1,6 10-19Кл; |
m – масса электрона, |
m = |
||||||||||||||||||||||||||
= 9,1 10-31 кг. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Выразим из (1) скорость: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
υ |
|
|
|
2eU |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(2) |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Из равенства сил FЛ = Fцс выразим радиус |
r и подставим в по- |
|||||||||||||||||||||||||||
лученное выражение уравнение (2): |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
eυB sin |
|
|
|
mυ2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(3) |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
mυ2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
r |
|
|
mυ |
|
|
|
|
m |
|
|
|
2eU |
|
1 |
|
|
2Um |
. |
(4) |
|||||||||
eυBsin |
|
eBsin |
|
|
eBsin |
|
|
|
m |
Bsin |
e |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
Так как = 90°, то sin |
|
= 1. В результате преобразований (4) |
||||||||||||||||||||||||||
получим: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
67
r |
1 |
|
2Um |
|
|
1 |
|
2 88 103 9,1 10 |
31 |
0,1 м. |
B |
|
e |
10 2 |
1,6 10 19 |
|
|||||
|
|
|
|
|||||||
Ответ: r = 0,1 м. |
|
|
|
|
|
|
|
|||
Задача 2.7. В однородном магнитном поле с индукцией B дви- |
||||||||||
жется электрон |
|
по винтовой линии. Угол между вектором скоро- |
сти и вектором магнитной индукции равен . Определите скорость электрона, если шаг винтовой линии h, а радиус R.
Решение. Рассмотрим две составляющие скорости
(рис. 2.9): υ и υ|| υ cos .
Рис. 2.9
Для составляющей υ |
υsin |
(υ ,B ) |
9 0, тогда эта состав- |
||
ляющая даст траекторию-окружность: |
|
|
|||
|
F |
qυ B |
ma |
mυ1 |
, |
|
|
||||
|
Л |
|
ц |
r |
|
|
|
|
|
|
|
откуда r mυ / (qB) |
( υ |
c , m |
const ) |
и |
|
|
T 2 r / υ 2 m / (qB) . |
||||
Составляющая υ|| |
const дает |
траекторию в виде прямой ли- |
нии. В сумме обе составляющие (окружность и прямая линия) дают винтовую линию с шагом между витками
h υ||T υ cos 2 m / (qB) |
2 |
mυ cos |
. |
|
|
||
|
qB |
||
|
|
|
68
Отсюда получим
υ |
|
qBh |
, |
|
|
||
|
m cos |
||
2 |
|
где q – заряд электрона; m – масса электрона.
Ответ: υ |
|
qBh |
. |
|
|
||
|
m cos |
||
2 |
|
Задача 2.8. Прямоугольная рамка площадью 500 см2, состоящая из 200 витков провода, равномерно вращается в однородном магнитном поле вокруг оси, проходящей через ее центр параллельно одной из ее сторон с частотой 10 с-1 (рис. 2.10). При этом в рамке индуцируется ЭДС, максимальное значение которой 150 В. Найдите индукцию магнитного поля.
Дано: |
СИ |
|
|
S = 500 cм2 |
0,05 м2 |
|
|
N = 200 |
|
|
|
= 10 с-1 |
|
|
|
ξmax = 150 B |
|
|
|
B = ? |
|
|
|
|
|
Рис. 2.10 |
|
Решение. По закону Фарадея в рамке, состоящей из N витков, |
|||
вращающейся в магнитном поле, возникает ЭДС индукции: |
|
||
|
ξi = –NdФ/dt, |
(1) |
|
где |
|
|
|
|
Ф = ВScos(wt), w = 2 . |
(2) |
Подставим (2) в (1) и продифференцируем полученное выражение:
N |
d |
(BS cos(2 t)) NBS 2 sin(2 t). |
(3) |
i dt
ЭДС индукции будет максимальна в моменты времени, когда sin(2 t) 1:
i i max |
NBS 2 , |
(4) |
|
|
|
|
|
Выразим из (4) индукцию магнитного поля: |
|
||
В |
i max |
. |
(5) |
|
|||
|
NS 2 |
|
69
Подставим в (5) числовые значения в системе СИ (S = 500 см2 = = 5 10-2 м2):
B |
150 |
0,24 Тл. |
|||
|
|
|
|||
200 5 10 |
2 |
2 3,14 10 |
|||
|
|
Ответ: В = 0,24 Тл.
Задача 2.9. Проводящее кольцо радиуса r = 0,1 м и сопротивлением R = 10 Ом находится в магнитном поле с индукцией В = = 1 млТл. Определите количество электричества при повороте плоскости кольца на угол 30от положения, в котором плоскость кольца перпендикулярна вектору магнитной индукции.
Дано: |
СИ |
|
r = 0,1 м |
|
|
R = 10 Ом |
|
|
В = 1 млТл |
10-3 Тл |
|
α1 |
= 0 |
|
α2 |
= 30 |
|
q = ? |
|
|
Тогда |
|
Решение. Так как при повороте кольца изменяется магнитный поток сквозь плоскость кольца, то в кольце возникает ЭДС индукции и индукционный ток. Применим закон электромагнитной индукции Фарадея
|
м |
. |
|
i |
t |
||
|
|||
|
|
q Ii |
t |
i |
|
t |
|
t |
|
|
|
м BS cos |
1 |
BS cos 2 |
|||
R |
|
|
R |
|
|
t |
|
|
|
|
R |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
BS (cos |
|
1 cos |
2 ) |
|
|
B r 2 (cos |
1 |
cos 2 ) |
. |
|||||
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
R |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставляя в формулу все величины в системе СИ, получим
10 3 |
3,14 |
0,01(1 |
|
3 |
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
q |
|
|
|
2 |
|
4, 2 10 |
7 |
Кл 0, 42 мкКл. |
|
|
|
10 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: q 0,42 мкКл .
Задача 2.10. Найдите разность потенциалов, возникающую на концах крыла самолета при горизонтальном полете со скоростью υ = 1200 км/ч, если размах крыла самолета l = 40 м. Вертикальная составляющая напряженности магнитного поля Земли Н = 40 А/м.
70