МатАн_ЛинАлг_080100 / Лекции_Математика_3_Интегральное исчисление
.pdfРешение.
∫cos3 x × sin2 xdx = ∫cos2 x × sin2 x cos xdx =
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t = sin x |
|
= ∫(1 |
- t 2 )t 2 dt = |
||||||||||||||
|
= ∫(1 - sin2 x) × sin2 x cos x dx = |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dt |
= cos xdx |
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
= ∫(t 2 - t 4 )dt = |
t3 |
- |
t5 |
|
+ C = |
sin3 x |
- |
sin5 x |
+ C . |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|||
2. Найти ∫sin4 xdx . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Решение. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
4 |
|
|
|
1 - cos 2x 2 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
||||||||
|
|
∫ |
sin |
|
xdx = |
∫ |
|
|
|
|
|
= |
|
|
∫ |
(1 - 2cos 2x + cos 2x)dx = |
||||||||||||||||
|
|
|
2 |
|
|
4 |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
3x |
|
|
|
|
|
|
|
sin 4x |
|||||||
= |
|
|
x |
- sin 2x |
+ |
|
∫(1 + cos 4x)dx = |
|
|
|
|
- sin 2x + |
|
|
|
+ C . |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
4 |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
8 |
||||||
1.1.3.3. Интегрирование простейших иррациональных функций |
||||||||||||||||||||||||||||||||
Иррациональная функция – |
это функция, которая содержит аргумент |
под знаком корня.
Для интегрирования таких функций применяются подстановки, приводящие интеграл от иррациональной функции к интегралам от рациональных дробей. Рассмотрим два случая.
1.1.3.3.1. Интеграл вида ∫ R(x, x , 3 x , 4 x ,…)dx
Для вычисления интегралов такого вида найдем наименьшее общее кратное (НОК) n показателей всех корней, присутствующих в интеграле. Тогда каждый из корней будет целой степенью корня n x . Введем затем подстановку t = n x . Тогда x = t n , dx = nt n−1dt . Перейдя под знаком интеграла к новой переменной t, получим интеграл от рациональной функции.
Пример. Найти ∫ |
|
xdx |
. |
||
|
|
|
|||
4 x3 + 1 |
|||||
|
Решение. НОК показателей корней равен 4. Поэтому
t = 4 x , x = t 4 , dx = 4t3 dt ,
21
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t2 |
4t3dt |
|
|
|
|
|
t5dt |
|
|
|
|
|
|
t 2 |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
xdx |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
∫ |
|
|
|
|
|
|
|
= ∫ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= 4∫ |
|
|
|
|
|
|
|
|
= 4∫ t 2 |
− |
|
|
|
|
dt = |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
+ 1 |
|
|
|
3 |
+ 1 |
|
3 |
+ 1 |
||||||||||||||||||||||
4 x3 |
+ 1 |
|
|
t |
t |
t |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
3 |
|
1 |
|
|
|
|
d (t |
3 |
+ 1) |
|
|
|
|
4 |
(t |
|
|
|
|
|
|
|
) + C = |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
= 4 |
t |
|
|
− |
|
∫ |
|
|
|
|
= |
3 − ln |
t3 + 1 |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
t3 + 1 |
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
3 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
4 |
4 |
|
|
|
− ln |
|
4 |
|
|
|
|
|
+ 1 |
|
+ C . |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1.1.3.3.2. Интеграл вида ∫ R(x, ax + b , 3ax + b,…)dx
Метод интегрирования случая из п. 1.1.3.3.1 переносится на данный случай. Если n – НОК всех корней, стоящих под знаком интеграла, то подстановка
t = nax + b сводит рассматриваемый интеграл к интегралу от рациональной функции.
Пример. Найти ∫ x -1dx . x
Решение. Положим t = x − 1 . Тогда x − 1 = t 2 , x = t 2 + 1, dx = 2tdt ,
|
|
x -1 |
|
|
|
t × 2tdt |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
dx = |
|
|
= 2 |
|
1 |
- |
|
dt = |
∫ |
|
|
∫ |
t 2 + 1 |
∫ |
|
||||||
x |
|
|
|
t 2 + 1 |
=2(t − arctg t) + C = 2( x − 1 − arctg x − 1) + C .
1.2.Определенный интеграл
1.2.1.Задачи, приводящие к понятию определенного интеграла
К понятию определенного интеграла приводят различные задачи физики, механики, геометрии, техники. Рассмотрим три такие задачи.
1.2.1.1. Задача о длине пути
Постановка задачи. Тело движется прямолинейно с переменной скоростью v = v(t) . Требуется найти путь L, пройденный телом с момента времени t = a до момента времени t = b .
Решение задачи. В частном случае, когда скорость v постоянна, из физики известна формула L = v(b − a) .
22
Рассмотрим общий случай, когда скорость является функцией времени t, то есть v = v(t) .
ξ1 |
ξ2 ξ3 |
ξn |
|
O t0 = a t1 |
t2 t3 |
tn−1 tn = b |
t |
|
|
|
|
|
РИС. 1.2.1 |
|
|
|
|
Построим числовую ось (рис. 1.2.1), соответствующую изменению време- |
|||||||
ни |
t. Разобьем отрезок [a,b] произвольным образом |
на n частей: [tk −1 , tk ], |
||||||
k = |
|
,5 |
(здесь t0 = a , tn = b ). Обозначим длины полученных промежутков че- |
|||||
1,n |
||||||||
|
|
k = |
|
. |
|
|
|
|
рез |
tk , |
1,n |
|
|
|
|||
|
В каждом промежутке выберем произвольную точку ξk [tk −1 ,tk ] , k = |
|
. |
|||||
|
1,n |
|||||||
|
Найдем значение пути L на каждом промежутке |
tk приближенно, счи- |
тая, что скорость на нем постоянна и равна значению скорости в точке ξk :
Lk ≈ v(ξk ) tk , k = 1,n .
Тогда для всего пути L получим приближенную формулу
L = L1 + L2 + …+ Ln ≈ v(ξ1 ) t1 + v(ξ2 ) t2 + …+ v(ξn ) tn .
Для записи полученной формулы воспользуемся символом суммы Σ (греческая буква «сигма»), тогда
n
L ≈ ∑v(ξk ) tk .
k =1
Точное значение пути L найдем, если перейдем в полученном равенстве к пределу, увеличивая количество промежутков разбиения и устремляя длину максимального промежутка к нулю
|
n |
|
L = lim |
∑v(ξk ) tk . |
(6) |
n→∞ |
|
|
max tk →0 k =1 |
|
5 Запись k = 1,n означает, что k принимает все целые значения от 1 до n, включительно.
23
1.2.1.2. Задача о массе стержня
Постановка задачи. Дан тонкий материальный стержень, расположенный на отрезке [a,b] оси x (рис. 1.2.2). Найти массу m этого стержня, если из-
вестна его линейная плотность ρ = ρ(x) .
ξ1 ξ2 |
ξ3 |
ξn |
|
O x0 = a x1 |
x2 x3 |
xn−1 xn = b |
x |
РИС. 1.2.2
Решение задачи. В частном случае, когда ρ = const , имеем m = ρ(b − a) .
Рассмотрим общий случай, когда ρ = ρ(x) .
Разобьем отрезок [a,b] оси Ox произвольным образом на n частей:
[xk −1 , xk ], k = 1,n , длины которых обозначим через xk .
Выберем произвольно точки ξk [xk −1 , xk ], k = 1,n .
Найдем массу mk каждой k-ой части приближенно, считая плотность этой части постоянной и равной ρ(ξk ) :
mk ≈ ρ(ξk ) xk .
Тогда для массы m всего стержня получим приближенную формулу
n |
|
|
|
m ≈ ∑ρ(ξk ) xk . |
|
||
k =1 |
|
|
|
Точное значение массы m получим по формуле |
|
||
|
|
n |
|
m = lim |
|
∑ρ(ξk ) xk . |
(7) |
n→∞ |
|
|
|
max x |
→0 k =1 |
|
|
k |
|
|
|
1.2.1.3. Задача о вычислении площади криволинейной трапеции
Прежде, чем перейти к постановке и решению задачи, дадим определение. Криволинейной трапецией называется плоская фигура, ограниченная осью 0x, вертикальными прямыми x = a , x = b и графиком функции y = f (x)
(рис. 1.2.3).
24
y |
|
y = f ( x) |
|
|
|
|
|
|
|
ξ1 |
ξ2 |
ξn |
|
|
O x0 = a x1 |
x2 |
xn−1 |
xn = b |
x |
РИС. 1.2.3
Постановка задачи. Найти площадь криволинейной трапеции, ограниченной осью Ox, вертикальными прямыми x = a , x = b и графиком функции y = f (x) , f (x) ³ 0 , x Î[a,b] .
Решение задачи. В частном случае, когда f (x) = C = const , криволиней-
ная трапеция является прямоугольником с основанием b - a и высотой C, а ее площадь находится по формуле S = C(b - a) .
Больший интерес представляет общий случай, когда функция отлична от постоянной, то есть y = f (x) .
Основание трапеции – отрезок [a,b] оси Ox разобьем произвольным обра-
зом на n частей: [xk −1 , xk ], k = 1,n , длины которых обозначим через xk . Прове-
дем через точки деления прямые, параллельные оси Oy. Тогда криволинейная
трапеция разобьется на n полосок. |
|
|
|
|
|
ξk [xk −1 , xk ], |
k = |
|
и найдем значения |
Выберем произвольно точки |
1,n |
|||
функции y = f (x) в этих точках: yk |
= f (ξk ) . |
|
|
|
Найдем площадь Sk каждой k-ой полоски приближенно, считая полоску |
||||
прямоугольником с высотой f (ξk ) и основанием |
xk . Тогда |
Sk ≈ f (ξk ) xk ,
а площадь всей криволинейной трапеции найдется по приближенной формуле
n
S ≈ ∑ f (ξk ) xk .
k =1
25
Перейдя к пределу при стремлении максимальной длины участка разбиения отрезка [a,b] к нулю, получим точную формулу для площади криволиней-
ной трапеции
|
|
n |
|
S = lim |
|
∑ f (ξk ) xk . |
(8) |
n→∞ |
|
|
|
max x |
→0 k =1 |
|
|
k |
|
|
|
1.2.2. Определение определенного интеграла
Нами были рассмотрены три различные задачи. Однако если отвлечься от их конкретного содержания, то решение каждой из них было связано с одинаковыми математическими выкладками. Все задачи свелись к вычислению предела суммы определенного вида (см. формулы (6)-(8)), что вызывает необходимость ввести новое понятие, связанное с таким пределом.
Рассмотрим функцию y = f (x) на отрезке x [a,b] и выполним следую-
щие построения.
1. Разобьем отрезок [a,b] произвольным образом на n частей: [xk −1 , xk ], k = 1,n , (здесь x0 = a , xn = b ) и положим xk = xk − xk −1 , k = 1,n .
2.В каждом отрезке [xk −1 , xk ] выберем произвольную точку ξk и найдем значения функции f (ξk ) .
3.Составим сумму
n
∑ f (ξk ) xk .
k =1
Эта сумма называется интегральной суммой для функции f (x) на от-
резке [a,b] . Она зависит от способа разбиения отрезка [a,b] на части и от вы-
бора точек ξk .
4. Если существует конечный предел последовательности интегральных сумм при max xk → 0 , не зависящий ни от способа разбиения отрезка [a,b] на части, ни от выбора точек ξk , то этот предел называется определенным инте-
гралом от функции f (x) на отрезке [a,b] и обозначается
26
b
∫ f (x)dx .
a
Таким образом, по определению
b |
|
n |
∫ f (x)dx = |
lim |
∑ f (ξk ) xk . |
|
n→∞ |
|
a |
max x →0 k =1 |
|
|
k |
|
Число a называется нижним пределом интегрирования, b – верхним пре- |
||
делом интегрирования, отрезок [a,b] – |
отрезком интегрирования. |
Возвращаясь к задачам, рассмотренным в пунктах 1.2.1.1-1.2.1.3, можно записать полученные там формулы (6)-(8) для пути L, массы m и площади S в следующем виде:
b |
b |
b |
L = ∫v(t)dt , m = ∫ρ(x)dx , S = ∫ f (x)dx . |
||
a |
a |
a |
Последняя формула дает геометрический смысл определенного интегра- |
||
ла. |
|
|
|
b |
|
Если f (x) ³ 0 при x [a,b] , то ∫ f (x)dx |
– это площадь криволинейной |
a
трапеции с основанием [a,b] , ограниченной графиком функции y = f (x) .
1.2.3.Основные свойства определенного интеграла
1.2.3.1.Свойства линейности определенного интеграла
Теорема 10. Интеграл от суммы равен сумме интегралов
b |
b |
b |
∫[ f1 (x) + f2 (x)]dx = ∫ f1 (x)dx + ∫ f2 (x)dx . |
||
a |
a |
a |
Доказательство. Воспользуемся определением интеграла и свойством: предел суммы равен сумме пределов. Тогда
b |
(x)]dx = lim |
|
n |
2 (ξk )] xk = |
∫[ f1 (x) + f2 |
→0 |
∑[ f1 (ξk ) + f |
||
a |
max xk |
k =1 |
|
|
|
|
|
|
|
n |
= lim |
→0 |
∑ f1 (ξk ) xk + |
max x |
k =1 |
|
k |
|
|
|
|
b
= ∫ f1 (x)dx +
a
|
|
n |
|
lim |
→0 |
∑ f |
2 (ξk ) xk = |
max x |
k =1 |
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
b
∫ f2 (x)dx .
a
27
Теорема 11. Постоянный множитель можно выносить за знак интеграла
b |
|
|
|
b |
|
∫Cf (x)dx = C ∫ f (x)dx , C = const . |
|||||
a |
|
|
|
a |
|
Доказательство. |
|
|
|
|
|
b |
|
|
|
|
n |
∫Cf (x)dx = |
|
lim |
∑Cf (ξk ) xk = |
||
a |
|
|
max xk →0 |
k =1 |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
n |
|
b |
= C lim |
→0 |
∑ f (ξk ) |
xk = C ∫ f (x)dx . |
||
max xk |
k |
=1 |
|
a |
|
|
|
|
1.2.3.2. Перестановка пределов интегрирования в определенном интегра-
ле
Теорема 12. При перестановке пределов интегрирования определенный интеграл меняет знак
b |
a |
∫ f (x)dx = −∫ f (x)dx . |
|
a |
b |
a
Доказательство. При введении определенного интеграла ∫ f (x)dx пред-
b
полагалось, что a < b . Если же a > b , то изменится направление интервала интегрирования. Следовательно, изменится знак разностей xk = xk − xk −1 , инте-
гральной суммы и самого интеграла. Таким образом
b a
∫ f (x)dx = −∫ f (x)dx .
|
a |
b |
|
a |
|
Следствие. |
∫ f (x)dx = 0 . |
|
|
a |
|
1.2.3.3. Свойство аддитивности определенного интеграла
Теорема 13. Для любых трех чисел a, b и c справедливо равенство
b |
c |
b |
∫ f (x)dx = ∫ f (x)dx + ∫ f (x)dx .
a |
a |
c |
Доказательство.
1. Рассмотрим сначала случай, когда a < c < b .
28
Интегральную сумму на отрезке [a,b] обозначим ∑ f (ξk ) xk . Так как
[a,b]
предел последовательности интегральных сумм не зависит от способа разбиения отрезка [a,b] на части, то выберем такое разбиение, в котором точка c яв-
ляется точкой деления. Тогда интегральная сумма |
∑ f (ξk ) |
xk разобьется на |
|||||
|
|
|
|
|
|
[a,b] |
|
две суммы. |
Сумма |
∑ f (ξk ) xk |
|
соответствует |
отрезку |
[a,c], а сумма |
|
|
[a,c] |
|
|
|
|
|
|
∑ f (ξk ) xk – |
отрезку [c,b]: |
|
|
|
|
|
|
[c,b] |
|
|
|
|
|
|
|
|
∑ f (ξk ) xk = ∑ f (ξk ) xk + ∑ f (ξk ) xk . |
|
|||||
|
[a,b] |
|
[a,c] |
|
[c,b] |
|
|
Перейдя к пределу при max Dxk ® 0 , получим |
|
|
|||||
|
b |
|
c |
|
b |
|
|
|
∫ f (x)dx = ∫ f (x)dx + ∫ f (x)dx . |
|
|||||
|
a |
|
a |
|
c |
|
|
2. Рассмотрим теперь случай |
a < b < c . В силу доказанного для первого |
||||||
случая имеем |
|
|
|
|
|
|
|
|
c |
b |
|
c |
|
|
|
|
∫ f (x)dx = ∫ f (x)dx + ∫ f (x)dx |
|
|
||||
|
a |
a |
|
b |
|
|
|
или (с учетом теоремы 3) |
|
|
|
|
|
||
b |
c |
|
c |
|
c |
b |
|
∫ f (x)dx = ∫ f (x)dx - ∫ f (x)dx = ∫ f (x)dx + ∫ f (x)dx . |
|||||||
a |
a |
|
b |
|
a |
c |
|
1.2.3.4. Интегрирование неравенств |
|
|
|||||
Теорема 14. Если |
f (x) ³ 0 на отрезке [a,b] , причем a < b , то |
||||||
|
|
|
b |
|
|
|
|
|
|
|
∫ f (x)dx ³ 0 . |
|
|
||
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
n |
|
|
Доказательство. В интегральной сумме ∑ f (xk )Dxk все слагаемые неот- |
|||||||
|
|
|
|
|
k =1 |
|
|
рицательны, так как f (x) ³ 0 и Dxk |
³ 0 по условию теоремы. Следовательно, |
||||||
|
b |
|
|
|
n |
|
|
|
∫ f (x)dx = |
lim |
|
∑ f (xk )Dxk ³ 0 . |
|
||
|
a |
|
max xk →0 |
k =1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
29 |
|
|
Следствие. Если |
f (x) £ 0 на отрезке [a,b] , причем a < b , то |
|
|
b |
|
|
∫ f (x)dx £ 0 . |
|
|
a |
|
Теорема 15. Если |
функции |
f (x) и g(x) удовлетворяют условию |
f (x) £ g(x) на отрезке [a,b] , причем a < b , то |
||
|
b |
b |
∫ f (x)dx £ ∫ g(x)dx .
a a
Доказательство. По условию теоремы функция g(x) - f (x) ³ 0 на отрез-
ке [a,b] . Тогда применима теорема 5:
b
∫[g(x) - f (x)]dx ³ 0 . |
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
Если использовать свойства линейности интеграла (п. 1.2.3.1), то получим |
||||
b |
b |
|
|
|
∫ g(x)dx - ∫ f (x)dx ³ 0 . |
|
|
|
|
a |
a |
|
|
|
Следовательно, |
|
|
|
|
b |
b |
|
|
|
∫ f (x)dx £ ∫ g(x)dx . |
|
|
|
|
a |
a |
|
|
|
Геометрический смысл |
теоремы y |
y = g(x) |
|
|
(рис. 1.2.4). Если f (x) ³ 0 , |
g(x) ³ 0 и |
|
|
|
f (x) £ g(x) при x [a,b] , то площади кри- |
|
|
|
|
волинейных трапеций, ограниченных гра- |
|
y = f ( x) |
||
фиками этих функций, удовлетворяют не- |
|
|||
|
|
|
||
равенству |
|
|
|
|
S f ( x) ≤ Sg (x) . |
|
|
|
|
|
O a |
b |
x |
|
|
|
РИС. 1.2.4 |
|
|
1.2.3.5. Интеграл от единицы |
|
|
|
|
Теорема 16. Определенный интеграл от единицы по отрезку [a,b] |
равен |
|||
длине отрезка b − a |
|
|
|
|
b
∫1× dx = b - a .
a
30