Тестовый контроль по математике учебно-методическое пособие
..pdfСправочные материалы по теме «Использование производных для исследования функции и построения ее графика»
1. Возрастание и убывание функции. Экстремумы функции
Возрастание и убывание функции y = f (x) характеризуется знаком ее производной y′ = f ′(x) : если в некотором интервале y′ > 0, то функция на этом интервале возрастает, а если y′ < 0, то функция убывает.
Значение функции y = f (x) в точке x0 называется макси-
мумом (минимумом), если оно является наибольшим (наименьшим) по сравнению с ее значениями во всех точках, лежащих в некоторой окрестности точки x0 .
Необходимое условие экстремума. Функция имеет экс-
тремум (максимум или минимум) только в тех точках, которые лежат внутри области определения функции и где ее производная y′ = 0 или не существует. Такие точки называются крити-
ческими.
Достаточное условие экстремума. Если при переходе ар-
гумента x через точку x0
1)производная y′ меняет знак с плюса на минус, то x0 – точка максимума;
2)y′ меняетзнаксминусанаплюс, то x0 – точкаминимума;
3)y′ не меняет знака, то в точке x0 экстремума нет.
2.Направлениевыпуклости кривой иточкиперегиба
Если в некотором интервале график функции расположен ниже любой своей касательной, то он называется выпуклым; а если он расположен выше любой своей касательной, то он называется вогнутым.
101
Точка x0 , в которой график функции меняет направление выпуклости, называется точкой перегиба.
Направление выпуклости графика функции y = f (x) характеризуется знаком ее второй производной y′′ = f ′′(x) : если в некотором интервале y′′ > 0, то график функции на этом интервале вогнутый, а если y′′ < 0, то график выпуклый.
Необходимое условие точки перегиба. Точка x0 является точкой перегиба в тех случаях, когда она лежит внутри области определения функции и в ней вторая производная y′′ = 0 или
не существует.
Достаточное условие точки перегиба. Если при переходе аргумента x через точку x0 вторая производная y′′ меняет знак, то x0 – точка перегиба.
3. Асимптоты графика функции
Асимптотой кривой y = f (x) называется такая прямая,
к которой неограниченно приближается точка кривой при неограниченном удалении ее от начала координат.
1) Если выполнено одно из условий
lim f (x) = ∞ |
, или lim |
f (x) = ∞ , или lim f (x) = ∞ , |
|||
x→ a |
|
x→ +a 0 |
x→ −a 0 |
||
то прямая |
x = a |
является вертикальной асимптотой гра- |
|||
фика функции. |
|
y = kx + b |
|
||
2) Если прямая |
является наклонной асимптотой |
||||
графика функции y = f (x), |
то коэффициенты k и b определя- |
||||
ются по формулам: k = lim |
|
f (x) |
, b = lim ( f (x) − kx). |
||
|
|
||||
|
|
x→±∞ |
x |
x→±∞ |
|
Пределы при x → ±∞ |
следует искать отдельно. |
102
Примеры тестовых заданий с решениями по теме «Использование производных для исследования функции и построения ее графика»
Примеры первого уровня сложности
Пример 1
Достаточным условием убывания функции y = f (x) на
интервале (a;b) является… |
|
|
1) f ′(x) > 0; |
2) f ′(x) = 0; |
|
3)* f ′(x) < 0 на (a;b) ; |
4) f ′′(x) = 0 на (a;b). |
|
Ответ: f ′(x) < 0 на (a;b). |
||
Пример 2 |
y = f (x) |
|
Если функция |
дифференцируема в окрестности |
критической точки x0 , тогда точка x0 является точкой минимума функции y = f (x), если…
1)* f ′(x) < 0 при x < x0 и f ′(x) > 0 при x > x0 ;
2)f ′(x) = 0 в точке x0 ;
3)f ′(x) < 0 в точке x0 ;
4)f ′′(x) = 0 в точке x0 .
Ответ: f ′(x) < 0 при x < x0 и f ′(x) > 0 при x > x0 .
Пример 3
Нарисункеизображенграфикпроизводнойфункцииy = f (x):
103
Количество точек минимума функции на интервале (a; b) равно…
1) 0; 2) 1; 3)* 2; 4) 3.
Решение. Необходимо на графике найти такие точки, в которых y′ = 0, слева отних y′ < 0, асправа y′ > 0. Таких точекдве.
Ответ: 2.
Возможные ошибки:
1.Не изучены теоремы о необходимых и достаточных условиях существования экстремумов функции.
2.Неумение применить указанные выше теоремы к их графической иллюстрации.
Пример 4
Функция y = 2x3 + 3x2 −12x − 5 возрастает на интервале
1) (−2,1); |
2) (−1, 2); 3) [−1, 2); |
4)* (−∞ −, 2) |
(1,+∞ |
). |
|||
Решение. |
Найдем |
первую |
производную |
функции |
|||
y′ = 6x2 + 6x −12. |
Приравняем ее к нулю: x2 + x − 2 = 0. Решим |
||||||
это уравнение и найдем критические точки: |
x = −2, |
x = 1. |
Ме- |
||||
тодом интервалов решим неравенство |
y′ > 0, |
т.е. x2 + x − 2 > 0, |
|||||
и найдем, что x |
−(∞ −, |
2) |
+∞(1, ). |
|
|
|
|
Ответ: (−∞ −, 2) |
+∞(1, |
). |
|
|
|
|
Возможные ошибки:
1.Неизученатеоремао возрастании функциина интервале.
2.Неумение использовать метод интервалов для решения
неравенства y′ > 0.
Пример 5
Функция y = −2x3 − 9x2 + 24x +11 убывает на интервале
1) (−4,1); |
2) (−1, 4); |
|
|
3)* (−∞ −, 4) +∞(1, |
); |
4) (−∞ −, 1) (4,+∞ |
). |
104
Решение. Найдем первую производную функции
y′ = −6x2 −18x + 24. Приравняем ее к нулю: |
x2 + 3x − 4 = 0. Решим |
это уравнение и найдем критические точки: |
x = −4, x = 1. Мето- |
доминтервалов решим неравенство y′ < 0, т.е. −6x2 −18x + 24 < 0,
и найдем, что x −(∞ −, |
4) |
+∞(1, ). |
Ответ: (−∞ −, 4) |
(1,+∞ |
). |
Возможные ошибки:
1.Не изучена теорема об убывании функции на интервале.
2.Неумение воспользоваться методом интервалов для ре-
шения неравенства y′ < 0.
Пример 6
Наименьшее значение функции y = (2x +1)2 на отрезке
[−2,0] равно…
1) 9; |
|
2)* 0; |
3) 1; |
4) –4. |
|
|
Решение. Найдем производную функции |
y′ = 2(2x +1)2. |
|||||
Приравняем ее к нулю: |
4(2x +1) = 0 и найдем критическую точ- |
|||||
ку x = − |
1 |
, |
причем она попала внутрь отрезка |
[−2,0]. Далее |
||
|
||||||
2 |
|
|
|
|
|
найдем значения функции в критической точке и на концах от-
резка: |
|
− |
1 |
|
= 0, |
y(−2) = 9 и y(0) =1. Очевидно, что наи- |
y |
|
|
||||
|
||||||
|
|
|
2 |
|
|
|
меньшее значение функции равно 0.
Ответ: 0.
Возможные ошибки:
Не усвоена схема нахождения наименьшего значения функции, непрерывной наотрезке.
Пример 7 |
|
|
|
Координаты точки |
перегиба |
графика функции |
|
y = 4x3 +12x2 + 3 равны… |
|
|
|
1) (0,1); |
2) (1, 48); |
3)* (−1,11); |
4) (0,0). |
105
Решение. Вторая производная функции y′′ = 24x + 24. Приравняем ее к нулю, найдем критическую точку x = −1. Простыми вычислениями убедимся, что слева и справа от нее направления выпуклости разные, т.е. y′′ слева и справа от нее имеет разные знаки. Следовательно, x = −1 – абсцисса точки перегиба, ордината же равна 11.
Ответ: (−1, 11).
Возможные ошибки:
Неверное использование схемы исследования функции на точки перегиба, заключающейся в последовательном использовании необходимого и достаточного условий существования точек перегиба.
Пример 8 |
|
|
|
|
|
График функции y = 3 − 35x + 48x2 + 4x3 |
выпуклый на ин- |
||||
тервале… |
|
|
|
|
|
1)* (−∞ −, 4); |
2) (−4, +∞ |
); |
3) (−∞ −, 1); |
4) (1, +∞ |
). |
Решение. |
Вторая |
производная |
функции |
равна |
|
y′′ = 24x + 96. Решим неравенство |
y′′ < 0 – условие выпуклости |
||||
графика функции. Будем иметь x < −4. |
|
|
|||
Ответ: (−∞ −, |
4). |
|
|
|
|
Возможные ошибки:
1.Незнание условия выпуклости графика функции.
2.Неверное решение неравенства y′′ < 0.
Пример 9 |
|
|
|
||
Вертикальной асимптотой графика функции y = |
x2 + 3x +11 |
|
|||
(x − 2)3 |
|||||
|
|
|
|||
являетсяпрямая… |
|
|
|
||
1) |
x = −2; |
2)* x = 2; |
|||
3) |
x = 0; |
4) вертикальных асимптот нет. |
106
Решение. Для нахождения вертикальной асимптоты графика функции определяем, что эта элементарная функция не
определена в точке x = 2. Вычисляем: lim x2 + 3x +11 = ∞ , это x→ 2 (x − 2)3
означает, что прямая x = 2 является вертикальной асимптотой графика функции.
Ответ: x = 2.
Возможные ошибки:
1.Незнание, что вертикальная асимптота x = x0 проходит через точку x0 , где функция не определена (разрывна).
2.Незнание, вычислением какого предела надо воспользо-
ваться.
3.Неверное вычисление предела.
|
Пример 10 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Горизонтальной |
асимптотой |
|
графика |
функции |
||||||
y = |
2x3 −1 |
|
является прямая… |
|
|
|
|
||||
x3 + 5x2 + 4x − 4 |
|
|
|
|
|||||||
|
1)* y = 2; |
2) y = 0; |
3) y =1; |
4) y = −2. |
|
|
|||||
|
Решение. Воспользуемся формулой для нахождения гори- |
||||||||||
зонтальных асимптот: |
lim |
f (x) = b1,2 , |
т.е. |
вертикальные асим- |
|||||||
|
|
|
|
x→±∞ |
|
|
|
|
|
|
|
птоты – прямые |
y = b1,2 . Вычисляем |
lim |
2x3 |
−1 |
= 2. |
||||||
x3 + 5x2 |
+ 4x − 4 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
x→±∞ |
|
|
Это означает, что прямая y = 2 является горизонтальной асим-
птотой графика функции.
Ответ: y = 2.
Возможные ошибки:
1.Неверное использование формулы для нахождения горизонтальных асимптот.
2.Неверное вычисление предела.
107
Примеры второго уровня сложности
Пример 11
Функция y = 9x − 3x возрастает на интервале…
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
1) |
1 |
;∞ |
; |
2) |
(log |
1 |
3;∞ ); |
3)* log3 |
1 |
;∞ ; |
4) (0;∞ |
). |
|||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|||
Решение. Решим неравенство y′ > 0, т.е. |
9x ln 9 − 3x ln 3 > 0. |
||||||||||||||||
Послеэлементарныхпреобразованийполучаем x > log3 |
1 |
. |
|
||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Ответ: log3 |
|
;∞ . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Возможные ошибки: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Неумение решать показательные неравенства. |
|
|
|
|
|||||||||||||
Пример 12 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Наименьшее значение функции |
y = x3 − 9x2 − 27x +15 на |
||||||||||||||||
отрезке [−3;−2] равно… |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
1) −9 + |
15; |
|
|
2) 0,3 (3); |
3) 12; |
4)* –12. |
|
|
|
|
|||||||
Решение. Воспользуемся схемой нахождения наименьше- |
|||||||||||||||||
го значения непрерывной функции на отрезке: |
|
|
|
|
|
||||||||||||
1. Найдем производную функции |
y′ = 3x2 −18x − 27. |
При- |
|||||||||||||||
равняем ее к нулю: |
x2 − 6x − 9 = 0, откуда |
x1,2 = 3 ± 3 2. |
Эти |
критические точки не попадают внутрь отрезка [−3;−2].
2. Вычисляем значения функции на концах отрезка: y(−3) = −12, y(−2) = 25.
3. Очевидно, чтонаименьшее значение функции равно–12.
Ответ: –12.
Возможные ошибки:
1.Неверное использование схемы нахождения наименьшего значения.
2.Ошибки в вычислениях.
108
Пример 13
Графикфункции y =12ln x + 2x3 вогнутый наинтервале…
1)* (1, +∞ ); 2) (−∞ |
,0); 3) (−∞ ,1); 4) (0,1). |
||||
Решение. Последовательно найдем вторую производную |
|||||
функции y′ = |
12 |
+ 6x2 , |
y′′ = − |
12 |
+12x. Решим неравенство |
|
x |
|
x2 |
y′′ > 0 – |
условие вогнутости графика функции. Будем иметь |
|
−12 +12x3 |
> 0. Решая неравенство методом интервалов, полу- |
|
x2 |
|
|
чим x |
(1,+∞ ). |
Заметим, что решение этого неравенства находится в области определения функции x > 0.
Ответ: (1, +∞ ).
Возможные ошибки:
1.Неверно найдена вторая производная.
2.Невернозаписано условие вогнутостиграфика функции.
3.Ошибки при решении неравенства методом интервалов.
Пример 14 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Точка перегиба графика функции |
y = |
x2 |
|
имеет коор- |
||||
x +1 |
||||||||
динаты… |
|
|
|
|
|
|||
2) (−1,3); 3) (1, −3); |
4)* таких нет. |
|||||||
1) (1,3); |
||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
||
Решение. |
Вторая производная функции |
y′′ = |
|
. |
||||
(x +1)3 |
Очевидно, что в ноль она не обращается ни при каких x, а не существует в точке x = −1. Но в этой точке не существует и сама функция. Следовательно, точек перегиба нет.
Ответ: точек перегиба нет.
Возможные ошибки:
1.Неумение найти и упростить вторую производную.
2.Не учтена область определения функции.
109
Примеры третьего уровня сложности
Пример 15 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Наклонной асимптотой графика функции y = |
x4 − 3 |
|
|
явля- |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
ется прямая… |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x3 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
1)* y = |
1 |
x; |
2) y = ± |
1 |
x; |
3) |
y = 0; |
4) y = − |
1 |
|
x. |
||||||||||
|
2 |
|
|
|
|||||||||||||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|||||||
Решение. Наклонная асимптота имеет уравнение |
|
y = kx + b. |
|||||||||||||||||||
Найдем k по формуле k = lim |
|
f (x) |
, т.е. |
k = lim |
x4 − 3 |
= |
|
1 |
|
. Далее, |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
x→±∞ |
|
x |
|
x→±∞ |
2x3 x |
2 |
|
|
|
|
|
|
||||||
найдемb поформуле b = lim ( f (x) − kx), т.е. b = lim |
x4 − |
3 |
− |
1 |
x = 0. |
||||||||||||||||
3 |
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
x→±∞ |
|
|
|
x→±∞ |
2x |
|
|
|
|
|
2 |
Следовательно, уравнение наклонной асимптоты y = 1 x. 2
Ответ: y = 1 x. 2
Возможные ошибки:
Незнание или неумение использовать формулы для нахождения наклонных асимптот графика функции.
Тест к разделу «Дифференцирование функции одной переменной»
Время прохождения – 60 мин.
Задания 1-го уровня сложности (легкого) – 1–12. Задания 2-го уровня сложности (среднего) – 13–18. Задания 3-го уровня сложности (сложного) – 19–20.
1. Угловой коэффициент касательной, проведенной к гра-
фику функции y = |
|
x −1 в точке с абсциссой x = 5, равен… |
|||||||
1) 1; |
2) |
1 |
; |
3) − |
1 |
; |
4) |
1 |
. |
|
|
|
|||||||
|
4 |
|
4 |
|
3 |
110