книги из ГПНТБ / Черонис, Н. Д. Микро- и полумикрометоды органического функционального анализа
.pdfОпределение опорных реакций
Уравнения равновесия балки имеют вид:
1 М А = 0; - g b ~ - P b + R Bl - m = 0;
2 ^ = 0; RA - q b - P + RB = 0,
откуда
Ra
Проверка:
Реакции найдены правильно.
Составление выражений
для Q и М в сечениях первого участка
Балка имеет три участка АС, СВ и BD, на которых выра жения для Q и М будут различны. Проведем сечение на пер вом участке и отделим часть балки длиной Z\ (рис. 60, б). При составлении выражений для Q и М учтем, что сила R a стре мится повернуть отсеченную часть балки вокруг точки 0| (центра тяжести сечения) по часовой стрелке и создает в верхних волокнах балки напряжения сжатия. Это означает в соответствии с правилом знаков, что сила R a войдет в вы ражения для Q и М с положительным знаком. Наоборот, рав нодействующая qzi распределенной нагрузки, приложенной к отсеченной части, войдет в те же выражения с отрицательным знаком:
Q = R a - qzü
М —R a z , — qzt ( |
(e) |
|
где 0 < z t<ö,TaK как выражения (е) справедливы только в пределах первого участка АС. Действительно, если передви нуть сечение, например, за точку С, то в пределах рассмат риваемой части окажется и сила Р, которая не входит в вы ражения (е).
79
Построение эпюр на участке ЛС
Эпюра Q, как видно из уравнений (е), будет ограничена прямой линией, а эпюра М — кривой второго порядка.
Для построения эпюры Q достаточно вычислить значение поперечной силы в двух точках, для М необходимы по край ней мере три точки:
точка А
= 0 ; Qa = Ra = ~ qa\ М А = 0;
точка С |
|
|
|
|
Z\ — b = 2а; |
|
Qc = Ra — qb = |
qa\ |
|
,, |
п , |
b2 |
8 |
, |
Me = RAb - |
q - 9- |
= -g - ga2; |
точка £ — середина участка АС:
b |
.. |
n ь |
ьг |
11 |
Z|= — = |
|
= R a — - 9 -g- = — <7^-. |
||
По найденным |
точкам строим |
эпюры Q и М на первом |
участке (рис. 60, е, ж).
Q н М в сечениях участка СВ
Отсечем часть балки длиной г2 (рис. 60,г). На эту часть балки действуют сосредоточенные силы Ra и Р, а также рав номерно распределенная нагрузка на длине Ь, равнодейст вующая которой равна qb. Выражения для Q и М получат вид:
Q — RA — qb — Р = ---- да\
NI = Raz2 — qb ^z2 — - j - ) ~ P ( z 2- b ) , (f)
где. l, так как выражения (f) можно использовать только в пределах участка СВ.
На этом участке поперечная сила постоянна, а изгибаю щий момент есть линейная функция г2. Для построения эпю ры М необходимы две точки:
точка С
z 2 — Ь = 2а; М с = RAb — q |
даъ\ |
•80
\
точка В
I — \ — Р{1 — b) = qa2.
Такой же результат можно получить, рассматривая дру гую часть балки (рис. 60, в). Сила Rb , вращающая отсечен ную часть балки против часовой стрелки и создающая сжа тие в верхней части сечения, войдет а выражение для Q с отрицательным знаком, а в выражение для М — с положи тельным.
Пара т входит только в выражение для М и со знаком минус, так как она вызывает в верхней части сечения растя гивающие напряжения:
Q = |
— R b = ----Tf- |
|
/И = |
RB(l — z2) —т„ |
|
где Ь г2<; L. |
. . . . . . |
... |
Подставляя z2 — b и z2 = l, получаем:
8
Наносим найденные значения Q и М на эпюры.
Q и М на участке BD
При нахождении Q и /И .на участке, B D удобнее рассмат ривать часть балки, лежащую справа от сечения (рис. 60, д ).
Тогда Q= 0 ;M = —т ——qa2.
Отложив постоянный изгибающий момент М ——qa2 на участке BD, построение эпюр заканчиваем.
§41. ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ ЗАВИСИМОСТИ ПРИ ИЗГИБЕ
Выделим из балки, загруженной произвольной нагрузкой, элемент длиной dz (рис. 61)ѵ К элементу приложена .распре деленная нагрузка с переменной интенсивностью q = f(z). Так как длина элемента мала, торавнодействующую этой .на грузки можно принять равной qdz, т. е. вычислять ее так, как если бы нагрузка в пределах участка была распределена рав
номерно. |
. . . 6 |
6 Зак. 460
Так как при перемещении сечения на dz поперечная сила м изгибающий'момент получают дриращения, то в сечении 1— 1 будут действовать Q н М, а в сечении 2—2 — Q+ dQ и
М + d/tf.
|
Рис. 61 |
|
|
|
Уравнения равйовесия элемента получат вид: |
|
|||
2УѴ = 0; |
Q -f- qdz — (Q -f- dQ) = |
0; |
(g) |
|
—U; — Qdz — q d z - ^ - — M -f M |
dM = 0. |
(h) |
||
Из уравнения (g) следует: |
|
|
|
|
' |
dQ |
= Я- |
|
( 6-2) |
|
dx |
|
||
|
|
|
|
|
Отбросив величину высшего порядка малости q {dz) |
полу- |
|||
чим из уравнения (h): |
|
|
|
|
|
|
|
|
16.3) |
Таким образом, производная от поперечной силы по длине балки равна интенсивности распределенной нагрузки. В свою очередь поперечная сила равна производной от изгибающего момента.
Основываясь на полученных дифференциальных зависи мостях (6.2), (6.3) и учитывая геометрический смысл произ-
83
водной, можно установить ряд правил для построения и кон троля эпюр поперечных сил и изгибающих моментов:
1.На тех участках балки, где поперечная сила равна нулю, изгибающий момент постоянен.
2.На участках, не загруженных распределенной нагруз
кой, поперечная сила постоянна, а эпюра /V/ ограничена на клонной прямой
3.Участкам балки, запятым равномерно распределенной нагрузкой, соответствует эпюра Q, ограниченная наклонной прямой, и эпюра М, ограниченная параболой.
4.При любом законе изменения интенсивности распреде ленной нагрузки угол наклона касательной к эпюре Q соот ветствует величине и знаку q, а касательная к эпюре М на клонена под углом, величина и знак которого зависят от зна чения Q в данной точке. Эпюра М обращена вогнутостью в
сторону действия распределенной нагрузки.
5. Изломы па эпюре Q бывают в точках, где производная Q терпит разрыв, т. е. в точках изменения интенсивности рас пределенной нагрузки q, а на эпюре М в точках приложения сосредоточенной силы.
6.Изгибающий момент принимает экстремальное значе ние гам, где поперечная сила проходит через нуль.
7.Скачки на эпюре Q могут быть лишь в точках приложе ния сосредоточенных сил, а на эпюре М в точках приложе ния пар сил; направление скачков совпадает с направлением соответствующей сосредоточенной нагрузки.
8.В шарнире изгибающий момент равен нулю.
Применяя перечисленные правила, легко проверить эпюры (рис. 60). Действительно, очертание эпюр Q и М на участках BD, СВ и АС соответствует правилам 1, 2, 3.
Равномерно распределенная нагрузка q отрицательна, так как она направлена в сторону, обратную положительному на правлению оси оу. Знаку q соответствует по правилу 4 отри цательный угол наклона эпюры Q на этом участке. Парабола, ограничивающая эпюру М, направлена вогнутостью в сто рону действия q. Изломы на эпюре М в точках С и В соответ
ствуют правилу 5. Скачки на эпюрах Q и А( соответствуют
7
правилу 7. На эпюре Q скачки: в точке А на —g- qa вверх (если перемещать взгляд по эпюре слева направо), в точке С на 4qa — вниз и в точке В на -g- qa — вверх отвечают по ве
личине и направлению приложенным в этих точках силам Ra, Р и йв. На эпюре AI один скачок в точке D на qa2 (от —qa2 до нуля), что соответствует приложенной в этой точке паре сил т.
6* |
83 |
Пользуясь правилами 1—8, можно по загрузке балки оп ределить характер эпюр Q и М. Примеры таких построений показаны на рис. 62, 63 и 64. Разумеется, числовые значения Q и М в сечениях балки можно найти без расчета только при простой схеме нагрузки (рис. 62).
§42. НОРМАЛЬНЫЕ НАПРЯЖЕНИЯ ПРИ ЧИСТОМ ИЗГИБЕ
При чистом изгибе в сечениях балки действует постоянный изгибающий момент, а поперечная сила равна нулю (рис. 65). Как следует из формул (6.1), в сечениях балки на участке чистого изгиба возникают только нормальные напряжения.
У |
р |
Р а |
|
, а |
Р8*Р |
||
|
|
|
|
А г |
dz |
|
|
« 1 |
Участок |
чистое 0 |
|
изгиба |
|
||
|
|
||
|
|
И |
|
мА . .... I..:..::.; |
|
||
|
Рис. 65. |
|
Рис. 66 |
Пусть на боковой поверхности балки прямоугольного се чения нанесена сетка прямых линий (рис. 66). При наблюде нии за.ее деформацией в условиях чистого изгиба можно заметить:
—поперечные линии остаются прямыми, но поворачива ются относительно друг друга иа некоторый угол;
—продольные линии искривляются, при этом длина неко торой линии 0 j0 2 не изменяется;
—линии, расположенные по одну сторбну 0\0% удлиня ются, а по другую сторону укорачиваются;
—ось балки остается в плоскости нагружения (плоско сти изгиба).
т
Сказанное подтверждается также при чистом нзгйбе ба лок с симметричными сечениями другой формы, когда плос кость нагружения совпадает с продольной плоскостью сим метрии балки.
Перечисленные наблюдения, а также данные других опы тов позволяют сделать следующие предположения:
1. Плоские поперечные сечения балки, оставаясь плоскими, поворачиваются относительно друг друга (гипотеза плоских сечений).
2. Существует так называемый нейтральный слой мате риала, длина которого не изменяется; волокна, расположен ные по одну сторону нейтрального слоя, испытывают растя
жение, |
а расположенные по другую сторону — сжатие. |
3. Деформации продольных волокон балки по ширине се |
|
чения постоянны. |
|
Линия пересечения нейтрального слоя с плоскостью попе |
|
речного |
сечения называется нейтральной, осью сечения |
(рис. 67).
Р«с. 67
Выделим из балки элемент длицон dz .{рис. 66, 67). Отно сительная деформация какого-либо, волокна об, расположен ного иа расстоянии у от нейтральной оси, равна:
a'b' — ab
|
г ~ |
ab |
'* |
Но ab=dz; |
a'b'= (p—y)db, |
где |
p — радиус кривизны ней |
трального слоя и dQ— угол |
поворота сечений относительно |
||
друг друга. |
Тогда |
|
|
|
= — ІР — y)db — dz _ |
pdti —yd 8 — dz |
|
|
dz |
|
dz |
87
: Учитывая, что длина волокна |
0 [0 2 не изменилась, полу- |
|
чим Ю1 О2 = pdQ= dz. Следовательно,, |
||
_ |
rfÖ |
у |
' |
dz |
р |
По закону: Гука а=Ее. Тогда напряжения сжатия в рас сматриваемом-волокне ab будут равны: .
== ~ - ~ У . |
(6.4) |
Таким юбразом, при чистом изгибе нормальные напряже ния .в поперечном сечении изменяются по линейному закону (см. рис.-67.)-; Для точек нижней части сечения с отрицатель ными‘.ординатами у получим по формуле (6.4) положитель ные, т. е. растягивающие напряжения.
Определим теперь положение нейтральной оси сечения. Совместим с нею ось ох, ось оу расположим в плоскости дей ствия нагрузки (плоскости изгиба). Ось oz направим по оси бруса перпендикулярно сече нию (рис. 68). Выделим в сече нии площадку cLF. Нормаль ные напряжения о, действую щие по площадке dF, дают в сумме силу dN = odF, направ ленную по нормали к сечению.
Запишем выражения для трех внутренних силовых факторов Ау Мх и Му, в которые войдут силы dN, распределенные по сечению (очевидно, что силы dN не могут входить в выра жения для Q .v, Qy, Мкр). Учи
тывая, что сила N равна сумме проекций всех внутренних сил на ось oz, а моменты Мх, Му равны суммам моментов внутренних сил относительно-соответствующих осей, получим
(пользуясь правилами знаков статики): |
. . . |
|
||
УѴ= — j dM- ' ■ |
" М , = - f ydN- |
|
M,, = \ xdN. |
|
F |
F - |
|
F |
|
|
t. |
MX= M. Тогда, |
подста |
|
При чистом изгибе N = 0\' Мѵ= 0\ |
||||
вив. -зна^ние?-силы- dN = odF_=.—EjpydF■и учитывая, |
что ве- |
|||
лиетиа-Д/р-постоянна'для данного сечения, получим: |
|
|||
\ d t = ö ; |
Mi,, - |
— |
('xydF=0. |
(6.5) |
...... r |
‘ ' |
■P |
F |
|
88,.