ФИЗИЧЕСКИЕ СВОЙСТВА НЕФТЕЙ
.pdfvk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
175
провода на сегменте (40-60) км известен и равен: (200 −50)20000 = 7,5 10−3 , то можно составить уравнение:
50 +7,5 10−3 (60000 −x )+121, =11369, +1288, 10−3 (60000 − x ),
из которого находим x 49942 м или ≈ 49,942 км. Таким
образом, в рассматриваемом трубопроводе существует один самотечный участок, начало которого находится в сечении 40 км, а конец, в сечении 49,942 км.
38. Вычисляем параметры перекачки:
v = 4Qπd2 = 4 500(3,14 0,5162 3600) 0,665м/с, Re = vdν = 0,665 0,516(15 10−6 ) 22876 ,
λ = 0,3164 4 22876 0,0257 ;
i=0,0257 10,516 0,6652 (2 9,81) 1,12310−3 или1123, м/км. pу ρg = 0,03 106 (850 9,81) 3,60 м.
Вычисляем напор H(150) в конце трубопровода:
H(150)= z150 +pк ρg = 50 +0,3 106 (850 9,81) 85,98 м.
Затем последовательно определяем напоры в заданных сечениях трубопровода, начиная с конечного. Имеем:
H(125)= H(150)+25 i =8598, +1123, 25 114,06 >0+36, м. H(100)=H(125)+25 i =11406, +1123, 25 14214, >50+36, м. H(75) = H(100)+25 i =14214, +1123, 25 170,22 < 200 м.
Поскольку полный напор в сечении не может быть меньше высотной отметки этого сечения, то между 75 и 100 км должен быть самотечный участок, причем сечение x = 75 км является перевальной точкой.
Для того чтобы найти конец самотечного участка, обратимся к рис. 2.2.
Обозначим координату конца самотечного участка через x . Поскольку тангенс угла α наклона профиля трубо-
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
176
провода на сегменте (75-100) км известен: (200−50)25000=6 10−3 , томожносоставитьуравнение:
50 +6 10−3 (100000 − x )+36, =14214, +1123, 10−3 (100000 − x ),
из которого находим x 81845 м или ≈ 81845, км. Таким
образом, в рассматриваемом трубопроводе существует самотечный участок начало которого находится в сечении 75 км, а конец, в сечении 81,845 км.
pу ρg 3,6 м
H(100) = 142,14 м
z75 = 200 м
α
z100 = 50 м
75 x |
100 км |
Рис. 2.2. К решению задачи № 38.
Далее проверяем оставшиеся сечения:
H(50)=H(75)+25 i =200+36, +1123, 25 23168, >150+36, м, H(25)=H(50)+25 i =23168, +1123, 25 25976, >100+36, м, H(0)= H(25)+25 i =259,76+1123, 25 28784, >100+36, м.
Следовательно, других самотечных участков в трубопроводе нет. Теперь рассчитаем давление pн в начале уча-
стка трубопровода:
pн = ρg [H(0)− z0 ]= 850 9,81 187,84 157, 106 Па.
39. Сначала определяем гидравлический уклон i участка трубопровода. Имеем:
d=0,513 мм, v=4Qπd2 =4 500(3600 3,14 0,5132 ) 0,672 м/с, Re =0,672 0,513(310−6 )=114912 , ε = 0,2513 0,39 10−3 ,
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
177
λ= 0,11 (0,39 10−3 +68114912)0,25 0,0195,
i= 0,0195 10,513 0,6722 (2 9,81) 0,875 10−3
или 0,875 м/км.
Можно заметить, что потери напора на участке между
концом трубопровода ( x = 120 км) и сечением |
x = 80 км |
составляют: H(80)− H(120) = i 40 = 0,875 40 = 35 |
м. Если |
учесть, что напор H(120) в конце трубопровода равен при- |
мерно 52,8 м ( 40 +10, 98100(780 9,81) 52,82 ), то напор
H(80) составлял бы 52,8 + 35 = 87,8 м. Однако одна только
высотная отметка сечения x = 80 км, согласно условию, составляет 200 м, поэтому на сегменте [80;120] км имеется
самотечный участок, а сечение x = 80 км является перевальной точкой. При этом следует заметить, что разность высот начала самотечного участка ( z80 = 200 м) и его конца
больше, чем 200 −87,8 = 112,2 м. Таким образом, очевидно, что увеличение давления в конце участка на 5 атм., что составляет 5 98100(780 9,81) 64,1 м, не способно ликви-
дировать самотечный участок полностью, а лишь сокращает его длину. Поэтому расход перекачки от увеличения давления в конце участка на 5 атм. не изменится.
40. Гидравлический уклон i на полностью заполненных сегментах участка трубопровода, данного в условии предыдущей задачи № 39, составляет 0,875 м/км. Найдем напор H(80) в сечении x = 80 км:
H(80)= z80 + pу. ρg = 200 + 20000(780 9,81) 202,61м.
Теперь можно рассчитать напор H(0) и давление pн в на-
чале участка:
H(0) = H(80)+ 0,875 80 = 202,61 + 70 272,6 м,
pн = ρg [H(0)− zн ]= 780 9,81 (272,6 −50) =1703, 106 Па.
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
178
Для того чтобы самотечного участка в трубопроводе не стало, нужно, чтобы гидравлический уклон составил:
i |
= |
H(80)−H(120) |
= 202,61−52,82 3,745 10−3 |
|||||
|
||||||||
|
|
|
40000 |
|
40000 |
|||
или 3,745 м/км. Это означает, что напор H(0) и давление |
||||||||
pн в начале участка должны быть равны: |
||||||||
H(0) = H(120)+ i L = 52,82 + 3,745 120 502,2 м, |
||||||||
pн. |
=ρg [H(0)−zн. |
]= 780 9,81 (502,2 −50) 3,460 106 Па, |
||||||
то есть давление pн |
должно быть увеличено примерно на |
|||||||
3,460 −1703, |
= 1757, |
МПа (или ≈ 17,9 атм.). |
||||||
41. Вычислим сначала напоры H1 и H2 в начале и кон- |
||||||||
це участка, соответственно: |
(735 9,81) 518,8 м, |
|||||||
H |
= z + p |
ρg = 75 +3,2 106 |
||||||
1 |
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
H2 |
= z2 + p2 |
ρg = 50 +0,3 106 |
(735 9,81) 91,6 м. |
Если бы самотечные участки в трубопроводе отсутствовали, то гидравлический уклон i составил бы
= 518,8 −91,6 =
i 4,272 м/км. 100
Это означает, что на первых 20 км трубопровода терялось бы 4,272 20 = 85,44 м напора; на 40 км. - 170,88 м; на 60 км
- 256,32 м, поэтому напоры в соответствующих сечениях были бы равны:
H(20) = 518,8 − 85,44 = 433,36 > 180 м;
H(40)=5188, −17088, = 347,92 > 250м;
H(60) = 518,8 − 256,32 = 262,48 < 350 м.
Отсюда видно, что если в первых двух сечениях линия гидравлического уклона проходит значительно выше профиля трубопровода (во всяком случае, больше, чем на величину pу. ρg = 7000(735 9,81) 9,7 м), то в третьем сече-
нии она проходит уже ниже профиля трубопровода. Следо-
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
179
вательно, линия гидравлического уклона построена не правильно; в трубопроводе имеется самотечный участок и его начало (перевальная точка) находится в сечении x1 = 60 км.
Находим напор H(60) в сечении x1 = 60 км:
H(60)= z60 + pу. ρg = 350 +9,7 = 359,7 м.
Вычисляем гидравлический уклон:
i = (518,8 −359,7)60000 2,652 10−3 или 2,652 м/км.
Теперь можно вычислить напоры и давления в сечениях
20 и 40 км: H(20) = 518,8 − 20 2,652 465,76 м; p(20) = 735 9,81 (465,76 −180) 2,060 106 Па; H(40) = 518,8 − 40 2,652 412,72 м;
p(40) = 735 9,81 (412,72 − 250) 1173, 106 Па.
Поскольку гидравлический уклон на всех заполненных сечениях трубопровода одинаков, то далее линию гидравлического уклона строим с конца трубопровода, то есть с сечения, в котором напор известен. Если бы на участке трубопровода между сечениями x = 80 и x = 100 км самотечных участков не было, то H(80) = 916, +20 2,652 =144,64 м.
Однако эта величина существенно меньше z80 = 230 м, по-
этому на участке (80-100 км) также есть самотечный участок. Поскольку z80 = 230 < z60 = 350 м, то речь идет о про-
должении самотечного участка, начавшегося в сечении x = 60 км.
Найдем конец самотечного участка. Обозначим координату конца самотечного участка через x , рис. 2.3. По-
скольку тангенс угла α наклона профиля трубопровода на сегменте (80-100) км известен: (230 −50)20000 = 9 10−3 , то
можно составить уравнение:
50+910−3 (100000−x )+9,7=91,6 +2,65210−3 (100000 − x ),
из которого находим x 94974,8 м или ≈ 94,975 км. Та-
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
180
ким образом, в рассматриваемом трубопроводе существует один самотечный участок, начало которого находится в сечении 60 км, а конец - в сечении 94,975 км.
pу. ρg 9,7 м
H(100) = 916, м
α
z100 = 50 м
80 x |
100 км |
Рис. 2.3. К решению задачи № 41.
42. Рассчитаем параметры перекачки на участке трубопровода, в котором нефть течет полным сечением:
v = 4Qπd2 = 4 2000 (3600 3,14 0,72 ) 1,444 м/с,
Re =1,444 0,7 (2510−6 ) 40432 , |
|
|
|
|
||||||||||
λ0 =0,3164 |
4 40432 0,0223, |
|
|
|
|
|
||||||||
|
1 |
|
v2 |
|
1 |
|
1,4442 |
|
|
−3 |
, |
0 |
=0,0175, |
|
i =λ0 |
|
|
|
=0,0223 |
|
|
|
|
|
=3,386 10 |
|
tg1 |
||
d |
2g |
0,7 |
|
2 9,81 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
γ = itgβ = 3,386 10−3 0,0175 0,193 .
Поскольку 4,87 λ0 = 4,87 0,0223 1109, < γ = 0193, , то
согласно (29), степень σ заполнения сечения трубы находится по формуле:
σ = 9,39 10−2 2 0,1930,0223 +0,113 = 0,504
или 50,4 %.
43. Если бы сечение трубопровода было заполнено полностью, то скорость v перекачки равнялась бы
v = 4 700(3600 3,14 0,5142 ) 0,938 м/с.
Далее находим:
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
181
Re=0,938 0,514(0,610−6 ) 803553, λ0 =0,11 (0,3514)0,25 0,0171 ,
1 |
|
v2 |
|
1 |
|
|
0938, 2 |
|
−3 |
|
0 |
= 0,0875, |
|||
i =λ0 |
|
|
|
|
=00171, |
|
|
|
|
|
=1492, |
10 |
, tg5 |
|
|
d |
2g |
0514, |
|
2 981, |
|
γ = itgβ =1,492 10−3 0,0875 0,01705 .
Используя формулу (29) для расчета степени σ заполнения сечения трубы, находим:
σ = 01825, (2γλ0 )0,356 = 01825, (2 0,017050,0171)0,356 0,233.
Таким образом, площадь S сечения, занятого жидкостью составляет 23,3 % от площади S0 сечения нефтепро-
вода, а объем Vп. пустот находится следующим расчетом:
Vп. = (S0 −S) 2000 = 0,767 3,14 0,5142 4 2000 318 м3.
44. Существующий режим перекачки характеризуется следующими параметрами:
v0 = 4Qπd2 = 4 1000(3600 3,14 0,5162 ) 1,329 м/с, Re = v0dν =1,329 0,516(8 10−6 ) 85721,
λ0 = 0,11 (ε+68 Re)0,25 = 0,11 (0,2516 +6885721)0,25 0,0204,
hA−C =λ0 Ld v02 2g=0,0204125000 0,516 1,3292 2 9,81 445 м.
Итак, располагаемый на перекачку напор составляет 445 м. Пусть искомая вставка имеет длину x м, а новый расход составляет 1200 м3/ч. Тогда скорости v1 и v2 течения
нефти в основной магистрали и вставке будут соответственно равны:
v1 =4 1200(3600 314, 0516, 2 ) 1595, м/с,
Re1 = 102878 , λ1 0,0198 ,
v2 = 4 1200(3600 3,14 0,72 ) 0,867 м/с, Re2 =75863, λ2 00201, .
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
182
На основе второго равенства (30) составляем уравнение:
445 = 0,0198 |
125000 − x |
|
1,5952 |
+0,0201 |
|
x |
|
0,8672 |
, |
||||
0,516 |
2 9,81 |
0,7 |
2 9,81 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||
из которого находим: x 45655 м или ≈ 45,7 км. |
|
|
|
||||||||||
45. Параметры существующего режима таковы: |
|
|
|||||||||||
d = 0,313 мм, ε = 4,792 10−4 , v 1084, |
м/с, |
|
|
|
|
||||||||
|
( |
|
|
|
|
) |
0,25 00195, |
|
|
||||
Re =135717, λ 011, |
4792, |
10−4 +68 135717 |
, |
|
hτ = 0,0195 1200000,313 1,0842 (2 9,81) 447,75 м.
После реконструкции участка параметры режима должны стать:
d = 0,313 мм, ε = 4,792 10−4 , 1354, м/с,
Re =169521, λ0,11 (4,792 10−4 +68169521)0,25 0,0189
на старой части участка трубопровода, и
d = 0,363 мм, ε = 5510, 10−4 , v 1007, м/с,
Re =146222, λ0,11 (5,5110−4 +68146222)0,25 0,0196 -
на новой части участка.
Обозначим длину вставки через x (м). Тогда имеет место уравнение:
447,75 |
=0,0189 |
|
120000−x |
|
1,3542 |
|
+ 0,0196 |
x |
|
1,0072 |
|
, |
||
0,313 |
2 |
9,81 |
0,363 |
2 9,81 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
откуда находим: x 80420 м или 80,42 км.
46. По определению, эквивалентные параметры dэ ,λэ трубопровода вводятся согласно равенству
λ |
L1 |
|
|
4Q |
2 |
+λ |
|
|
|
L2 |
|
|
|
4Q |
2 |
+λ |
|
|
L1 |
|
|
4Q |
2 |
= |
||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
||||||||||
1 |
2gd1 |
|
πd12 |
|
|
2gd2 |
|
|
πd2 |
2 |
|
|
2gd3 |
πd32 |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
L |
|
|
|
4Q 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
= λэ |
|
|
|
|
|
|
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
2gdэ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
πdэ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где L = L1 +L2 +L3 . Отсюда получаем:
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
183
λ1L1 |
+ |
λ2L2 |
+ |
λ3L3 |
= |
λэL . |
||
d 5 |
|
d |
5 |
|
d |
5 |
|
d 5 |
1 |
|
|
2 |
|
|
3 |
|
э |
Нетрудно проверить, что режим течения на всех участках трубопровода соответствует области квадратичного трения, то есть коэффициент λ гидравлического сопротивления зависит не от скорости течения жидкости, а от относительной шероховатости внутренней поверхности. Поэтому все λ , согласно формуле (27) Шифринсона, пропорцио-
нальны d −0,25 , откуда получаем:
L1 |
+ |
L2 |
+ |
L3 |
= |
L |
. |
d 5,25 |
d 5,25 |
d 5,25 |
|
||||
|
|
|
d 5,25 |
||||
1 |
|
2 |
|
3 |
|
э |
Далее находим эквивалентный диаметр dэ трубопровода:
|
|
L |
|
4 21 |
|
dэ = |
|
|
|
|
. |
|
5,25 |
5,25 |
5,25 |
||
L1 |
d1 |
+ L2 d2 |
+ L3 d3 |
|
Подставляя в эту формулу исходные данные, находим: dэ 502 мм.
47. Воспользуемся формулой (35): dэ=700 1+(514700)19 7 7 19 799 мм.
48. Сначала вычислим потери h1−2 напора на участке нефтепровода:
v = 4Qπd2 = 4 2000(3,14 0,823600) 1,106 м/c, Re = vdν =1,106 0,8(25 10−6 )= 35392 ,
λ = 0,3164 4 35392 0,0231 ,
h1−2 =λ L d u2 2g=0,02311200000,81,1062 2 9,81 216 м.
Таким образом, располагаемый напор для обоих вариантов равен 216 м.
Новый расход перекачки должен составлять 2400 м3/ч, что соответствует скоростям 1,327 м/с на участке без лупинга и 0,663 м/с в каждой из ветвей лупинга.
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
184
Вычисляем коэффициенты λ0 и λ1 гидравлического
сопротивления на участке нефтепровода без лупинга и с лупингом, соответственно:
Re0 = v0dν =1,327 0,8(25 10−6 )= 42464 , λ0 = 0,3164 4 42464 0,0220 ,
Re1 = 21232 ; λ1 = 0,3164 4 21232 0,0262 .
Вычисляем гидравлические уклоны на этих участках:
i0 =λ0 1 d v0 |
2 |
2g=0,022 1,3272 |
(0,8 19,62) 2,468 10−3 , |
||
i =λ 1 d v 2 |
|
2g=0,0262 0,6632 |
(0,8 19,62) 0,734 10−3 . |
||
1 |
1 |
1 |
|
|
|
Обозначив длину лупинга через x , составим следующее уравнение:
h1−2 = i0 (L − x)+ i1 x ;
216 = 2,468 10−3 (120000 − x)+ 0,734 10−3 x ,
откуда x 46228 м.
49. Запишем уравнение Бернулли для сегментов участка
до сечения подкачки и после этого сечения: |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
pн |
|
|
|
|
|
|
pот |
|
= λ1(Q) |
40000 |
|
4Q |
2 |
|
|
|
||||||||||||
zн |
+ |
|
|
|
|
− |
zот + |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, |
|
|
|
|||||||
|
|
|
ρg |
2gd |
πd |
2 |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
ρg |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
pот |
|
|
|
|
|
|
|
pк |
|
|
|
80000 |
|
4(Q +q) |
2 |
||||||||||||
zот + |
|
|
|
− |
zк + |
|
|
|
|
= λ2 |
(Q +q) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||||||||||
|
ρg |
|
ρg |
|
2gd |
|
|
|
πd |
2 |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Сложив эти уравнения почленно, получим: |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
z |
н |
+ |
pн |
|
− |
z |
к |
+ |
pк |
|
= λ v 2 40000 +λ |
2 |
v |
2 |
2 80000, |
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
1 |
2gd |
|
|
|
|
|
|
2gd |
|
|
||||||
|
|
|
ρg |
|
|
|
|
|
ρg |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где индекс (1) относится к параметрам потока до сечения подкачки, а индекс (2) - к параметрам после него.
Далее находим:
v1 = 4 2000(3600 3,14 0,82 ) 1,106 м/с, Re = 35392 , λ1 = 0,0231;