- •Оглавление
- •ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
- •Тема 1 Метод эквивалентных преобразований
- •Тема 2 Метод напряжения между двумя узлами
- •Тема 3 Метод эквивалентного генератора
- •ГЛАВА 2 ОДНОФАЗНЫЕ ЦЕПИ СИНУСОИДАЛЬНОГО ТОКА
- •Тема 1 Расчет действующих значений токов и напряжений
- •Тема 2 Символический метод расчета
- •Тема 3 Анализ резонансных режимов
- •Тема 4 Анализ цепей с взаимной индуктивностью
- •ГЛАВА 3 РАСЧЕТ ТРЕХФАЗНЫХ ЦЕПЕЙ
- •Тема 1 Расчет цепей с симметричной системой ЭДС
- •Тема 2 Расчет цепей с несимметричной системой ЭДС
- •Тема 1 Однофазные цепи несинусоидального тока
- •Тема 2 Высшие гармоники в трехфазных цепях
- •ГЛАВА 5 ПЕРЕХОДНЫЕ ПРОЦЕССЫ
- •ГЛАВА 7 МАГНИТНЫЕ ЦЕПИ ПОСТОЯННОГО ТОКА
- •ГЛАВА 8 НЕЛИНЕЙНЫЕ ЦЕПИ ПЕРЕМЕННОГО ТОКА
- •ГЛАВА 9 ЦЕПИ С РАСПРЕДЕЛЕННЫМИ ПАРАМЕТРАМИ
- •ЗАКЛЮЧЕНИЕ
- •БИБЛИОГРАФИЧЕСКИЙ СПИСОК
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 2 Метод напряжения между двумя узлами
Отсюда
V =U |
10 |
= |
G1E1 +G2 E0 |
= 0,025 125 + 0,0277 120 = 92,78 В. |
||
|
||||||
1 |
|
G1 |
+G2 |
+G4 |
0,025 + 0,0277 + 0,0166 |
|
|
|
|
2. Вычислим токи:
I1= G1(E1 −V1) = 0,025(125 −92,78) = 0,8 А;
I2 = G2 (V2 −V1) = 0,0277(120 −92,78) = 0,756 А;
I3 = G3 V2 = 0,0166 120 = 2 А;
I4 = G4V1 = 0,0166 92,78 =1,55 А;
I0 = I2 + I3 = 0,756 + 2 = 2,756 А.
Тема3 Метод эквивалентного генератора
Этот метод дает возможность вычислить ток в одной ветви схемы, а также при необходимости заменить часть схемы эквивалентной ей активной ветвью.
Занятие1
Цель занятия: научиться заменять разветвленную цепь эквивалентной ей одноконтурной с подлежащим определению током.
Рассмотрим порядок решения целевой задачи.
|
|
a |
In |
|
|
a |
In |
|||||
|
E1, E2,..., Em |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Rn |
|
|
J1, J2,..., Jk |
|
|
|
|
Rn |
|
A |
|
|
|
|
|
R1, R2,..., Rn−1 |
b |
|
|
|
|
|
|
b |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
Рис. 1.44 |
|
|
|
|
|
Рис. 1.45 |
|
|
|
||
Прежде всего схему разбиваем на две части: резистор с |
||||||||||||
сопротивлением Rn (ток в котором In |
нужно вычислить) и всю остальную |
часть схемы, которая будет питать этот резистор (рис. 1.44).
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-41- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
|
|
|
a |
|
Заключенная в прямоугольник |
часть |
||||
|
|
|
|
схемы является |
активным |
двухполюсником |
||||
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
||||||
Eг |
|
In |
|
(рис. 1.45). |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
Любой активный двухполюсник можно |
||||||
|
|
|
|
|
|
заменить эквивалентным |
ему |
генератором |
||
|
|
|
Rn |
|
|
(рис. 1.46). ЭДС генератора равна напряжению |
||||
|
|
|
|
|
||||||
Rг |
|
|
|
|
между зажимами a и b активного |
|||||
|
|
|
|
|
|
двухполюсника в режиме холостого хода. |
||||
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
Внутреннее сопротивление |
генератора |
равно |
||
|
|
|
b |
|||||||
|
|
|
Рис. 1.46 |
|
эквивалентному |
сопротивлению |
пассивного |
|||
|
|
|
|
|
|
двухполюсника |
относительно |
входных |
зажимов. Пассивный двухполюсник получают из активного, закорачивая идеальные источники ЭДС и разрывая идеальные источники тока.
Таким образом, исходную схему произвольной конфигурации можно заменить одноконтурной схемой, а расчетный ток вычислить по следующей
формуле: |
|
Eг |
|
|
U xx |
|
|
|
|
||
In = |
|
= |
|
|
|||||||
Rг + Rn |
|
|
|
||||||||
|
|
Rг + Rn |
|||||||||
|
|
Задача1 |
|
|
|
|
|
|
|||
Вычислить ток I5 в схеме рис. 1. 47, если Е = 36 В, R1 = R4 =6 Ом, |
|||||||||||
R2 = R3 = 3 Ом, R5 = 2 Ом. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
|
|
R1 |
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
a |
R5 |
|
b |
|
|
3 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R4 |
|
|
|
R2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 1.47
Решение
1. Делим схему на две части: резистор сопротивлением R5 и активный
двухполюсник, который заменим эквивалентным ему генератором. Для этого нужно определить Ег =U xx и Rг .
2. Чертим схему активного двухполюсника в режиме холостого хода относительно резистора сопротивлением R5 (рис. 1.48).
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-42- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
с
Ix |
|
|
I1x |
|
|
|
I2x |
|
E |
|
|
|
R1 a Uxx |
b R3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
R2 |
R4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
d |
|
|
|
|
||
|
Рис. 1.48 |
|
|
|
|
|||
3. Записываем выражение для напряжения Uxx , рассчитав изменение |
||||||||
потенциалов между точками b |
и а: U xx = R3I2x − R1I1x . Предварительно |
нужно выявить узлы (c и d) и ветви, указать направления токов, начиная с активной ветви. Чтобы отличать токи в ветвях цепи в режиме холостого хода от токов в этих же ветвях в исходной схеме, им присваивают индекс «х».
4. Вычисляем токи I1x и I2x наиболее рациональным методом. Напряжение Ucd = E , поэтому расчетные токи можно определить по
закону Ома:
I1x = R1 +E R2 = 369 = 4 А, I2x = R3 E+ R4 = 369 = 4 А.
Тогда
U xx = Eг = 3 4 −6 4 = −12 В.
Пунктирной стрелкой укажем действительное направление U xx .
Примечание. Аналогичная задача по определению Uab была
рассмотрена в практическом занятии 2 темы 1.
4. Проводим расчет сопротивления Rг – эквивалентного
сопротивления пассивного двухполюсника (рис. 1.49) относительно входных зажимов а и b. Пассивный двухполюсник получаем из активного, закорачивая источник ЭДС.
c
R1 |
R3 |
a |
b |
R |
R4 |
2 |
|
d |
|
Рис. 1.49 |
|
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-43- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
На рис. 1.50 пассивный двухполюсник перерисован в более наглядном виде (см. занятие 1 темы 1).
R |
|
R3 |
1 |
|
|
a |
c,d |
b |
|
||
R2 |
|
R4 |
|
Рис. 1.50 |
|
В этой схеме
R = |
R1 R2 |
+ |
R3 R4 |
= 4 Ом. |
||
|
|
|||||
г |
R + R |
2 |
|
R + R |
4 |
|
|
1 |
|
3 |
|
6. Вычислим ток I5 по формуле
I5 = RгE+гR5 = 412+ 2 = 2 А.
Задача2
Вычислить ток I2 в схеме рис. 1.51, если E =144 В, R1 = R5 = 24 Ом, R2 = 4Ом, R3 = R4 =12 Ом.
Решение
1.Разделим схему на две части.
2.Изобразим схему активного двухполюсника (рис. 1.52).
R1 |
|
Ix |
R1 |
|
|
a R2 b |
R3 |
a |
b |
R3 I3x |
c |
|
|
Uxx |
|
I5x |
|
E |
R5 |
E |
|
R5 |
|
R4 |
|
R4 |
|
||
|
|
|
d |
|
|
Рис. 1.51 |
|
|
Рис. 1.52 |
|
|
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-44- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
3.Запишем выражение для напряжения U xx , предварительно выявив узлы, ветви, направив токи: U xx = −R4 I3x + E .
4.Определим ток I3x методом эквивалентных преобразований. Эквивалентное сопротивление схемы
Rэ = R1 + R5 (R3 + R4 ) = 36 Ом.
R5 + R3 + R4
Ток Ix в свернутой схеме определим по закону Ома:
|
|
|
|
|
Ix = |
|
E |
= |
144 |
= 4 |
А. |
|
|
|
|
|
|
|
36 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
Rэ |
|
|
||
Тогда ток |
I3x |
= |
|
R5 |
|
Ix = |
2 А. |
|
|
||
R3 |
+ R4 |
+ R5 |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Напряжение U xx = −12 2 +144 =120 В.
Примечание. Подробное решение аналогичной задачи приведено в занятии 2 темы 1.
5.Рассчитаем сопротивление Rг , равное эквивалентному
сопротивлению пассивного двухполюсника (рис. 1.53) относительно входных зажимов а и b. Более наглядно последний изображен на рис. 1.54.
Эквивалентное сопротивление
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R1 R5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ R3 |
|
R4 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ R |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
R |
г |
= |
|
1 |
5 |
|
|
|
|
|
= 8 Ом. |
||||||||||
|
|
|
R1 |
R5 |
|
+ R |
+ R |
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R1 + R5 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
R1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R4 |
|||||||
a |
|
|
|
|
|
|
R3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
b |
|
|
c |
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
b |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R1 |
|||||
|
|
R4 |
|
|
|
|
|
|
R5 |
|
|
|
a,d |
|
|
|
|
|
c |
R3 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R5 |
||||||||||
|
|
|
d |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 1. 54 |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
Рис. 1.53 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-45- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
6. Вычислим ток I2 :
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I2 = |
Eг |
= 120 =10 |
А. |
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Rг + R2 |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
8 + 4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Вычислить ток I6 в схеме рис. 1.55, если Е = 40 В, J = 3 A, R1 = 4 Ом, |
||||||||||||||||||||||||
R2 = 6 Ом, R3 =10 Ом, R4 = 2 Ом, R5 = 3 Ом, R6 = 2,8 Ом. |
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
c |
|
|
|
||
E |
|
|
|
R |
|
|
|
J |
|
E |
R3 |
|
|
|
J |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
R1 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
R5 |
R1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R5 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
I3x R |
|
|
|||||
|
|
R |
|
|
R |
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
4 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
2 |
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
d |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I1x |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
a R6 |
b |
|
|
a |
b |
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Uxx |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
Рис. 1.55 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 1.56 |
|
|
|
Решение
1.Разделим схему на две части.
2.Изобразим схему активного двухполюсника (рис. 1.56).
3.Запишем выражение для напряжения U xx:Uxx = R2 I1x + R4 J .
4.Вычислим ток I1x методом напряжения между двумя узлами:
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
E − J |
|
|
||||
|
|
|
|
R + R |
2 |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Ucd |
= |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
= 5 В. |
|||||
|
|
1 |
|
|
|
|
+ |
1 |
|
||||||
|
|
|
|
|
R + R |
2 |
|
R |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|||
I1x = |
|
E −Ucd |
= |
|
40 −5 |
= 3,5 |
А. |
||||||||
|
|
10 |
|
||||||||||||
|
|
R1 + R2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||
Примечание. Подробное |
|
решение |
аналогичной задачи приведено |
||||||||||||
в практическом занятии 1 темы 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Тогда напряжение U xx |
= 6 3,5 + 2 3 = 27 В. |
|
5. Рассчитаем сопротивление Rг . Схема пассивного двухполюсника приведена нарис. 1.57.
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-46- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
R1 |
|
|
|
|
|
R2 |
R3 |
|
|
|
|
|
R4 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
b |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 1.57 |
|
|
|
|||||||||
R = R |
4 |
+ |
R2 (R1 + R3 ) |
= 6,2 Ом. |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
г |
|
|
|
|
R2 |
+ R1 + R3 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
6. Вычислим ток I6 : |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I6 |
= |
|
|
|
Eг |
|
= |
|
27 |
|
|
|
=3 А. |
||||||
|
|
|
|
|
6,2 + 2,8 |
||||||||||||||
|
|
|
Rг + R6 |
|
|
|
Следующие задачи решите самостоятельно.
Задача4
Вычислить ток I2 в схеме рис. 1.58, если Е = 72 В, R1 = R4 =12 Ом,
R2 = R3 = R5 = 6 Ом.
Ответ: I2 = 6 А.
Задача5
Вычислить ток I1 в схеме рис. 1.59, если J =1 А, E1 =1 В, R1 =1,6 Ом, R2 =1 Ом, R3 = 2 Ом, R4 = R6 = 3 Ом, R5 = 4 Ом.
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-47- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
|
R1 |
R2 |
|
R3 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
E1 |
R1 |
|
E |
R4 R |
R4 |
R5 |
||
|
|||||
R2 |
3 |
|
|
|
|
R6 |
R5 |
J |
|
Рис. 1.59 |
Рис. 1.58 |
|
Ответ: I1 = 0,2 А.
Следующие задачи даны для самопроверки.
Задача6
Вычислить ток I2 в схеме рис. 1.60, если E1 =10 В, E3 = 4 В, R1 = 4 Ом, R2 =1 Ом, R3 = 4 Ом.
R1 |
E3 |
|
R2 |
E1 |
R3 |
Рис. 1.60
Ответ: I2 =1 А.
Задача7
Вычислить ток I3 в схеме рис. 1.61, если Е = 45 В, R1 =10 Ом, R2 = 20 Ом, R3 = 5,9 Ом, R4 = 5 Ом, R5 = 30 Ом.
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-48- |
|
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА |
|
|
|
|||||||||
|
|
Тема 3 Метод эквивалентного генератора |
|
|
|
||||||||
|
|
|
R1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R2 |
R3 |
|
|
|
R4 |
|
R5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 1.61 |
|
|
|
|
|
|
|||
Ответ: |
I3 = 4 А. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача8 |
|
|
|
|
|
|
||||
В схеме рис. 1.62 установить зависимость I2 = f (R2 ), если E1 = 36 В, |
|||||||||||||
E4 =18 В, R1 = 3 Ом, R2 = 7,6 Ом, R3 = 7 Ом, R4 = R5 =10 Ом. |
|
|
|||||||||||
|
|
|
Пояснение к решению |
|
|
|
|
||||||
Зависимость |
I2 = f (R2 ) |
получаем |
при |
решении |
методом |
||||||||
эквивалентного генератора, |
так как |
I |
2 |
= |
|
Eг |
. Значения E |
г |
и |
R нужно |
|||
|
|
|
|
|
|
Rг + R2 |
|
|
|
г |
|||
вычислить, величину сопротивления R2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||
полагаем переменной. |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
Решение |
|
|
|
|
|
|
||||
1. Вычислим Ег =U xx |
на входных зажимах активного двухполюсника |
||||||||||||
(рис. 1.63): |
|
|
U xx = E1 − R1 I1x . |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
R1 |
|
R |
|
|
|
|
|
R |
|
R |
|
A |
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
1 |
|
3 |
|
|
|
|
I2 |
R4 |
|
|
|
|
|
I1x |
|
R4 |
|
|
|
E1 |
R2 |
|
R5 |
|
|
|
|
E1 |
|
Uxx |
|
|
R5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
E4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
Рис. 1.62 |
|
|
|
|
|
|
Рис. 1.63 |
|
B |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
2. Ток I1x рационально определить методом напряжения между двумя |
|||||||||||||
узлами А и В: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-49- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
|
|
|
E1 |
|
|
− |
E4 |
|
|
|
|
|
|
36 |
|
− |
18 |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
R1 + R3 |
|
R4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3,6 −1,8 |
|
||||||
U ABx = |
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
3 + 7 |
10 |
|
|
= |
= 6 В. |
||||||||||||
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
1 |
1 |
|
0,3 |
|||||||||||||||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
+ |
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
+ |
|
+ |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
R + R |
R |
4 |
|
R |
3 |
+ 7 |
10 |
10 |
|
|
|
|
|||||||||||||
1 |
3 |
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Тогда ток I1x = R1 +1 R3 (E1 −U ABx )= 101 (36 −6)= 3 А.
Напряжение U xx = Eг = Е1 − R1 I1x = 36 −3 3 = 27 В.
Вычислим Rг – эквивалентное сопротивление пассивного двухполюсника (рис. 1.64) относительно входных зажимов:
R1 R3
R4
R5
Рис. 1.64
|
|
|
R = |
R1 (R3 + R45 ) |
= 3 (7 +5) |
= 2,4 Ом, |
||||||
|
|
|
||||||||||
|
|
|
г |
|
R1 + R3 |
+ R45 |
3 + 7 +5 |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
где R45 |
= |
R4 R5 |
= 5 Ом. |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
R4 + R5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3. |
Получим зависимость |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
I2 = f (R2 )= |
|
Eг |
= |
|
27 |
|
||
|
|
|
|
Rг + R2 |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2,4 + R2 |
Теорему об активном двухполюснике и эквивалентном ему генераторе можно использовать для преобразования сложных схем в одноконтурные, что позволяет существенно упростить решение многих задач. Рассмотрим в качестве примера следующую задачу.
Задача9
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-50- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
Рассчитать все токи в схеме (рис. 1.65), если |
Е1 = 48 В, Е2 = 24 В, |
||||||||||||||||
Е0 =12 В, Е3 =12 В, R1 = 3 Ом, R2 = R0 = 6 Ом, R3 = R4 = 2 Ом. |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
A |
I4 |
R4 |
|
C |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
E2 |
|
|
|
E0 |
|
|
E0 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I0 |
|
|
I0 |
|
|
|
I0 |
|
|
|
E1 |
|
R2 |
|
|
|
R |
|
|
R0 |
|
|
|
R0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I1 |
|
I2 E3 |
R3 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
|
I3 |
|
|
D |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 1.65 |
|
|
|
|
|
|
|
|||
1. Превратим |
схему (рис. 1.65) |
в одноконтурную с током I3 = I4 , |
заменив активные двухполюсники с выходными зажимами AB и CD эквивалентными им генераторами.
2. Определим параметры эквивалентных генераторов. Для участка АВ
|
1 |
48 − |
1 |
24 |
|
|||
ЕАВ = |
G1E1 −G2 E2 |
= |
3 |
6 |
= 24 B, |
|||
|
|
1 |
|
1 |
|
|||
|
G1 +G2 |
+ |
|
|
||||
|
|
|
|
3 |
6 |
|
|
|
RAB = |
R1 R2 |
= |
|
3 6 |
= 2 |
Ом. |
||||||
|
|
|
|
3 + 6 |
|||||||||
|
|
R1 + R2 |
|
|
|
||||||||
Для участка CD |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
ECD = |
G0 E0 +G0 E0 +G0 E0 |
= |
3G0 E0 |
= E0 =12 B, |
|||||||||
|
|
|
|
||||||||||
|
G0 +G0 +G0 |
|
|
|
|
|
|
3G0 |
|
|
|||
|
R = |
R0 |
|
= 2 Ом. |
|
|
|||||||
|
|
|
|
||||||||||
|
|
CD |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3. Вычислим ток одноконтурной эквивалентной схемы (рис. 1.66):
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-51- |
ГЛАВА 1 РАСЧЕТ ЦЕПЕЙ ПОСТОЯННОГО ТОКА
Тема 3 Метод эквивалентного генератора
I3 = I4 = |
EAB + E3 − ECD |
= |
24 +12 −12 |
= 3 A. |
|
RAB + R4 + RCD + R3 |
2 + 2 + 2 + 2 |
||||
|
|
|
Напряжение U AB = EAB − RAB I3 = 24 − 2 3 = 18 В.
Напряжение UCD = ECD + RCD I3 =12 + 2 3 =18 В.
|
RCD |
C |
|
|
A I4 |
||
EAB |
|
ECD |
|
U AB |
UCD |
||
|
|||
UCD |
E3 |
RCD |
|
|
R3 |
||
|
B |
I3 D |
Рис. 1.66
4. Вычислим токи в тех частях схемы, которые были затронуты преобразованием, возвратившись к исходной схеме:
I1 = G1(E1 −U AB )= 13 (48 −18)=10 А,
I2 = G2 (E2 +U AB )= 16 (24 +18)= 7 А,
I0 = G0 (E0 −UCD )= 16 (12 −18)= −1 А.
Теоретические основы электротехники. Практикум |
-52- |