УчебПособие (Теория надежности)2011
.pdf
|
dР1(t) |
|
|
0 P ( ) 0 P ( ) 0 P ( ) |
АР |
P ( ) |
|||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||
|
|||||||||||||||||||
|
dt |
t |
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
3 |
|
4 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
0 P ( ) 0 P ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
5 |
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
dР (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
2 |
|
|
0 P ( ) ( |
|
) P ( ) 0 P ( ) |
||||||||||||
|
|
|
АР |
||||||||||||||||
dt |
|
t |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
2 |
3 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
0 P ( ) 0 P ( ) |
АР |
P ( ); |
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
4 |
|
|
|
5 |
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
||||
|
dР3 (t) |
|
0 0 P ( ) |
АР |
P ( ) P ( ) 0 P ( ) |
||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||
|
dt |
|
t |
|
|
|
1 |
|
|
|
2 |
3 |
|
|
4 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
0 P5 ( ) 0 P6 ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
dР4 (t) |
|
0 0 P ( ) 0 P ( ) P ( ) |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
dt |
|
t |
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
|
3 |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
( АР ) P4 ( ) АР P5 ( ) 0 P6 ( ); |
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
dР5 (t) |
|
0 0 P ( ) P ( ) 0 P ( ) 0 P ( ) |
||||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||
|
dt |
|
t |
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
3 |
|
4 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
μАР P5 ( ) 0 P6 ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
dР (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
6 |
|
|
0 0 P ( ) 0 P ( ) 0 P ( ) P ( ) |
||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
dt |
|
t |
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
|
3 |
|
4 |
|
|||
|
|
|
|
|
P ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
0 P ( ) |
АР |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
5 |
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Условие нормировки: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
P ( ) P ( ) P ( ) P ( ) P ( ) P ( ) 1 . |
|
|
|
||||||||||||||||
1 |
|
|
2 |
3 |
|
|
4 |
|
5 |
|
6 |
|
|
|
|||||
Так как диаграмма пространства состояний симметрична |
|||||||||||||||||||
относительно линии ОО´, то |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
P ( ) P ( ); P ( ) P ( ); P ( ) P ( ). |
|
|
|
||||||||||||||||
1 |
|
|
3 |
2 |
|
|
|
4 |
|
5 |
|
|
6 |
|
|
|
|||
Тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
0 P ( ) |
АР |
P ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
P2 ( ) АР P5 ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
2 (P ( ) P ( ) P ( )) 1. |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
1 |
|
2 |
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решая данную систему уравнений, получим:
PНС ( ) 2 P5 ( ) 0, 032;
PПС ( ) 2 P2 ( ) 0,162;
PРС ( ) 1 PНС ( ) 0,968.
91
Составим диаграмму пространства состояний для определения вероятности безотказной работы.
При составлении диаграммы пространства состояний в этом случае принимают, что восстановление работоспособности системы из неработоспособного состояния невозможно (рис. 5.16).
1 t 1 ( АР ) t
S1 a b |
t |
|
t |
|
a b |
S5 a b |
|||
S2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
АР |
|
O |
|
|
|
S3 a b |
|
S4 a b |
S b a |
|
t |
||
|
t |
6 |
|
|
|
|
|
1 t |
1 |
( АР ) t |
|
|
|
O’
Рис. 5.16. Диаграмма пространства состояний для определения вероятности безотказной работы системы (дублированная система с резервированием замещением и ограниченным аварийным ремонтом)
При этом
P (t) P (t) P (t) P (t) P (t); |
||||
БР |
1 |
2 |
3 |
4 |
Q(t) P (t) P (t). |
|
|
||
5 |
|
6 |
|
|
Составим систему дифференциальных уравнений Чемпена – Колмогорова с учетом условия нормировки.
92
Система уравнений Чемпена – Колмогорова |
|
|||||||||||||
|
P (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
P (t) 0 P (t) 0 P (t) |
АР |
P (t) |
|||||||||
|
|
|||||||||||||
t |
|
|
1 |
2 |
|
|
3 |
|
4 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 P5 (t) 0 P6 (t); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
Р (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
P (t) ( |
АР |
) P (t) 0 P (t) 0 P (t) |
||||||||
|
|
|
||||||||||||
|
t |
|
|
1 |
|
|
|
2 |
3 |
|
|
4 |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
0 P (t) 0 P (t); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
5 |
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Р3 (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
0 P (t) |
|
P (t) P (t) 0 P (t) |
|||||||||||
|
|
АР |
||||||||||||
t |
|
|
1 |
|
2 |
|
3 |
|
|
4 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 P5 (t) 0 P6 (t); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
Р (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
0 P (t) 0 |
P (t) P (t) ( |
АР |
) P (t) |
|||||||
|
|
|
||||||||||||
|
t |
|
|
1 |
2 |
|
|
|
3 |
|
|
4 |
||
0 P (t) 0 P (t); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
5 |
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Р (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
5 |
|
|
0 P (t) P (t) 0 P (t) 0 P (t) |
|
|||||||||
|
|
|
|
|||||||||||
t |
|
|
1 |
2 |
|
|
3 |
4 |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 P5 (t) 0 P6 (t); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
Р (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
0 P (t) 0 |
P (t) 0 P (t) P (t) |
|||||||||
|
|
|
||||||||||||
|
t |
|
|
1 |
2 |
|
|
|
3 |
4 |
|
|
|
|
0 P (t) 0 P (t). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
5 |
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Условие нормировки: |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
P (t) P (t) P (t) P (t) P (t) P (t) 1 |
|
|
|
|||||||||||
1 |
|
2 |
3 |
4 |
|
|
5 |
6 |
|
|
|
|
Ответ:
PПС ( ) 0,162 ; PНС ( ) 0, 032 ; PРС ( ) 0,968 .
Пример 6. Два одинаковых объекта А и В образуют дублированную систему с постоянным резервированием и ограниченным аварийным ремонтом. Планово-предупредительные ремонты на объектах не производятся.
Известно следующее:
-объекты имеют независящие от времени интенсивности
переходов: интенсивности отказов: λА = λВ = λ = 2 год-1; интенсивности восстановления из аварийного ремонта: μАР,А = μАР,В = µАР = 10 год-1;
-в начальный момент времени система находится в состоянии S1.
93
Задание:
1)Определить для стационарного режима работы: вероятность работоспособного состояния (РС), вероятность неработоспособного состояния (НС) и вероятность промежуточного состояния (ПС) системы, в котором один из элементов находится в работоспособном, а другой – в неработоспособном состоянии.
2)Составить диаграмму пространства состояний и систему уравнений Чемпена – Колмогорова с условием нормировки для определения вероятности безотказной работы системы.
Решение:
Составим диаграмму пространства состояний для определения вероятностей нахождения системы в работоспособном PРС( ), неработоспособном PНС( ) и промежуточном PПС( ) состояниях (рис.
5.17).
1 ( АР ) t 1 АР t
1 2 t
S1 a b
АР
t
S2 a b
Р
|
|
|
|
|
|
t |
||
|
||
|
Р |
|
S3 |
a b |
|
||
|
|
t |
1 ( АР ) t
S4 a b
S5 b a
1 АР t
O’
Рис. 5.17. Диаграмма пространства состояний для определения вероятности нахождения системы в работоспособном состоянии (дублированная система с постоянным резервированием и ограниченным аварийным ремонтом)
Система может находиться в пяти состояниях: S1 = a b – состояние, в котором А и B находятся в рабочем состоянии; состояния S2 – S5 аналогичны состояниям, описанным в примере 5.
При этом
94
P ( ) 1 P |
( ) P ( ) P ( ) P ( ); |
|||
РС |
НС |
1 |
2 |
3 |
PПС ( ) P2 ( ) P3( );
PНС ( ) P4 ( ) P5 ( ).
Составим систему дифференциальных уравнений Чемпена – Колмогорова с учетом условия нормировки для стационарного режима и определим вероятности нахождения системы в работоспособном РРС(∞), неработоспособном РНС(∞) и промежуточном РПС(∞) состояниях.
Система уравнений Чемпена – Колмогорова:
|
dР1(t) |
|
0 2 P ( ) |
АР |
P ( ) |
АР |
P ( ) |
|||||||||||
|
||||||||||||||||||
|
||||||||||||||||||
|
dt |
t |
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
3 |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
0 P ( ) 0 P ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
4 |
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
dР2 (t) |
0 P ( ) ( |
АР |
) P ( ) 0 P ( ) |
||||||||||||||
|
||||||||||||||||||
|
dt |
t |
|
|
1 |
|
|
|
2 |
|
|
|
3 |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
0 P ( ) |
АР |
P ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
4 |
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
dР3 (t) |
0 P ( ) 0 P ( ) ( |
АР |
) P ( ) |
||||||||||||||
|
||||||||||||||||||
|
dt |
|
|
1 |
|
2 |
|
|
|
|
|
3 |
||||||
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
АР P4 ( ) 0 P5 ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
dР (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
4 |
|
0 0 P ( ) P ( ) 0 P ( ) |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||
dt |
|
|
1 |
|
2 |
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|||||
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
АР P4 ( ) 0 P5 ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
dР5 (t) |
0 0 P ( ) 0 P ( ) P ( ) 0 P ( ) |
||||||||||||||||
|
||||||||||||||||||
|
dt |
|
|
1 |
|
2 |
|
|
|
3 |
|
|
|
4 |
||||
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
АР P5 ( ). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Условие нормировки: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
P ( ) P ( ) P ( ) P ( ) P ( ) 1. |
|
|
|
|
||||||||||||||
1 |
|
|
2 |
3 |
4 |
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Так как диаграмма пространства состояний симметрична |
||||||||||||||||||
относительно линии ОО´, то |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
P ( ) P ( ); P ( ) P ( ). |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
2 |
|
|
3 |
4 |
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
0 2 P ( ) 2 |
АР |
P ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
1 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
P2 ( ) АР P4 ( ); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
P ( ) 2 P ( ) 2 P ( ) 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
1 |
2 |
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
95 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Решая данную систему уравнений, получим:
PНС ( ) 2 P4 ( ) 0, 054; |
|||
|
|
|
|
PПС ( ) 2 P2 ( ) 0, 27; |
|||
P |
( ) P ( ) P |
( ) 0,946. |
|
РС |
1 |
ПС |
|
Составим диаграмму пространства состояний для определения вероятности безотказной работы.
При определении вероятности безотказной работы системы принимают, что восстановление работоспособности системы из неработоспособного состояния невозможно (рис. 5.18).
1 ( АР ) t
t
1 2 t |
|
S2 a b |
|
S4 a b |
|
S1 |
a b |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
АР |
|
S3 a b |
|
S5 b a |
|
|
|
t |
||
|
|
|
|
|
1 ( АР ) t
O’
Рис. 5.18. Диаграмма пространства состояний для определения вероятности безотказной работы системы (дублированная система с постоянным резервированием и ограниченным аварийным ремонтом)
Составим систему дифференциальных уравнений Чемпена – Колмогорова с учетом условия нормировки.
96
Уравнения Чемпена – Колмогорова:
Р1(t) 2 P (t) |
АР |
P (t) |
АР |
P (t) 0 P (t) |
|||||||||||
|
t |
|
1 |
|
|
2 |
|
3 |
|
4 |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 P5 (t); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Р (t) |
P (t) ( |
|
|
) P (t) 0 P (t) 0 P (t) |
||||||||||
|
2 |
|
АР |
||||||||||||
|
t |
|
1 |
|
|
2 |
|
|
|
3 |
|
4 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
0 P (t); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Р3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(t) P (t) 0 P (t) ( |
АР |
) P (t) 0 P (t) |
||||||||||||
|
t |
|
1 |
2 |
|
|
|
|
|
3 |
|
4 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 P5 (t); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Р (t) |
0 |
P (t) P (t) |
0 P (t) 0 P (t) 0 P (t); |
|||||||||||
|
4 |
|
|||||||||||||
|
t |
|
1 |
2 |
|
|
|
3 |
|
|
|
4 |
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Р (t) |
0 |
P (t) 0 P (t) P (t) 0 P (t) 0 P (t). |
||||||||||||
|
5 |
|
|||||||||||||
|
t |
|
1 |
2 |
|
|
|
3 |
|
|
|
4 |
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Условие нормировки: |
P (t) P (t) P (t) P (t) P (t) 1 . |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
|
3 |
|
4 |
5 |
Ответ:
PНС ( ) 0,054; PПС ( ) 0, 27; PРС ( ) 0,946.
Примечание. При одинаковых интенсивностях переходов из состояния в состояние элементов надежность дублированной системы с резервированием замещением выше, чем системы с постоянным резервированием.
Задачи для самоподготовки
Задача №1. Временная диаграмма состояний системы, которая может находиться в пяти состояниях, представлена на рис. 5.19.
Известно следующее:
-продолжительность пребывания системы в каждом из состояний подчинены экспоненциальному закону;
-средняя продолжительность пребывания системы в каждом из состояний:
t1 100 ч; t 2 |
300 ч; t 3 150 ч; t 4 300 ч; t 5 |
203,3 ч; |
- S2 S3 = S6 |
– рабочее состояние; S1 S4 = |
S7 – состояние |
аварийного ремонта; S5 – состояние планово-предупредительного ремонта.
97
S |
|
|
|
|
|
|
S5 |
|
|
|
|
|
|
S4 |
|
|
|
|
|
|
S3 |
|
|
|
|
|
|
S2 |
|
|
|
|
|
|
S1 |
|
|
|
|
|
t (ч) |
t1 |
t2 |
t3 |
t5 |
t4 |
8760 |
|
|
Рис. 5.19. Временная диаграмма состояний системы |
|
|
Задание:
1. Составить диаграмму пространства состояний по данной временной диаграмме состояний системы.
Определить:
- частоту появления каждого из состояний ( 1, 2, 3, 4, 5 –
1/год);
- вероятности нахождения системы в каждом из пяти состояний в стационарном режиме работы (P1( ), P2( ), P3( ), P4( ),
P5( ));
- интенсивности переходов из состояния в состояние (q1 2, q1 3, q3 2, q4 5 и т. д. – 1/год).
2. Составить диаграмму пространства состояний для данной системы, которая имеет три состояния: S5, S6, S7. Определить с помощью этой диаграммы вероятности нахождения системы в работоспособном состоянии, состоянии аварийного ремонта и в состоянии планово-предупредительного ремонта для установившегося (стационарного) процесса.
Задача №2. Временная диаграмма состояний системы, которая может находиться в пяти состояниях, представлена на рис. 5.20.
Известно следующее:
-продолжительность пребывания системы в каждом из состояний подчинена экспоненциальному закону;
-средняя продолжительность пребывания системы в каждом из состояний:
t1 400 ч; t2 100 ч; t3 50 ч; t4 200 ч; t5 132 ч;
98
- S1 S2 = S6 – рабочее состояние; S3 S5 = S7 – состояние аварийного ремонта; S4 – состояние планово-предупредительного
ремонта.
S
S5
S4
S3
S2 |
|
|
|
|
|
|
S1 |
t1 |
t2 |
t3 |
t5 |
t4 |
8760 t (ч) |
|
Рис. 5.20. Временная диаграмма состояний системы
Задание:
1. Составить диаграмму пространства состояний по данной временной диаграмме состояний системы.
Определить:
- частоту появления каждого из состояний ( 1, 2, 3, 4, 5 –
1/год);
- вероятности нахождения системы в каждом из пяти состояний в стационарном режиме работы (P1( ), P2( ), P3( ), P4( ),
P5( ));
- интенсивности переходов из состояния в состояние (q1 2, q1 3, q3 2, q4 5 и т. д. – 1/год).
2. Составить диаграмму пространства состояний для данной системы, которая имеет три состояния: S6, S7, S4. Определить с помощью этой диаграммы вероятности нахождения системы в работоспособном состоянии, состоянии аварийного ремонта и в состоянии планово-предупредительного ремонта для установившегося (стационарного) процесса.
Задача №3. Диаграмма пространства состояний системы представлена на рис. 5.21.
Известно следующее:
- продолжительность пребывания системы в каждом из состояний подчинена экспоненциальному закону;
99
- все интенсивности переходов из состояния в состояние имеют одинаковые значения:
q1 2 = q1 3 = q1 4 = q1 5 = q2 1 = q2 3 = q2 4 = q2 5 = q3 1 = q3 2 = q3 4 = q3 5 = q4 1 = q4 2 = q4 3 = q4 5 = q5 1 = q5 2 = q5 3 =
=q5 4 = 2,5 год-1;
-S1 S2 = S6 – работоспособное состояние; S3 S4 S5 = S7 – состояние аварийного ремонта;
-в начальный момент времени система находится в состоянии S3.
Задание:
Преобразовав исходную диаграмму пространства состояний в диаграмму с двумя состояниями, определить:
1)вероятность нахождения системы в работоспособном состоянии в момент времени t = 0,5 (года);
2)вероятность безотказной работы в момент времени t = 0,1
(года).
Задача №4. Диаграмма пространства состояний системы представлена на рис. 5.21.
Известно следующее:
-продолжительность пребывания системы в каждом из состояний подчинена экспоненциальному закону;
-все интенсивности переходов из состояния в состояние имеют одинаковые значения:
q1 2 = q1 3 = q1 4 = q1 5 = q2 1 = q2 3 = q2 4 = q2 5 = q3 1 = q3 2 = q3 4 = q3 5 = q4 1 = q4 2 = q4 3 = q4 5 = q5 1 = q5 2 = q5 3 =
=q5 4 = 1,5 год-1;
-S1 S3 S5 = S6 – работоспособное состояние; S2 S4 = S7 – состояние аварийного ремонта;
-в начальный момент времени система находится в состоянии S1.
Задание:
Преобразовав исходную диаграмму пространства состояний в диаграмму с двумя состояниями, определить:
1)вероятность нахождения системы в работоспособном состоянии в момент времени t = 0,2 (года);
2)вероятность безотказной работы в момент времени t = 0,2
(года).
100