8111 практика 1-36 / Практика31.Правило Лопиталя
.pdfПрактика 31. Правило Лопиталя
01
31.1.Раскрытие неопределенностей 0 è 1
Теорема 31.1. Пусть a число или бесконечность определенного знака; f(x) и g(x) удовлетворяют условиям:
1. lim f(x) = 0, lim g(x) = 0;
x!a x!a
2. f(x) и g(x) дифференцируемы в некоторой проколотой окрестности U0(a); 3. g0(x) 6= 0 8 x 2 U0(a);
4. существует конечный или бесконечный lim f0(x).
x!a g0(x)
f(x)
Тогда существует предел lim g(x) (конечный или бесконечный) и справедливо равенство
x!a
lim |
f(x) |
|
= lim |
f0(x) |
: |
|
|
||||
x!a g(x) |
x!a g0(x) |
|
Теорема 31.2. Пусть a число или бесконечность определенного знака; f(x) и g(x) удовлетворяют условиям:
1. lim f(x) = 1, lim g(x) = 1;
x!a x!a
2. f(x) и g(x) дифференцируемы в некоторой проколотой окрестности U0(a); 3. g0(x) 6= 0 8 x 2 U0(a);
4. существует конечный или бесконечный lim f0(x).
x!a g0(x)
Тогда существует предел lim |
f(x) |
è |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
x!a g(x) |
|
|
|
||||
|
lim |
f(x) |
|
= lim |
f0(x) |
: |
|
|
|
|
|||||
|
x!a g(x) |
x!a g0(x) |
|
Данные теоремы справедливы и для односторонних пределов.
В лекции 29 приведены примеры раскрытия неопределенностей вида 00.
Пример 1 ( 1327). Найти предел lim |
arcsin 2x 2 arcsin x |
: |
|
x3 |
|||
x!0 |
|
При x ! 0 имеем неопределенность 00. Обратим внимание, что в числителе нельзя заменять бесконечно малые функции arcsin 2x и arcsin x эквивалентными функциями, так
1
2
êàê в разности эквивалентными заменять нельзя! Применим к раскрытию неопределенности 00 правило Лопиталя (Lop.).
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
p |
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
lim |
arcsin 2x 2 arcsin x |
= lim |
|
p1 4x2 |
p1 x2 |
= 2 lim |
1 |
|
x |
|
|
1 4x |
|
= |
0 |
= |
||||
x3 |
|
|
|
|
|
3x2 |
|
|
0 |
|||||||||||
x!0 |
x!0 |
|
3x2 |
x!0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
воспользуемся снова правилом Лопиталя для раскрытия последней неопределенности:
|
|
2x |
|
8x |
|
= 6 x!0 |
p1 x2 |
|
p1 4x2 |
|||||
x!0 |
|
6x |
|
|
||||||||||
= 2 lim |
|
2p1 x2 |
|
2p1 4x2 |
|
|
2 |
lim |
1 |
+ 4 |
1 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 2 ( 1323). Найти предел lim x ctg x 1:
x!0 x2
= 13( 1 + 4) = 1:
Ïðè x ! |
0 в числителе имеем неопределенность 0 1. Пока правило |
Лопиталя |
|||||||||||||||
|
cos x |
||||||||||||||||
применять нельзя. Преобразуем выражение, воспользовавшись равенством ctg x = |
|
. |
|||||||||||||||
sin x |
|||||||||||||||||
Тогда x ctg x |
|
1 = |
x cos x |
|
1 = |
x cos x sin x |
è |
x ctg x 1 |
= |
x cos x sin x |
: Устремив |
||||||
|
sin x |
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
sin x |
x2 |
0 |
|
|
x2 sin x |
|
|
|
||||||
x ! 0 в последнем выражении, видим неопределенность |
. В знаменателе бесконечно |
||||||||||||||||
0 |
малую при x ! 0 функцию sin x заменим эквивалентной x, чтобы облегчить дальнейшее
применение правила Лопиталя. В числителе стоит разность, следовательно, там нельзя заменять эквивалентными функциями. Итак,
lim |
x ctg x 1 |
= lim |
x cos x sin x |
= lim |
x cos x sin x |
|||||||||||
x2 |
|
|
|
|
||||||||||||
x!0 |
x!0 |
x2 sin x |
|
|
x!0 |
|
x3 |
|
|
|
|
|||||
|
= lim |
cos x x sin x cos x |
|
= lim |
|
sin x |
= |
|
1 |
lim |
||||||
|
|
3x |
|
|||||||||||||
|
x 0 |
3x2 |
x 0 |
|
|
3 x |
! |
0 |
||||||||
|
! |
|
|
|
|
! |
|
|
|
|
|
|
|
|
=00; Lop: =
sinxx = 13:
Пример 3 ( 1336). Найти предел |
lim |
ln x |
; (p > 0). |
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
xp |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
x!+1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Ïðè x |
+ |
имеем неопределенность 1. Применим правило Лопиталя: |
|||||||||||||||||
|
|
! 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
xp = 1 |
|
|
|
|
1 |
= x!+1 pxp = |
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
x!+1 |
; |
|
= x!+1 pxp 1 |
|
||||||||||||||
|
|
lim |
ln x |
n |
|
|
Lop: |
lim |
|
1=x |
lim |
1 |
|
1 |
|
= 0: |
||||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
o |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Замечание 1. Доказанный в примере 3 факт на языке Коши означает, что |
||||||||||||||||||||
|
|
|
8 " > 0 9 |
(") > 0 : |
8 x; x > ) |
|
ln x |
< "; |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
xp |
|
ln x
в том числе для " = 1 имеем xp < 1 для всех x > . Следовательно, для всех x, начиная с некоторого положительного значения x0 > , справедливо неравенство
ln x < xp для любого p > 0: |
(1) |
Это означает, что логарифмическая функция меньше любой степенной функции с положительным показателем для всех x x0, ãäå x0 некоторое положительное число.
3
Неравенство (1) справедливо в том числе и для натуральных значений x, то есть на- чиная с некоторого номера справедливо неравенство
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ln n < np для любого |
|
p > 0: |
|
|
|
|
(2) |
|||||||||||||||
Доказанный в примере 3 факт на языке последовательностей означает, что |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
8 f |
xn |
g |
R+; xn n |
|
|
|
+ |
1 ) |
|
ln xn |
|
|
0; |
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(x |
) |
p |
n |
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
! |
|
|
|
|
! |
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
!1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
n |
|
|
|
!1 |
|
|
|
|
|
||
следовательно, это справедливо и для xn = n, n 2 N, т. е. для p > 0 справедливо |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim |
|
ln n |
= 0: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
n!1 |
|
n |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Пример 4 ( 1337). Найти предел lim |
xp |
|
; |
(p > 0; a > 0). |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x!+1 eax |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Ïðè x |
! |
+ |
1 |
имеем неопределенность 1. Применим правило Лопиталя [p]+1 число1 |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
раз. После этого получим: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
lim |
|
xp |
= lim |
p(p |
|
1) |
(p [p])xp [p] 1 |
= |
0 |
|
; ò. ê. p |
|
[p] |
|
1 < 0 = 0: (3) |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
x!+1 eax |
|
x!+1 |
|
|
|
a[p]+1eax |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
Замечание 2. Аналогично тому, как это было сделано в Замечании 1, можно показать, что äëÿ âñåõ x x0, ãäå x0 некоторое положительное значение, справедливо неравенство
xp < eax для любых p > 0; a > 0: |
(4) |
Это означает, что степенная функция с любым положительным показателем меньше показательной функции eax (8 a > 0) äëÿ âñåõ x x0.
Пример 5 ( 1338). Найти предел lim e 1=x2
x!0 x100 .
Аналогичная задача (пример 29.6) была разобрана в лекции 29. Сделаем сначала замену переменных, потом применим правило Лопиталя:
x!0 |
e 1=x2 |
1=x2 = t |
|
t50 |
|
f |
|
g |
|
||
x100 |
t + |
t!+1 et |
|
согласно (3) |
|
||||||
lim |
|
= |
! 1 |
|
= lim |
|
= |
|
|
= 0: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
31.2.Раскрытие неопределенностей 0 1 è 1 1
|
Правило Лопиталя можно также применять к раскрытию неопределенностей типа 0 |
||||||
1 |
è |
1 1 |
, поскольку их можно свести к типу |
|
0 |
èëè 1 |
|
0 |
|
||||||
|
|
1 |
с помощью алгебраических |
||||
преобразований. |
|
|
|
|
|||
Пример 6 ( 1341). Найти предел lim xp ln x; |
(p > 0). |
|
|||||
|
|
|
x!+0 |
|
|
|
|
При x ! +0 имеем неопределенность 0 1. Очевидно, что xp ln x = lnx xp ;
тогда
lim xpln x = |
lim |
ln x |
= |
n |
1 |
; Lop: |
= |
lim |
1=x |
= lim |
1 |
= lim |
xp |
= 0: |
|
1 |
px p 1 |
px p |
p |
||||||||||
x!+0 |
x!+0 x p |
|
|
o |
x!+0 |
x!+0 |
x!+0 |
|
1[p] целая часть числа p.
4
|
|
|
1 |
|
|
Пример 7 ( 1355). Найти предел lim |
|
1 |
|
||
x!1 |
ln x |
x 1 . |
При x ! 1 имеем неопределенность 1 1. После простых преобразований получаем
x!1 |
ln x |
x 1 |
x!1 |
(x |
|
1) ln x |
0 |
|
|||
lim |
1 |
1 |
|
= lim |
x |
1 |
ln x |
= |
0 |
: |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Чтобы облегчить дальнейшее применение правила Лопиталя заменим в знаменателе бесконечно малую при x ! 1 функцию ln x эквивалентной бесконечно малой функцией x 1
при x ! 1: ln x = ln(1 + (x 1)) x 1 при x ! 1: В числителе заменять эквивалентными нельзя! Тогда
lim |
x |
1 ln x |
= lim |
x 1 ln x |
= |
|
0 |
; Lop: |
|
= lim |
1 1=x |
|
= lim |
x 1 |
|
= lim |
1 |
= |
1 |
: |
||||||
(x |
|
|
0 |
|
|
1) |
|
|
||||||||||||||||||
x!1 |
|
1) ln x |
x!1 (x |
|
1)2 |
|
|
x!1 |
2(x |
|
1) |
x!1 |
2x(x |
|
x!1 |
2x 2 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
31.3.Раскрытие неопределенностей 00, 11 è 10
Правило Лопиталя можно также применять к неопределенностям типа 00, 11 è 10. Эти неопределенности сводятся к типу 0 1 с помощью соотношения
f(x)g(x) = eg(x) ln f(x):
Пример 8 ( 1342). Найти предел |
lim xx. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x!+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
При x ! +0 имеем неопределенность 00. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim xx = |
|
lim ex ln x: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x!+0 |
|
|
|
x!+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Òàê êàê |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim x ln x = |
|
0 |
|
|
|
|
= |
|
|
lim |
ln x |
= |
|
|
1 |
; Lop: = |
lim |
|
|
1=x |
= lim ( |
|
x) = 0; |
|||||||||||||||||||
f |
1g |
|
|
|
|
n1 |
|
|
x 2 |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
x!+0 |
|
|
|
|
|
x!+0 x 1 |
|
|
|
|
|
o |
|
|
x!+0 |
|
|
|
x!+0 |
|
|
|
||||||||||||||||||||
lim |
x ln x |
= e0 = 1: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
òî lim xx = ex!+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
x!+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 9 ( 1348). Найти предел |
lim |
|
(tg x)tg 2x. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x! =4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
lim |
|
|
(tg x)tg 2x = |
f |
11 |
g |
= |
|
lim |
etg 2x ln(tg x): |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x |
! |
=4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
! |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
=4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
Òàê êàê |
|
|
|
|
f1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
! |
g |
||||||
x =4 |
|
|
|
|
0; ln(tg x) = ln(1 + (tg x |
1)) |
|
(tg x |
1) ïðè x |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
lim tg 2x ln (tg x) = |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
=4 = |
|||||||||||||||||||||||||||||
! |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x! =4 |
|
|
|
|
|
|
||||||||
x! =4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x! =4 |
|
|
|
cos 2x |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
= lim |
|
tg 2x(tg x |
|
|
|
1) = |
lim |
|
sin 2x ln(tg x) |
= |
|
|
lim sin 2x = 1 |
|
= |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||
x! =4 |
cos 2x |
|
= |
0 |
|
|
x! =4 |
2 sin 2x |
|
x! =4 sin2 2x |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
ln(tg x) |
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
tg x |
cos2 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
= lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
; Lop: = |
|
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
lim |
|
|
|
|
= |
1; |
|||||||||
òî |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim |
tg 2x ln(tg x) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
lim |
|
(tg x)tg 2x = ex! =4 |
|
|
|
|
|
= e 1: |
|
|
|
|
|
|
|
x! =4
5
Пример 10 ( 1349). Найти предел lim (ctg x)sin x.
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x!+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
lim (ctg x)sin x = |
1 |
0 |
|
lim esin x ln(ctg x): |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Òàê êàê |
|
|
|
|
x!+0 |
f |
|
|
|
|
= x!+0 |
|
|
f |
|
1g |
|
|
|||||||
x +0 |
|
|
|
sin x |
x ïðè x |
! +0g = x +0 |
|
|
0 |
= |
|||||||||||||||
lim sin x ln(ctg x) = |
|
|
|
|
|
|
lim x ln(ctg x) = |
|
|
|
|||||||||||||||
|
! |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
! |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ln(ctg x) |
|
1 |
|
|
1 |
|
sin21x |
= |
|
x2 |
|
|
x |
|
|
|||||||||
= lim |
= |
; Lop: = lim |
ctg x |
lim |
= |
lim |
|
= 0; |
|||||||||||||||||
x 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
x!+0 |
n |
1 |
|
o |
x!+0 |
|
x 2 |
x!+0 cos x sin x |
|
x!+0 cos x |
|||||||||||||||
|
|
|
|
lim |
sin x ln(ctg x) |
= e0 = 1: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
òî lim (ctg x)sin x = ex!+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x!+0
31.4.Задачи для самостоятельной работы
1320, 1321, 1325, 1329, 1347, 1350, 1354, 1358, 1360, 1361, 1363.