![](/user_photo/72340_TGvWb.jpg)
Volkova EM Kaspirovich DA Genetika s osnovami biometrii EUMK
.pdf![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn291x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
Лабораторная работа № 11
ТЕМА: Структура и функция гена (2 часа)
ЦЕЛЬ РАБОТЫ: Изучить хромосомную и центровую теорию гена; псевдоаллелизм; цис-транс-тест на аллелизм.
КРАТКИЕ ТЕОРЕТИЧЕСКИЕ СВЕДЕНИЯ:
Хромосомная теория сформулирована в 1911 г. американским ученым Т. Морганом. Ее сущность заключается в следующем:
–ÏолесÃÓосновным материальным носителем наследственности являются хромосомы с локализованными в них генами; - гены наследственно дискретны, относительно стабильны, но при этом могут мутировать;
–гены в хромосомах расположены линейно, каждый ген имеет определенное место (локус) в хромосоме;
–гены, расположенные в одной хромосоме, образуют группу сцепления и наследуются совместно;
–число групп сцепления равно гаплоидному набору хромосом и постоянно для каждого вида организмов;
–сцепление генов мож т нарушать я в р зультате кроссинговера;
–частота кроссингов ра прямо пропорциональна расстоянию между генами.
Значение этой теории зак юча тся в том, что она дала объяснение законам Менделя, вскры а цито огич ские основы наследования признаков и генетические основы теории естественного отбора.
Центр вая те рия ген в – теория, согласно которой ген состоит из отдельных функци на ьных участков (центров), которые могут независимо изменяться при мутациях.
Авторы назвали ген scute базигеном, т.е. участком хромосомы, занимаемым всеми мутаци нными изменениями – трансгенами.
Отдельные мутационные участки внутри базигена были названы центрами, а сама теория сложного строения или делимости гена получила название центровой.
Неправомочность представлений гене как о единице рекомбинации была доказана в 40-х годах XX века при изучении некоторых генов экспериментами по внутригенному кроссинговеру на дрозофиле по локусам
lozenge, white и др. (работы Э. Льюиса, М. Грина и др.). В частности, у Dr. melanogaster в системе lozenge (безфасеточные глаза) известно 18 аллелей, относящихся к 3 генам.
М. Грин и К. Грин (1949г.) смогли получить гетерозигот lzBS // lzg, в потомстве которых с частотой всего 0,1% появлялись особи с нормальными глазами (дикий тип), а также особи с более сильным мутантным проявлением,
Полесский государственный университет |
291 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn292x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
чем любой из исходных аллелей. Такое могло произойти только вследствие кроссинговера внутри гена lz. Это явление, названное псевдоаллелизм, доказывало, что рекомбинация, хотя и редко, может происходить в пределах одного гена. Следовательно, несостоятельным оказался и второй критерий аллелизма Т. Моргана – рекомбинационный. Сам же термин «псевдоаллелизм» возник из-за желания ученых спасти представление о неделимости гена.
Таким образом, открытие таких явлений как ступенчатый аллелизм и псевдоаллелизм позволило выявить противоречия между рекомбинационным
молекулярно-биологическом уровне.
и функциональным критериями аллелизма, которые послужили основой для первогоÏолесÃÓкризиса в теории гена. Разрешение этого кризиса стало возможным только тогда, когда сами гены стали объектом пристального изучения уже на
Цис-транс-тест (cis-trans-test) [лат. cis – по эту сторону; лат. trans – через, за пределами; англ. test – испытание] – генетический метод анализа, позволяющий выявить принадлежность рецессивных мутаций одному или разным генами. Для проведения Ц.-т.-т. и ледуемые мутации сочетают в транс- и цис-положениях. В первом лучае крещивают особей, несущих по одной анализируемой мутации, во втором – крещивают особь, несущую обе мутации, с особью дикого (нормального) типа. Е ли мутации, сочетаемые в транс-положении (транст ст, или функциональный тест на аллелизм), принадлежат разным генам, то гибридный организм автоматически получает и по неповрежденной копии каждого г на. В этом случае рецессивные мутации не проявляются, и гибрид им т нормальный фенотип (мутации комплементарны). Ес и четаемые мутации принадлежат одному гену, то в гибриде обе к пии данн го гена повреждены, и обнаруживается мутантный фенотип (мутации нек мп ементарны). Метод предложен Э. Льюисом в 1951 г. С. Бензер в 1957 г. предл жил единицу, определяемую Ц.-т.-т., называть
цистроном.
Полесский государственный университет |
292 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn293x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
Таким образом, после доказательства генетической роли нуклеиновых кислот и расшифровки структуры молекулы ДНК С. Бензер в экспериментах на бактериофаге Т4 показал, что наименьшими мутирующими элементами гена являются отдельные пары нуклеотидов, и кроссинговер может происходить между двумя парами нуклеотидов. Было окончательно постулировано, что ген представляет собой определенный участок ДНК, состоящий из нескольких тысяч пар нуклеотидов, способных мутировать и быть разделенными рекомбинацией, но функционально представляющий единое целое.
Сплайсинг (от англ. splice – сращивать или склеивать концы чего-либо) – процесс вырезания определѐнных нуклеотидных последовательностей из молекул РНК и соединения последовательностей, сохраняющихся в «зрелой» молекуле, в ходе обработки РНК. Наиболее часто этот процесс встречается при созревании матричной, или информационной, РНК (мРНК) у эукариот, при этом путѐм биохимических реакций с участием РНК и белков из мРНК удаляются участки, не кодирующие белок (интроны) и соединяются друг с другом кодирующие аминокислотную по ледовательность участки – экзоны. Таким образом незрелая пре-мРНК превращает я в зрелую мРНК, с которой считываются (транслируются) белки клетки. Большинство генов прокариот, кодирующих белки, не им ют интронов, поэтому у них сплайсинг пре-мРНК встречается редко. У представит й эукариот, бактерий и архей встречается также сплайсинг транспортных РНК (тРНК) и других некодирующих РНК.
ХОД РАБОТЫ:
Задание 1. В таб ице приведены результаты теста на комплементарность для десяти т чк вых мутаций. «+» – комплементация мутации; «-» – отсутствие к мплементации. По результатам, приведенным в таблице, определите группы к мплементации.
мутант |
1 |
2 |
3 |
4 |
5 |
6 |
7 |
8 |
9 |
10 |
1 |
- |
+ |
+ |
+ |
+ |
- |
- |
+ |
+ |
+ |
2 |
|
- |
+ |
+ |
+ |
+ |
+ |
+ |
+ |
- |
3 |
|
|
- |
- |
- |
+ |
+ |
- |
- |
+ |
4 |
|
|
|
- |
- |
+ |
+ |
- |
- |
+ |
5 |
|
|
|
|
- |
+ |
+ |
- |
- |
+ |
6 |
|
|
|
|
|
- |
- |
+ |
+ |
+ |
|
Ïолесà |
Ó |
|
|
||||||
7 |
|
|
|
|
|
|
- |
+ |
+ |
+ |
8 |
|
|
|
|
|
|
|
- |
- |
+ |
9 |
|
|
|
|
|
|
|
|
- |
+ |
10 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
- |
Анализируем поочередно горизонтальные строки.
Полесский государственный университет |
293 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn294x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
1. Мы видим, что при скрещивании мутанта 1 с мутантами 1, 6 и 7 не происходит комплементации (-), следовательно, эти мутации затрагивают одну область гена, поэтому мы можем отнести эти мутации к одной группе комплементации. При скрещивании мутанта 1 с мутантами 2, 3, 4, 5, 8, 9 и 10 происходит комплементация мутации (+), следовательно, эти мутации затрагивают разные области гена, поэтому мы можем отнести эти мутации к другой группе комплементации.
И т.д….
Ответ: группа 1 – мут. 1, 6, 7; группа 2 – …
ÏолесÃÓ
Полесский государственный университет |
294 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn295x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
Лабораторная работа № 12
ТЕМА: Генетический код (4 часа)
ЦЕЛЬ РАБОТЫ: Изучить этапы биосинтеза белка, транскрипцию, трансляцию; свойства генетического кода; перенос информации в клетке.
КРАТКИЕ ТЕОРЕТИЧЕСКИЕ СВЕДЕНИЯ:
Этапы биосинтеза белка:
1. Транскрипция (переписывание информации с ДНК на иРНК). В определенном участке ДНК разрываются водородные связи, получается две одинарных цепочки. На одной из них по принципу комплементарности строится иРНК. Затем она отсоединяется и уходит в цитоплазму, а цепочки ДНК снова соединяются между собой.
2. Процессинг (только у эукариот) – созревание иРНК: удаление из нее участков, не кодирующих белок, а так же присоединение управляющих участков.
3. Экспорт иРНК из ядра в цитоплазму (только у эукариот).
Происходит через ядерные поры; в его эк портируется примерно 5% от общего количества иРНК в ядре.
4. Синтез аминоацил-тРНК. В цитоплазме имеется 61 фермент аминоацил-тРНК-синтетаза. Он компл м нтарно узнает аминокислоту и тРНК, которая до жна ее п р носить, и со диняет их между собой, при этом затрачивается 1 АТФ.
5. Трансляция (синтез бе ка). Внутри рибосомы к кодонам иРНК по принципу к мплементарн сти присоединяются антикодоны тРНК. Рибосома соединяет между б й амин кис оты, принесенные тРНК, получается белок.
6. С зревание белка. Вырезание из белка ненужных фрагментов, присоединение небелк вых компонентов (например, гема), соединение нескольких полипептидов в четвертичную структуру.
Генетиический |
код |
– |
свойственный |
|
всем живым |
||||
организмам способ кодирования последовательности аминокислотных |
|
||||||||
остатков в составе белков при |
помощи |
последовательности нуклеотидов в |
|||||||
составе нуклеиновой кислоты. |
|
|
|
|
|
|
|
||
ÏолесÃÓ |
основания – |
||||||||
В ДНК используется |
|
четыре |
|
азотистых |
|
||||
аденин (А), гуанин (G), цитозин (С), тимин (T), |
которые в |
|
русскоязычной |
||||||
литературе |
обозначаются |
буквами А, Г, Ц и Т. |
Эти |
|
буквы |
||||
составляют алфавит генетического кода. |
В РНК используются |
те |
же |
||||||
нуклеотиды, |
за исключением |
нуклеотида, |
содержащего тимин, |
который |
заменѐн похожим нуклеотидом, содержащим урацил, который обозначается
буквой U (У в |
русскоязычной |
литературе). |
В |
|
|
|
|
|
|
|
|
Полесский государственный университет |
|
295 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn296x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
молекулах ДНК и РНК нуклеотиды выстраиваются |
в цепочки |
и, таким |
|||
образом, получаются последовательности генетических букв. |
|
||||
Белки |
практически |
всех |
живых |
организмов |
построены |
из аминокислот всего 20 видов. Эти аминокислоты называют каноническими. Каждый белок представляет собой цепочку или несколько цепочек аминокислот, соединѐнных в строго определѐнной последовательности. Эта последовательность определяет строение белка, а следовательно все его
биологические свойства. |
|
|
Свойства генетического кода: |
|
|
1. |
Триплетность – значащей единицей |
кода является сочетание |
|
ÏолесÃÓ |
|
трѐх нуклеотидов (триплет, или кодон). |
|
|
2. |
Непрерывность – между триплетами нет знаков препинания, то |
|
есть информация считывается непрерывно. |
|
|
3. |
Неперекрываемость — один и тот |
же нуклеотид не может |
входить одновременно в состав двух или более триплетов (не соблюдается для
некоторых |
перекрывающихся |
генов вирусов, митохондрий и бактерий, |
которые кодируют несколько белков, |
читывающих я со сдвигом рамки). |
|
4. |
Однозначность (специфично ть) – определѐнный кодон |
соответствует только одной аминоки лоте (однако, кодон UGA у Euplotes
crassus кодирует две аминокислоты – ци т ин и |
еленоцистеин). |
||
5. |
Вырожденность (избыточно ть) – одной и той же аминокислоте |
||
может соответствовать несколько кодонов. |
|
||
6. |
Универса ьность – |
г н тич ский |
код работает одинаково в |
организмах |
разного уровня |
ожности – от вирусов до человека (на этом |
основаны мет ды генн й инженерии; есть ряд исключений, показанный в таблице раздела «Вариации стандартного генетического кода» ниже).
7. |
П мех уст йчив сть – мутации замен |
нуклеотидов, |
не |
|||||
приводящие |
к |
смене |
класса |
кодируемой |
аминокислоты, |
называют к нсервативными; мутации замен нуклеотидов, приводящие к смене класса кодируемой аминокислоты, называют радикальными.
8. Знаки препинания – триплеты выполняют функцию знаков препинания.
В процессе размножения клеток генетическая информация передается от одного поколения клеток другому. При этом все клетки получают одинаковую информацию. Это, возможно, вследствие того, что перед делением клетки осуществляется репликация (удвоение) ДНК, в результате образуются две идентичные молекулы ДНК, которые и передаются потомкам. В структуре ДНК заложена способность этой молекулы к копированию.
Закодированная в ДНК генетическая информация реализуется в результате экспрессии генов. Экспрессия генов включает транскрипцию (копирование информации с ДНК на синтезируемую
Полесский государственный университет |
296 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn297x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
РНК) и последующую трансляцию (синтез на матрице РНК соответствующего белка).
Возможен поток информации и в направлении от РНК к ДНК, этот процесс носит название обратная транскрипция. В то же время информация не передается от белков нуклеиновым кислотам. Однако следует отметить, что белки играют важную роль в осуществлении процессов передачи информации, как между нуклеиновыми кислотами, так и от нуклеиновых кислот к белкам.
ХОД РАБОТЫ:
Задание 1. Нарисуйте схему биосинтеза белка: ÏолесÃÓ
Полесский государственный университет |
297 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn298x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
Задание 2. Решите задачи, используя следующие правила:
Один шаг это полный виток спирали ДНК–поворот на 360o;Один шаг составляют 10 пар нуклеотидов;Длина одного шага – 3,4 нм;
Расстояние между двумя нуклеотидами – 0,34 нм;Молекулярная масса одного нуклеотида – 345 г/моль;
Молекулярная масса одной аминокислоты – 120 г/мол;В молекуле ДНК: А+Г=Т+Ц (Правило Чаргаффа: ∑(А) = ∑(Т), ∑(Г) =
∑(Ц), ∑(А+Г) =∑(Т+Ц);
Комплементарность нуклеотидов: А=Т; Г=Ц;ЦепиÏолесÃÓДНК удерживаются водородными связями, которые образуются
между комплементарными азотистыми основаниями: аденин с тимином соединяются 2 водородными связями, а гуанин цитозином тремя;
В среднем один белок содержит 400 аминокислот;вычисление молекулярной массы белка:
где Мmin – минимальная молекулярная ма а белка, а – атомная или молекулярная мас а компон нта, в – процентное содержание компон нта.
Таблица1. – Генетический код
Полесский государственный университет |
298 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn299x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
Задача 1.Одна из цепочек ДНК имеет последовательность нуклеотидов : АГТ АЦЦ ГАТ АЦТ ЦГА ТТТ АЦГ ... Какую последовательность
нуклеотидов имеет вторая цепочка ДНК той же молекулы? |
|
||||
Задача |
2. Последовательность нуклеотидов в начале гена, |
хранящего |
|||
информацию |
о |
белке |
инсулине, |
начинается |
так: |
ААА ЦАЦ |
ЦТГ |
ЦТТ ГТА |
ГАЦ. Напишите |
последовательности |
аминокислот, которой начинается цепь инсулина.
Задача 3. Большая из двух цепей белка инсулина имеет (так называемая цепь В) начинается со следующих аминокислот: фенилаланин-валин-
аспарагин-глутаминовая |
кислота-гистидин-лейцин. |
Напишите |
ÏолесÃÓ |
|
|
последовательность нуклеотидов в начале участка молекулы ДНК, хранящего |
||
информацию об этом белке. |
|
|
Задача 4. Участок гена |
имеет следующее строение, |
состоящее из |
последовательности нуклеотидов: ЦГГ ЦГЦ ТЦА ААА ТЦГ ... Укажите строение соответствующего участка белка, информация о котором содержится в данном гене. Как отразится на строении белка удаление из гена четвертого нуклеотида?
Задача 5. Вирусом табачной мозаики (РНК-содержащий вирус) синтезируется участок белка с аминоки лотной по ледовательностью: Ала – Тре – Сер – Глу – Мет-. Под д й тви м азоти той кислоты (мутагенный фактор) цитозин в результате д заминирова ния превращается в урацил. Какое
строение будет иметь участок б лка вируса |
табачной мозаики, |
если все |
||||
цитидиловые |
нук еотиды |
подв ргнутся |
указанному |
химическому |
||
превращению? |
|
|
|
|
|
|
Задача |
6. При |
синдр ме Фанкоми (нарушение образования |
костной |
|||
ткани) у б льн го |
м чой выделяются |
аминокислоты |
, |
которым |
соответствуют к д ны в и -РНК : АУА ГУЦ АУГ УЦА УУГ ГУУ АУУ. Определите, выделение каких аминокислот с мочой характерно для синдрома Фанкоми, если у зд р в го человека в моче содержатся аминокислоты аланин, серин, глутаминовая кислота, глицин.
Задача 7. Цепь А инсулина быка в 8-м звене содержит аланин, а лошади
– треонин, в 9-м звене соответственно серин и глицин. Что можно сказать о происхождении инсулинов?
Задача 8 . Исследования показали, что в и- РНК содержится 34% гуанина,18% урацила, 28% цитозина и 20% аденина.Определите процентный состав азотистых оснваний в участке ДНК, являющейся матрицей для данной и-РНК.
Задача 9. На фрагменте одной нити ДНК нуклеотиды расположены в последователь ности: А–А–Г–Т–Ц–Т–А–Ц–Г–Т–А–Т. Определите процентное содержание всех нукле отидов в этом фрагменте ДНК и длину гена.
Задача 10. В молекуле ДНК на долю цитидиловых нуклеотидов приходится 18%. Определите процентное содержание других нуклеотидов в
Полесский государственный университет |
299 |
![](/html/72340/1107/html_j84UAVkgH9.u6Fu/htmlconvd-kJW_Hn300x1.jpg)
Генетика с основами биометрии
этой ДНК.
Задача 11. В молекуле ДНК обнаружено 880 гуанидиловых нуклеотидов, которые составляют 22% от общего числа нуклеотидов в этой ДНК. Определите: а) сколько других нуклеотидов в этой ДНК? б) какова длина этого фрагмента?
Задача 12. Дана молекула ДНК с относительной молекулярной массой 69 000, из них 8625 приходится на долю адениловых нуклеотидов. Найдите количество всех нуклеотидов в этой ДНК. Определите длину этого фрагмента.
Задача 13. Что тяжелее: белок или его ген?
Задача 14. Гемоглобин крови человека содержит 0, 34% железа. ВычислитеÏолесÃÓминимальную молекулярную массу гемоглобина.
Задача 15. Альбумин сыворотки крови человека имеет молекулярную массу 68400. Определите количество аминокислотных остатков в молекуле этого белка.
Задача 16. Белок содержит 0,5% глицина. Чему равна минимальная молекулярная масса этого белка, если М глицина = 75,1? Сколько аминокислотных остатков в этом белке?
Полесский государственный университет |
300 |