книги из ГПНТБ / Григорьев Ю.П. Строительная механика летательных аппаратов дополнительные главы
.pdfВ брусе постоянного сечения напряжение равно:
(2.1.1)
2g
Максимальное напряжение
° ш . х = = ^ ( Я а’ - Д , 2)-
2g
Распределение напряжений по длине лопатки показано на фиг. 2.1.2.
У бруса, имеющего форму клина (фиг. 2.1.3), площадь сече ния изменяется по закону:
|
/ = » = |
R2 |
R i |
( R * - r ) . |
|
|
Напряжение равно: |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
||
|
R, |
|
|
|
|
|
•{■ш* - f № _ |
r, г * |
- |
^ |
|
_ |
|
g ( R 2 |
r) J |
|
|
g |
6(/?8— r) |
|
6g |
(R22 + R2r - |
2r’) = |
(Rt + |
2r) (R2 - r). |
|
|
|
|
|
§g |
|
|
|
Максимальное напряжение |
|
|
|
|
|
|
«... - |
(R 22+ RaR l ~ 2/?,*) = |
IR2 + 2/?,) (R, - /? ,) . |
■ |
Из сравнения кривых напряжений для бруса постоянного сечения I и клиновидного бруса 2 (фиг. 2.1.2) видно явное пре-
22
имущество второго бруса. Исследование показывает, что
<0,5.
Для рассмотренных задач характерно то, что величина напря жений не зависит от абсолютных размеров сечения, так как уве личение инерционных сил пропорционально площади сечения.
Б р у с |
р а в н о г о с о п р о т и в л е н и я . Наиболее рацио |
||||||
нальным с точки |
|
зрения прочности |
является брус |
(лопатка), |
|||
в котором напряжения одинаковы во всех сечениях |
(брус рав |
||||||
ного сопротивления). |
|
|
|
|
|||
Определим закон изменения сечения, |
|
||||||
который обеспечивает постоянство нор |
|
||||||
мального напряжения по длине бруса. |
|
|
|||||
В брусе равного |
сопротивления |
|
|||||
(фиг. 2.1.4) |
во всех сечениях напряжение |
|
|||||
постоянно. |
Пусть оно равно а,. Тогда |
|
|
||||
N ■= ап |
|
или |
N — Fon. |
|
|
||
Продифференцируем |
это |
выражение |
|
||||
по г. |
dN |
а0dF. |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
||
Приращение |
|
продольной |
силы |
dN |
|
||
равно силе инерции, действующей па эле |
|
||||||
мент бруса длиной dr: |
|
|
|
|
|||
dN- |
dj- |
m2 r dr. |
|
|
g
Знак «минус» берется потому, что с увеличением dr продольная сила убывает.
Дифференциальное уравнение равнопрочного бруса прини мает вид:
|
_ л L |
1г dr |
о0dF. |
|
|
|
g |
|
|
|
|
Разделяем переменные |
|
|
|
|
|
|
dF |
|
fco2г dr |
|
|
и интегрируем: |
F |
|
g*о |
|
|
|
|
|
|
-[(uV' |
|
|
"СCO2r 2 |
|
|
|
|
|
|
|
F — С е |
2g-s0 |
|
I g f -- - |
+ С или |
||||
2g"30 |
|
|
|
|
|
Постоянную интегрирования |
С определяем |
из условия, что |
|||
F = F2 при г — R2: |
|
|
|
|
|
|
F0 = |
С е |
|
, |
|
23
Отсюда |
уш1#„■ |
C = F2e |
***> . |
В результате получаем закон изменения площади сечения |
|
бруса равного сопротивления: |
(R |
-7_ |
|
F = F0e |
( 2. 1.2); |
По такой формуле определяется профиль равнопрочного бруса, несущего на конце некоторый груз, сила инерции которого является источником напряжения о0 в начальном сечении бруса (лопатка бандажированного колеса). Если лопатка не имеет на конце груза, то усилие в лопатке, профилированной по последней формуле, будет меньше усилия в рассмотренном выше брусе на величину оп Fn:
N ' — F<s0 — F2а ,,
а напряжение будет равно:
Это напряжение не постоянно по длине лопатки (кривая 1 на фиг. 2.1.5), и, следовательно, лопатка в данном случае не являет ся брусом равного сопротивления. Вообще лопатка подобной кон струкции (без груза на конце) не может быть брусом равного сопротивления, в полном смысле слова, так как на периферийном конце лопатки нет нагрузок и напряжение в начальном сечении равно нулю. Однако лопатка может быть брусом равного сопротивления на некоторой части своей длины. В этом случае роль груза; создающего начальное напряжение о0, играет перифе рийная часть самой лопатки, на протяжении которой напряжение переменно и возрастает от 0 до
о0. Остальная часть лопатки Судет уже под постоянным напряжением q0. На фиг. 2.1,5 справа
показана такая лопатка и распределение напряжений в ней (кри
вая 2). Периферийная часть лопатки длиной а выполнена в виде бруса постоянного сечения.
Закон изменения поперечного сечения лопатки на участке рав
ного сопротивления ( г < Ra ) получим на основании формулы
(2.1.2), заменив в ней R2 на Ra:
fU>2
F = F2e ^ “
24
Величина Ra определяется из условия, что в сечении г — Ra напряжение равно о0. Расчет ведется по формуле (2.1.1) для бруса постоянного сечения:
Отсюда
Длина а участка лопатки с постоянным сечением будет полу чаться меньше при увеличении радиуса R2 и угловой скорости со и больше — при увеличении расчетного напряжения о0 . Напря жения в лопатке здесь также не зависят от абсолютных размеров ее сечения, т. е. не зависят от ее толщины и ширины.
2.2. БЫСТРО ВРАЩАЮЩИЕСЯ ДИСКИ
Д и ф ф е р е н ц и а л ь н о е у р а в н е н и е з а д а ч и . При конструировании различных турбин, реактивных двигателей и компрессоров большое значение имеют вопросы прочности быстро вращающихся дисков. Вращающийся с большой скоро стью диск может разрушиться от сил инерции (центробежной силы). Чтобы судить о прочности вращающегося диска, необхо димо уметь вычислять возникающие в нем от действия сил инер ции напряжения.
Рассмотрим задачу определения напряжений в диске пере менной толщины, вращающемся с постоянной угловой скоро стью «>. Каждая частица диска массой dm будет источником силы инерции, направленной по радиусу от центра диска и рав-
ной dj = dmm2r (фиг. 2.2.1).
Фиг. 2.2.1
В силу симметрии действующих сил, напряжения будут рас пределяться симметрично относительно оси вращения диска, и их величины будут зависеть лишь от координаты г. Толщина диска Н также является функцией только г.
25
Получим условие равновесия элемента abed (фиг. 2.2.1). На этот элемент действуют усилия Т и R, а также сила инерции
d j = drmо2г = — hr dm dr u>8г. g
Здесь 7 — объемный вес материала диска.
Напряжения по граням этого элемента показаны на фиг. 2.2.2.
Усилия в тангенциальном направлении равны между собой:
Т — st h dr.
Усилия в радиальном направлении различны:
R — orhrdm\ R + dR = ar hr dy + d(orhr) dy.
Напишем уравнение равновесия элемента, приравняв нулю сумму проекций всех сил на биссектрису утла fib:
R + dR - R - 2 Г sin ^ + dj = 0.
2
Подставляя сюда значения усилий R и Т и учитывая, что
sin fifep dy
2
получаем
d (or hr) d's — at h drdo + — hr dv drm2r =» 0. g
26
После деления на dr dy будем иметь!
(о hr) — at h + |
— А®5г- = 0. |
(2.2.1) |
dr |
g |
|
Это выражение является дифференциальным уравнением рав новесия элемента диска переменной толщины.
Условие равновесия дает лишь одно уравнение для определе ния напряжений ог и а( . Поэтому обратимся к рассмотрению деформаций. Вследствие симметрии деформация диска может быть выражена через радиальное перемещение и его точек, при чем это перемещение будет зависеть только от координаты г данной точки. На фиг. 2.2.3 показано положение элемента до деформации abed и после деформации a'b'c'd'. Точки окружности радиуса г получили перемещение и, а точки окружности радиуса г rd — перемещение и--\-du. В результате деформации отно сительное удлинение в радиальном направлении равно:
_ |
a'd' — ad _ _ |
an |
|
r |
ad |
dr ’ |
|
а в тангенциальном направлении |
|
|
|
_ a’b' — ab |
(г -f a) dy — r d f |
и |
|
ab |
rd<? |
г |
|
Опираясь на закон Гука |
|
|
|
з. = |
(er + |
и£*); |
|
|
1 — Р-2 |
|
|
Е
(Ь + 1“ г).
1 - Р 2
выразим напряжения через перемещение и и таким путем сведем задачу к определению одной неизвестной величины и. Выражения для напряжений принимают вид:
|
du |
, |
и |
|
Е |
и |
|
d u \ |
( 2.2.2); |
|
. |
|||
|
— |
Ь Р — |
||
|
г |
|
d r ) |
|
Подставив эти значения напряжений в уравнение равновесия (2.2.1) и произведя некоторые преобразования, получим диффе ренциальное уравнение для перемещения и:
d 2u , |
1 |
, d h \ du . 1 |
|
||
dr2 |
hr \ |
d r ) |
dr |
hr |
|
|
|
E |
— со2г = 0. |
(2.2.3) |
|
|
|
|
g |
|
27
Считая толщину диска известной функцией радиуса h — h(r), можно найти радиальное перемещение и = и ( г ) , а затем и напря жения ог и at . Постоянные интегрирования определяются из гра ничных условий, соответствующих конкретной задаче. Дифферен
циальное уравнение (2.2.3) не интегрируется в |
общем виде. |
|||||
Поэтому рассмотрим некоторые частные случаи. |
в уравнении |
|||||
Д и с к п о с т о я н н о й |
т о л щ и н ы . |
Полагая |
||||
(2.2.3) |
|
|
h = const; |
|
|
|
получаем |
|
|
|
|
||
|
du |
|
1 — ft2 y |
|
||
d2 и |
1 |
1 |
(2.2.4) |
|||
dr2 |
г |
dr |
г2 |
E g |
||
|
Общее решение уравнения (2.3.4) получается путем добавле ния частного решения данного уравнения к общему решению со ответствующего однородного уравнения, имеющего вид:
d 2 и |
1 |
du |
0. |
(2.2.5) |
dr2 |
+ |
dr |
||
|
|
|
|
|
Дифференциальные |
уравнения |
такого рода |
интегрируются |
|
с помощью подстановки и — г*. |
После подстановки для показа |
|||
теля степени k получаем алгебраическое уравнение: |
||||
k ( k - 1) + А - 1 = 0 . |
|
|||
Корни этого уравнения равны ki |
= \, k2 = —1. В результате |
|||
общим решением уравнения (2.2.5) |
будет |
|
||
|
и = Л г + Д — . |
(2.2.6) |
||
|
|
|
г |
|
Частное решение уравнения (2.2.4) будем искать в виде:
и — Сг3.
Подставляя его в дифференциальное уравнение (2.2.4), нахо дим коэффициент С:
с — b u i i x . ! .
8е е
Общее решение дифференциального уравнения (2.2.4) при нимает вид:
и== Аг-\-В 1 |
^ |
• . ‘ г . |
г |
8E |
g |
Используя формулы (2.2.2), получаем общие выражения для
напряжении: |
|
|
|
|
|
J |
|
|
|
|
(3 + |
р) т *2 • |
_ |
|
|
|
|
|
' |
У |
т^[ |
|
|
|
|
8g |
(2.2.7) |
|
г3 |
|
|
|
||
|
В |
( l + |
3P) Tq>2 г 2. |
|||
(1 |
+ |
г ) А + !— £ |
28
Произвольные постоянные А и В определяются из условий на цилиндрической поверхности диска. Для диска с отверстием (фиг. 2.2.4) при отсутствии сил на его поверхности имеем:
при |
| а и |
аг ~ О при г = Ь.
В развернутом виде эти условия имеют вид:
|
|
1 |
|
|
2 |
аг ^ |
|
(1 + |
Р М ' |
|
В |
(3 -f р) ifoj |
|
1 - 1 * 2 |
a i |
8 ^ |
|
|||
|
|
|
|
|||
Е |
(1 + |
1 |
- Р |
В |
_ (3 + Iх) Тщ2 |
Ь* = 0 |
|
V)A- |
Ь2 |
8 ^ |
|
||
1 Р2 L |
|
|
|
Решая эту систему относительно А и В, находим
8Е |
|
g |
|
|
|
в < (3 -f- р) (1 + ц) а2Ъ2f a r |
|
|
|
||
8Е |
' |
g |
|
|
|
Окончательные выражения для напряжений во вращающемся |
|||||
диске получают следующий вид: |
|
|
|
||
— - Yо2(а2 + Ь2 — гг■ а2 Ь2' |
|||||
8 g |
|
|
|
|
|
3 + Р |
2 |
|
+ |
31* |
а 2 Ь2\ |
------ - fOT |
|
г ’ + |
|||
8g |
\ |
|
3 -}- (а |
г 2 / |
|
Найдем максимум ог . Для этого приравняем нулю первую |
|||||
производную: |
|
|
|
|
|
dr |
|
г8 |
|
|
|
откуда получаем |
г = V a b . |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
При этом значении г напряжение аг |
будет наибольшим: |
||||
шах ог ■ |
3 + р f («2(b — а)2. |
|
|||
|
|
8 g |
|
|
|
Напряжение at получает наибольшее значение при г — а: |
|||||
шах о, = |
3 + |
р-fio2 ( b 2 |
- — |
- а 2) |
|
|
|
I |
3 + |
[А |
) |
29
Для случая, когда радиус отверстия а очень мал, вторым членом можно пренебречь:
шах з, = ^ + ' чро2Ь2.
4g
Распределение напряжений в диске с отверстием показано на фиг. 2.2.4.
Получим напряжения для диска без отверстия. Так как в цен тре диска (г — 0) перемещение и равно пулю, то постоянная В должна быть равна нулю. Постоянная А определяется из усло
вия па внешнем контуре диска:
ог -= 0 |
при г = |
Ь. |
Последнее условие дает для определения |
||
А следующее уравнение: |
|
|
- А п + [А) л - А д ^ |
2= о. |
|
1 - Г |
°g |
|
Отсюда |
ri(l - r i |
|
(3 + |
|
|
|
8Eg |
|
Подставляя значения постоянных в формулы для напряжений,
получаем: |
„ ■ |
|
|
|
|
аг — ——- -fto2 (Ь2— rs); |
|
||||
|
8g |
|
|
|
|
аt |
|
|
1 + |
r 2 \ ' |
|
8 ^ |
l |
3 + p |
/ |
||
|
|||||
Наибольшие значения оба напряжения принимают в центре |
|||||
диска (фиг. 2.2.5): |
|
|
|
|
|
птах о, = |
шах аг |
|
8g |
|
|
|
|
|
|
Сравнивая значения тахз, для сплошного диска и для дис ка с небольшим центральным отверстием, замечаем, что вслед ствие концентрации напряжений з, на краю отверстия получает
ся в два раза больше, чем в |
центре сплошного диска. |
получен |
Д и с к р а в н о г о с о п р |
о т и в л е н и я . Решение, |
ное для диска постоянной толщины, показывает, что не все части диска напряжены одинаково. Наиболее напряженными являются те части диска, которые расположены ближе к оси вращения. Для более рационального использования материала, а также в целях экономии веса толщину диска следует брать переменной, усиливая его в наиболее напряженной части. Наиболее рацио нальной будет такая форма профиля диска, которая обеспечи вает одинаковую напряженность материала в любой точке дис ка. Найдем закон изменения толщины h = h(r) для равнопроч ного диска, у которого ar = at = a = const.
30
В этом случае уравнение-(2.2.1) принимает вид:
о |
d{kr) |
ь , т ь 2 2 |
Л |
-------dr |
з/г Д— -■п ш г г 2 ~ |
О. |
|
|
g |
|
После преобразований получаем
dh 7
'г dr.
h g°
Интегрируя это уравнение, находим закон изменения тол щины:
7gi
где h0 — толщина диска при г = 0.
Профиль равнопрочного диска, построенный согласно послед ней формуле, показан на фиг. 2.2.6. Для крепления диска к валу на диске делаются специальные приливы, например, такого типа, как показано на рисуцке.
Равнопрочный диск имеет некоторые кон структивные недостатки. Иногда толщина ho получается слишком большой. Кроме того, отсутствие центрального отверстия приводит к необходимости создавать специальные кон струкции для крепления диска к валу.
Вообще расчет дисков переменной толщи ны сопряжен с математическими трудностями, возникающими при интегрировании дифферен циального уравнения. В ряде случаев задача расчета дисков может быть решена лишь приближенными методами.
2.3. ТЕМПЕРАТУРНЫЕ НАПРЯЖЕНИЯ В ДИСКЕ
Определим напряжения в диске с отверстием, если известно распределение температуры в диске, которое считаем симметрич
ным |
относительно оси диска |
и заданным |
в |
виде ' функции |
Т = |
Т(г). |
|
|
|
Ограничимся случаем диска постоянной толщины и примем, |
||||
что температура не изменяется |
по толщине |
диска. Обозначим |
||
через 2 коэффициент линейного температурного |
расширения и, |
воспользовавшись законом Гука, составим выражения для отно сительных удлинений:
Е
s<= — (3f - | * 3r) + *Т-
Е
31