Высшая математика
.pdfРЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
Так как расстояние между директрисами равно 2aε , где ε – эксцентриситет,
то :
|
2a |
=12 |
4 |
|
|
|
(2) |
|
|
ε |
5 |
|
с |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|||
Кроме того, |
ε = |
c = |
a 2 + b2 , поэтому условие (2) можно записать так: |
|||||
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
2a a = 645
Для a и b получим следующую систему:
b |
= |
3 |
|
|
b = |
3 |
a |
|
|||||||
|
4 |
|
4 |
|
|||||||||||
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
2a2 |
|
2 = |
64 |
|
|
|
2a |
2 |
|
64 |
|||
|
|
2 |
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
= |
5 |
||
|
a |
|
+ b |
|
|
|
|
a2 + |
9 |
a2 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
16 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a=8, |
|
b=6 |
и уравнение гиперболы: |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
x2 |
− |
y2 |
|
=1. |
|
|||
|
|
|
|
|
|
64 |
36 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Задание 7. |
Даны вершины пирамиды: А1 (2;-1;1), А2 (5;5;4), А3 (3;2;-1), |
А4 (4;1;3). Написать уравнение высоты А4К, вычислить ее длину, вычислить объем пирамиды и площадь грани А1 А2 А3 .
Решение: Каноническое уравнение прямой, проходящей через точку М(x0 ;y0 ;z0) параллельно вектору l{m; n; p}, имеет вид:
x −mx0 = y −ny0 = z −pz0 .
Поэтому канонические уравнения прямой, проходящей через точку А4
(4;1;3) имеют вид:
xm−4 = yn−1 = z −p 3 , где вектор {m;n;p}- направляющий, т.е. параллельный
искомой плоскости.
Т.к. (А4 К) плоскости (А1 А2 А3), то нормальный вектор этой плоскости будет направляющим для искомой прямой. Уравнение плоскости, проходящей через точки А1 (2;-1;1), А2 (5;5;4), А3 (3;2;-1) можно записать как условие компланарности векторов
А1 А2 , А1 А3 , А1 М , где М(x; y; z) - любая точка плоскости.
А1 А2 = {3;6;3}
А1 А3 = {13; ;−2}
А1 М = {x −2; y +1; z −1}
Необходимым и достаточным условием компланарности этих векторов является равенство нулю их смешанного произведения:
А1 А2 А1 А3 А1 М = 0 .
291
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
Или в координатной форме:
x −2 |
y +1 |
z −1 |
3 |
6 |
3 = 0 |
1 |
3 |
−2 |
(x −2) (−21)−(y +1) (−9)+(z −1) 3 = 0 или 7x - 3y - z -16 = 0.
Нормальный вектор плоскости (А1 А2 А3) N = {7;−3;−1}, а канонические
уравнения высоты (А4К):
x −7 4 = y−−31 = z−−13 .
Для вычисления длины высоты (А4 К) воспользуемся формулой. Расстояние d точки М0 (x0; y0; z0) до плоскости Ax+By+Cz+D=0
d = |
Ax0 + By0 + Cz0 + D |
|
A 2 + B2 + C2 |
|
|
|
|
|
AK = 7 4 −3 1−1 3 −16 = |
6 |
|
|
49 +9 +1 |
59 |
Площадь грани А1 А2 А3 можно вычислить по формуле: S∆A1A 2A 3 = 12 A1 A 2 × A1 A 3 ,
где А1 А2 × А1 А3 - векторное произведение векторов.
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
i |
j |
= {−21; 9; 3} |
||||||
|
1 |
|
2 × |
|
1 |
|
3 = |
3 |
6 |
|
3 |
||||||
A |
A |
A |
A |
||||||||||||||
|
1 |
3 |
−2 |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
А1 А2 × А1 А3 = 212 +92 +32 = 3 7 +3 +1 = 3 59
S∆A1A 2A 3 = 32 59
Объем пирамиды вычислим по формуле:
V |
= |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
× |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, г де |
|
|
|
|
× |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
- смешанное произ- |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
A |
A |
2 |
A |
A |
3 |
A |
A |
4 |
A |
A |
2 |
A |
A |
3 |
A |
A |
4 |
|||||||||||||||||||
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
A1A2A 3A 4 |
|
6 |
|
|
1 |
|
1 |
|
1 |
|
1 |
|
1 |
|
1 |
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ведение векторов.
А1 А4 = {2; 2; 2}
(А1 А2 А1 А3 А1 А4 )= |
3 |
6 |
3 |
= 3 2 |
1 |
2 |
1 |
= 6 (−3)= −18 |
|||||||
1 3 −2 |
1 |
3 |
−2 |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
2 |
2 |
|
1 |
1 |
1 |
|
V |
= |
1 |
|
|
6 (−3) |
|
= 3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
A1A 2A 3A 4 |
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
292
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
Задание 8. Составить уравнение плоскости, проходящей через две параллельные прямые:
|
|
|
|
|
|
|
x −1 |
= |
y +6 |
|
= |
z |
и |
x + 4 |
= |
y +1 |
= |
z −3 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
2 |
3 |
|
0 |
|
|
3 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение: Из канонических |
|||||||||||||
|
|
|
|
M 1 (1;−6;0) |
|
|
|
|
|
|
|
уравнений прямых видно, что первая |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
M (x,y,z) |
|
|
|
идет через точку М1 (1; -6; 0), а вто- |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
рая – через М2 (-4; -1; 3), и обе пря- |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
мые |
имеют направленный вектор |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= {2; |
3; 0}. Пусть точка М(x; y; z) |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
l |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
M 2 (−4;−13;) |
|
|
|
принадлежит искомой плоскости, то- |
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
гда вектора |
||||||||||||||||||
|
|
|
2 , |
|
|
|
, |
|
|
должны быть компланарны, т.е. |
|
1 |
|
2 |
|
1 |
|
× |
|
= 0 , что в коор- |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
М |
1 |
М |
М |
1 |
М |
l |
М |
М |
М |
М |
l |
динатной форме записывается равенством:
x +4 |
y +1 |
z −3 |
|
|
|
||||
5 |
−5 |
−3 |
|
= 0 , |
2 |
3 |
0 |
|
|
что и является уравнением заданной плоскости. Раскрывая определитель и приводя подобные члены, получим: 9x-6y+25z -45=0 .
Задание 9. Найти lim |
x3 |
+4x2 +5 |
|
2x3 +x |
|
x→∞ |
|
Решение. При х→∞ числитель и знаменатель этой дроби являются бесконечно
большими функциями, такое отношение, условно обозначаемое символом ∞∞ , представ-
ляет собой неопределенность, для раскрытия которой нужно провести преобразования. Разделим числитель и знаменатель почленно на наивысшую в данной дроби
степень х (на х3):
|
|
|
|
4 |
5 |
|
|
||||
|
x3 |
+4x2 +5 |
|
1 + |
|
+ |
|
|
|
1 |
|
lim |
= lim |
x |
x3 |
= |
|||||||
|
2x3 + x |
|
|
|
|
2 |
|||||
x→∞ |
x→∞ |
|
|
1 |
|
|
|||||
|
|
|
|
2 + |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
x2 |
|
|
Замечание. |
4 |
, |
5 |
, |
1 |
представляют собой бесконечно малые функции при х→∞, |
|
x |
x3 |
x2 |
|||||
|
|
|
|
т.е. их пределы равны 0.
293
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
Задание 10. Найти lim |
x2 +1 −1 |
|
x +3 − 3 |
||
x→0 |
При х→0 числитель и знаменатель дроби являются бесконечно малыми
функциями, такое отношение, условно обозначаемое символом 00 , представляет собой
неопределенность, для ее раскрытия сделаем следующие преобразования: |
||||||||||||||||||
lim |
x2 |
+1 −1 |
= lim |
|
( |
x2 +1 −1)( |
x2 +1 +1)( x +3 + 3) |
|
= |
|||||||||
x + |
3 − |
3 |
|
( x +3 − 3)( x +3 + 3)( |
x2 +1 +1) |
|||||||||||||
x→0 |
|
x→0 |
|
|
||||||||||||||
|
( |
x2 |
|
)( |
x + |
3 + |
3 |
) |
|
x2 |
( |
x +3 + 3 |
) |
0 2 3 |
|
|||
= lim |
|
+1 −1 |
|
|
= lim |
|
= |
|
|
= 0 |
||||||||
|
(x +3 −3)( x2 +1 +1) |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
x→0 |
|
|
x→0 x( x2 +1 +1) |
|
2 |
|
|
Задание 11. Найти lim 3x2 −9x +6 x→1 x2 +2x −3
0
Для раскрытия такого вида неопределенности 0 сделаем следующие преобразо-
вания:
lim |
3x2 |
−9x +6 |
|
= lim |
3(x −1)(x −2) |
= lim |
3(x −2) |
= |
3 (−1) |
= |
−3 |
|||
x2 |
+2x −3 |
(x −1)(x +3) |
x +3 |
4 |
4 |
|||||||||
x→1 |
|
x→1 |
x→1 |
|
|
|||||||||
Задание 12. Найти lim |
sin 4x + sin 2x |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
x→0 |
|
|
6x |
|
|
|
|
|
|
0
Для раскрытия неопределенности 0 проведем следующие преобразования:
lim |
sin 4x + sin 2x |
= lim |
2sin 3x cos x |
= lim |
sin 3x |
lim cos x =1 1 =1 |
|
6x |
3x 2 |
3x |
|||||
x→0 |
x→0 |
x→0 |
x→0 |
При вычислении заданного предела мы воспользуемся следующим результатом, называемым “первым замечательным пределом”:
|
|
|
|
|
|
|
lim |
sin α |
=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
α→0 |
α |
||
При этом под α подразумевается любая бесконечно малая функция. |
||||||||||
|
Например: lim |
sin(x −1) |
|
можно вычислить, используя этот же результат. За- |
||||||
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
x→1 |
2x −2 |
|
|
||||
меним х-1=t. При х→1 новая переменная t→0 |
||||||||||
lim |
sin(x −1) |
= lim |
sin t |
= |
1 |
|
|
|
|
|
2x −2 |
|
|
|
|
|
|||||
x→1 |
x→0 2 t |
2 |
|
|
|
|
294
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
Задание 13.
Найти:
1
а) lim(1 +3x) x
x→0
3x +1 2x б) lim
x→∞ 3x +2
Решение:
И в первом и во втором случае мы имеем дело с неопределенностью вида [1∞], так
как:
а) lim(1 +3x) =1, |
lim |
1 |
= ∞ |
|||||
|
x |
|||||||
x→0 |
|
x→0 |
|
|
||||
|
3x +1 |
|
3 + |
1 |
|
|
|
|
б) lim |
= lim |
x |
|
|
=1, lim 2x = ∞ |
|||
|
|
|
|
|||||
x→∞ 3x +2 |
x→∞ |
3 + |
2 |
|
|
x→∞ |
||
|
|
|
x |
|
|
|
Для раскрытия такого вида неопределенностей можно воспользоваться следующей формулой:
x→a ( |
) |
V(x) |
|
( |
∞ |
) |
|
lim |
( |
U (x)−1 V(x) |
lim U(x) |
|
= |
|
|
= e |
x→a |
) |
|||
|
|
1 |
|
|
|
|
Вычислим первый предел, пользуясь этой формулой:
|
1 |
lim (1+3x |
−1) |
1 |
lim |
3x |
|
lim(1 +3x) x |
= ex→0 |
|
x |
= ex→0 |
x = e3 |
||
x→0 |
|
|
|
|
|
|
Для вычисления второго предела воспользуемся непосредственно результатом, называемым “вторым замечательным пределом”:
1 |
|
|
|
1 t |
||||
|
|
|
|
|||||
lim(1 + α) α = e или |
lim 1 |
+ |
|
|
|
= e |
||
|
|
|||||||
α→0 |
t→∞ |
|
|
t |
|
где е - некоторое число, равное пределу числовой последовательности
|
|
|
1 |
n |
|
xn |
= 1 |
+ |
|
|
e ≈ 2,72. |
|
|||||
|
|
|
n |
|
Для вычисления заданного предела сделаем следующие преобразования:
3x + |
1 2x |
|
|
|
|
|
3x + |
2 −1 2x |
|
|
|
|
−1 |
|
2x |
|
|
|
|
||||||||||
lim |
|
|
|
|
|
= lim |
|
|
|
|
|
= lim 1 + |
|
|
|
|
= |
|
|
|
|||||||||
|
+ |
|
|
|
|
|
|
3x + |
|
|
|
|
|||||||||||||||||
x→∞ 3x |
2 |
|
|
x→∞ |
|
3x +2 |
|
x→∞ |
|
2 |
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3x+2 |
|
|
−1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
3x+2 |
|
−2x |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x |
|
|
|
|
|
|
3x+2 |
|
|
2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
−1 −1 |
3x+2 |
|
|
|
|
|
−1 |
|
−1 |
|
|
|
|
− |
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
= lim 1 |
+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= lim |
1 |
+ |
|
|
|
|
|
= e |
|
3 |
|
|||||||
|
3x + |
|
|
|
|
|
3x + |
|
|
|
|||||||||||||||||||
x→∞ |
|
|
2 |
|
|
|
x→∞ |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Выражение, выделенное в квадратные скобки при х→∞ имеет пределом е, а пока- |
|||||||||||||||||||||||||||||
затель степени |
|
−2x |
|
|
при х→∞ имеет пределом |
−2 |
, в чем нетрудно убедиться, разделив |
||||||||||||||||||||||
3x +2 |
3 |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
числитель и знаменатель на х.
295
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
Задание 14. Найти lim x[ln(x +2) − ln(x −4)]
x→+∞
В данном случае второй сомножитель представляет собой неопределенность, обозначаемую символом [∞ — ∞], поэтому и произведение является неопределенностью. Для ее раскрытия проведем такие преобразования
lim x[ln(x +2) − ln(x −4)] |
|
|
x + |
2 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
= lim ln |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ |
x |
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
x−4 |
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x−4 |
|
6x |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
x−4 |
|
|
|||||||||
|
|
|
6 6 |
|
x−4 |
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
6 |
|
|
|
|
|||||||||
= lim ln 1 + |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= lim ln |
|
+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
x − |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
x→∞ |
|
|
4 |
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
x −4 |
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
6x |
|
|
|
6 |
|
|
|
x−4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
= lim |
|
+ |
|
|
6 |
|
= 6 ln e = 6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
ln 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
x − |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
x→∞ x −4 |
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x < 0 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
−1, |
|
|
|
|
|
π |
|
|||||||
Задание 15. Дана функция: y = |
|
|
|
|
|
0 |
≤ x ≤ |
|
||||||||||||||||||||
−cos x, |
2 |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
π |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
π |
+ x, |
x > |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
исследовать ее непрерывность и схематически построить график. Функция f(x) называется непрерывной в точке x0, если
lim f(x) = f(x0 )
x→x0
Любая элементарная функция непрерывна в своей области определения. За-
данная нам функция у непрерывна в следующих интервалах: (−∞; 0); (0; π2 ) и ( π2 ; + ∞) ,
т.к. в каждом из них задана элементарная функция: постоянная (-1), простейшая элемен-
тарная (-cosx), линейная ( π2 + х) .
Но в точках перехода от одной функции к другой, т.е. в точках x1=0 и x2= π2
функция, хотя и определена, но может иметь разрыв, т.е. в этих точках могут быть нарушены условия непрерывности. Исследуем непрерывность функции у в точке х1=0:
lim y = lim (−1) = −1
x→0+0 x→0+0
lim y = lim (−cosx) = −1
x→0+0 x→0+0
y(0) = −cos0 = −1,
так как три полученных результата совпадают, условие непрерывности выполняется и у непрерывна в точке x1=0.
Исследуем непрерывность функции в точке х2= π2
296
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
lim y = lim (−cosx) = 0 |
|||||||
x→ |
π |
−0 |
x→ |
π |
−0 |
|
|
|
2 |
|
|
2 |
|
|
|
lim y = lim π |
+ x |
= π |
|||||
x→ |
π |
+0 |
x→ |
π |
+0 2 |
|
|
|
2 |
|
|
2 |
|
|
|
Несовпадение полученных результатов уже говорит о невыполнении условий не-
прерывности, и в точке х2= π2 функция имеет разрыв.
На рис. 8 схематически
Y
0 |
X |
π
2
Рис. 8
показан график функции у.
Задание 16. Найти производную функции y=cos(x2)
Решение: При вычислении производных пользуются таблицей производных основных элементарных функций и теоремой дифференцирования сложной функции:
пусть y=f(u) дифференцируема в точке u0, u=f(x) дифференцируема в точке х0, причем ϕ(х0)=u0, тогда сложная функция y=f(ϕ(х)) дифференцируема в точке х0 и
|
|
|
|
y′(x0 ) = f ′(u 0 ) ϕ′(x0 ) или y′x = y′u |
u ′x . |
||||||||||||||
В нашем случае u=x2, |
y=cosu, |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
( |
|
) |
′ |
( |
|
2 |
) |
′ |
|
( |
|
2 |
) |
|
||
|
y′ = |
|
u |
x |
|
x = −sin u 2x |
= |
−sin x |
|
2x . |
|||||||||
|
cos u |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Задание 17. Найти производную функции y=lnsinax |
|||||||||||||||||||
Решение: |
|
y=lnu, |
|
|
|
|
u=sinv, |
|
v=ax, |
|
|
|
|||||||
тогда y′ = (ln u)′u |
(sin v)′v (a x )′x = |
1 |
cos v a x ln a = |
||||||||||||||||
u |
|||||||||||||||||||
= |
1 |
cosa x a x ln a = a x ln a ctga x . |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
sina x |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Как видно из приведенных примеров, следует начинать дифференцирование с “внешней” элементарной функции, последовательно приближаясь к “внутренней”.
Задание 18. Найти производные функций:
297
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
а). y = 3 tg2 3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
б). y = ln 1 +ex +e4x |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
в). y = e2x arctgx3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
( |
|
|
|
2 |
|
|
) |
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
− |
1 |
|
|
|
1 3 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
а). |
3 tg |
|
3x |
|
= |
|
(tg3x)3 |
= |
|
|
|
(tg3x) |
|
|
3 |
|
|
cos2 3x |
= |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
3 |
|
|
|
tg3x cos2 3x |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
||||||||||||||||||||
|
( |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
4x |
|
′ |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
4x |
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
б). ln 1 +e +e |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
( |
|
+e |
|
|
+e |
|
|
) |
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ln 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
= |
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
(e |
x |
+e |
4x |
4) |
= |
|
|
ex +4e4x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
2 1+ex +e4x |
|
|
|
|
|
2(1+ex |
+e4x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
в). (e2x arctgx3 )′ = (e2x )′ arctgx3 |
+e2x (arctgx3 )′ = |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
2x |
2 |
arctgx |
3 |
|
|
|
|
2x |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
2x |
arctgx |
3 |
|
|
|
3x2 |
|
||||||||||||||
|
= e |
|
|
|
+e |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3x |
|
|
= e |
2 |
|
+ |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
+(x3 )2 |
|
|
|
|
1 + x6 |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задание 19. Найти производную функции, заданной неявно: x4+y2x+y7=0.
Решение. Правило вычисления производной функции, заданной неявно, заключается в том, что дифференцируют левую и правую часть равенства в предположении, что у есть функция от х:
(x4 + y2x + y7 )′ = (0)′
4x3 +2y y′x + y2 1 + 7y6y′ = 0
Выражая из последнего равенства у′ , получим:
|
y′ = − |
|
y2 +4x3 |
|
|||
|
|
2xy + 7y6 |
|||||
|
|
|
|
||||
Задание 20. Найти |
dy |
и |
d 2y |
для функции, заданной параметрически: |
|||
dx |
dx2 |
||||||
|
|
|
|
x = cos ty = sin t
Решение: Известна теорема о производной функции, заданной параметрически: пусть x=f(t) дифференцируема и f ′(t) ≠ 0
y=ϕ(t) - дифференцируемая функция, тогда производная dydx = ϕf ′′((tt)) или dydx = yx′′((tt)) .
При выполнении этого действия производная функции y(x) также выражена через параметр t.
298
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
y′(t) = (sin t)′ = cos t ; |
x′(t) = −sin t |
||||
|
dy |
= |
cos t |
= −ctgt |
|
|
dx |
−sin t |
|
||
|
|
|
|
Для отыскания производной второго порядка d 2y можно использовать тот же подdx2
ход для функции |
dy |
|
заданной параметрически: |
|
|
|
|
||||||||||||||||||
dx |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
dy |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
= |
ϕ′(t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dy |
= −ctgt |
|
||||||
|
|
f ′(t) |
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
а в нашем случае |
|
|
, |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
dx |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
x = f(t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dy ′ |
|
|
x = cost |
|
|||||||||||
|
|
|
|
d 2y |
|
|
|
d |
|
|
dy |
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
тогда |
|
|
= |
|
|
= |
dx |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
dx2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
x′t |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
dx dx |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
В нашем случае: |
|
|
|
|
|
|
|
(−ctgt)′ |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
d 2y |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
(cos t)′ |
= − |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx2 |
|
sin 3 t |
|
|
|
|
Можно использовать и готовую формулу для вычисления производной второго по-
рядка |
d 2y |
функции |
|
|
|
dx2 |
|
|
|||
|
x = f(t) |
|
|
||
|
|
|
|
||
|
|
y = ϕ(t) |
|
ϕ′′(t) f ′(t) − f ′′(t) ϕ′(t) |
|
|
|
|
d 2y |
= |
|
|
|
|
|
(f ′(t))3 |
|
|
|
|
dx2 |
Задание 21.
Провести полное исследование функции и построить ее график. f(x) = x + ln(x2 -1)
Решение.
Исследование функции будем проводить по следующей схеме:
1.) Найдем область определения функции и точки пересечения ее графика с осями координат;
2.) Выясним четность (или нечетность) функции (если она задана на симметричном промежутке);
3.) Выясним периодичность функции; 4.) Исследуем функцию на непрерывность, найдем точки разрыва и выясним харак-
тер разрывов; 5.) Найдем асимптоты графика функции;
6.) Исследуем функцию на экстремум, найдем интервалы монотонности функции;
299
РЕШЕНИЕ ТИПОВЫХ ЗАДАЧ КОНТРОЛЬНЫХ РАБОТ
7.) Найдем точки перегиба и интервалы выпуклости и вогнутости графика функ-
ции.
Исследуем функцию f(x) = x + ln(x2 -1) по приведенной схеме.
1.) Функция определена при всех значениях х, для которых х2-1>0 или х >1, т.е.
при -∞ < x < -1 и +1 < x < +∞
C осью ОХ график функции пересекается в точке (х ≈ 1,25; 0). С осью ОУ график функции не пересекается.
2.) Функция не является ни четной, ни нечетной. 3.) Функция не является периодической.
4.) На интервале (-∞; -1) и (+1; +∞) функция непрерывна. 5.) Вертикальные асимптоты:
lim |
f(x) = |
|
lim [x + ln(x2 |
−1)]= −∞ |
|
|
|
|
|||
x→−1−0 |
|
|
x→−1−0 |
|
−1)]= −∞; |
|
|
|
|
||
lim |
f(x) = |
|
lim [x + ln(x2 |
x = −1 и x =1 |
|
||||||
x→−1+0 |
|
|
x→−1+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
— две вертикальные асимптоты. |
|
|
|
|
|
|
|||||
Ищем наклонные асимптоты: |
|
|
|
|
|
|
|||||
k = lim |
f(x) |
= lim |
x + ln(x2 −1) |
=1; |
b = lim ln(x |
2 |
−1) |
= ∞ |
|||
x |
|
x |
|
|
|||||||
x→±∞ |
|
x→±∞ |
|
|
x→±∞ |
|
|
|
Следовательно, ни наклонных, ни горизонтальных асимптот нет.
6.) Находим производную данной функции: f ′(x) =1 + x22x−1 . Производная сущест-
вует и конечна во всех точках области определения функции. Следовательно, стационарные точки могут быть лишь в “нулях” производной:
f ′(x) = |
x2 |
− |
1 +2x |
; f ′(x) = 0 |
при x1 = −1 − 2, x2 = −1+ 2 |
|
x2 |
−1 |
|||
|
|
|
|
Вточке x2=-1+ 2 функция не определена. Следовательно, имеется только одна критическая точка х1=-1- 2 , принадлежащая области определения функции.
Винтервале (-∞; -1- 2 ) производная f ′(x) > 0 , а в интервале (-1- 2 ; -1) f ′(x) < 0 .
Следовательно, точка х=-1- 2 точка максимума и f(-1- 2) = -1- 2 + ln(2 +2 2) ≈ −0,84 .
В интервале (-∞; -1- 2 ) функция возрастает, а в интервале (-1- 2 ; -1) - убывает. В интервале (1, ∞) производная f ′(x) > 0 и, следовательно, функция возрастает.
7.) Находим вторую производную функции f ′′(x) = 2(x2 +1) (x2 −1)2
Значение f ′′(x) < 0 на всей области определения функции. Следовательно, кривая
везде выпукла и точек перегиба не имеет.
Внесем теперь результаты исследования в таблицу, а затем построим график (рис. 9) функции.
Замечание:
Таблицу можно заполнять постепенно, по мере исследования функции.
300