ФИЗИЧЕСКИЕ СВОЙСТВА НЕФТЕЙ
.pdfvk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
165
2.2.Гидравлические режимы работы нефте-
инефтепродуктопроводов
21. Внутренний диаметр d нефтепровода равен 1000 мм ( d = D − 2δ = 1020 − 2 10 = 1000 мм), поэтому годовую пропускную способность G нефтепровода можно найти по формуле: G = 8400 3600 QМ = 8400 3600 ρv S или
G = 8400 3600 900 1,0 3,14 1,02 4 21,365 109 кг/год,
что составляет 21,365 млн. т/год. Здесь 8400 - годовое число часов работы нефтепровода (350 дней).
22. Из уравнения (17) сохранения массы следует, что v1S1 = v2S2 или v1d12 = v2 d2 2 . Отсюда находим:
v2 = v1 (d1 d2 )2 =1,2 [(530 −2 8)(377 −2 6)]2 2,38 м/с.
23. Находим внутренний диаметр d трубопровода: d = D − 2δ = 0,530 − 2 0,008 = 0,514 м.
Кинематическая вязкость ν равна µρ:
ν = 0,015890 16,9 10−6 м2/с или 16,9 сСт.
Далее вычисляем скорость v перекачки
v= 4Qπd2 = 4 800(3600 3,14 0,5142 ) 1,07 м/с.
ичисло Рейнольдса Re : (16,9 10−6 ) 32543 .
Отсюда видно, что течение нефти происходит в режиме
гидравлически гладких труб и, следовательно, λ вычисля-
ется по формуле (25) Блазиуса:
λ = 40,316432543 0,0236 .
24. Внутренний диаметр d нефтепродуктопровода: d = D − 2δ = 0,530 − 2 0,008 = 0,514 м.
Кинематическая вязкость ν бензина равнаµρ:
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
166
ν = 0,5 10−3 750 0,67 10−6 м2/с или 0,67 сСт.
Вычисляем скорость v перекачки
v= 4Qπd2 = 4 1100(3600 3,14 0,5142 ) 1,47 м/с
ичисло Re Рейнольдса: (0,67 10−6 ) 1127731.
Отсюда видно, что течение бензина происходит в режиме квадратичного трения и, следовательно, λ вычисляется по формуле (27) Шифринсона:
λ = 0,11 (0,22514)0,25 0,016 .
25. Внутренний диаметр d нефтепродуктопровода:
d = D − 2δ = 0,530 |
− 2 0,008 = 0,514 м. |
Кинематическая вязкость ν дизельного топлива равна |
|
µ ρ. Следовательно, |
ν = 4 10−3 840 4,76 10−6 м2/с или |
4,76 сСт.
Скорость v перекачки составляет:
v= 4Qπd2 = 4 700(3600 3,14 0,5142 ) 0,94 м/с,
ачисло Re Рейнольдса: (4,76 10−6 ) 101504 .
Отсюда видно, что течение дизельного топлива происходит в режиме смешанного трения и, следовательно, λ
вычисляется по формуле (24) Альтшуля: |
|
||||
λ = 0,11 (0,22 514 +68 101504)0,25 |
0,020 . |
||||
26. Находим сначала скорость v течения дизельного |
|||||
топлива: |
4 250 |
|
|
||
v = |
4Q |
= |
|
0,679 м/с. |
|
|
3600 3,14 (0,377 −2 0,008)2 |
||||
|
πd2 |
|
Затем вычисляем число Re Рейнольдса: Re = 0,679 0,361(5 10−6 ) 49024
и далее - коэффициент λ гидравлического сопротивления:
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
167
λ = 0,3164 4 49024 0,021.
После этого находим гидравлический уклон i , см. (21):
i = λ |
1 |
|
v2 |
= 0,021 |
1 |
|
|
0,6792 |
0,00137 . |
|
d |
2g |
0,361 |
2 9,81 |
|||||||
|
|
|
|
|
Это означает, что уменьшение напора составляет 1,37 м на каждый км протяженности трубопровода.
27. Вычисляем напоры Н0 и Нк в начале и в конце уча-
стка трубопровода. Имеем: |
|
|
|
||||||||||
H |
0 |
= z |
0 |
+ |
p |
0 |
=100 + |
5 106 |
|
699,6 м., |
|||
ρg |
850 |
9,81 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||
H |
к |
= z |
к |
+ |
p |
к |
|
=150 + |
0,5 |
106 |
|
210,0 м. |
|
ρg |
|
850 |
9,81 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
После этого можно найти гидравлический уклон i на уча-
стке нефтепровода: i = (699,6 −210,0)120000 0,00408или
4,08 м/км.
На 20 км падение напора составляет 4,08 20 = 816, м, поэтому напоры в остальных сечениях трубопровода составляют:
H(20) = 699,6 −816, = 618,0 м;
H(40) = 618,0 −816, = 536,4 м;
H(60) = 536,4 −816, = 454,8 м;
H(80) = 454,8 −816, = 373,2 м;
H(100) = 373,2 −816, = 2916, м.
Поскольку линия гидравлического уклона проходит всюду значительно выше профиля трубопровода, то давление во всех его сечениях выше упругости насыщенных паров транспортируемой жидкости и парогазовые полости в трубопроводе отсутствуют.
Рассчитываем давления в заданных сечениях:
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
168
p(20)=ρg [H(20)−z(20)]=850 9,81(618,6−150) 3,907106 Па; p(40)=ρg [H(40)−z(40)]=850 9,81(536,4−200) 2,805106 Па; p(60)=ρg [H(60)−z(60)]=850 9,81(454,8−100) 2,958106 Па; p(80)=ρg [H(80)−z(80)]=850 9,81(373,2−50) 2,695106 Па; p(100)=ρg [H(100)−z(100)]=850 9,81(291,6−50) 2,015106 Па.
28. Вычисляем напоры Н(20) и Н(60) в сечениях 20 и 60 км:
H(20)= z |
20 |
+ |
|
p20 |
=120 + |
|
3,8 |
106 |
|
647,0 м., |
||
ρg |
735 9,81 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||
H(60) = z |
60 |
+ |
p60 |
|
=160 + |
|
2,6 |
106 |
|
520,6 м. |
||
|
|
735 |
9,81 |
|||||||||
|
|
|
ρg |
|
|
|
Тогда гидравлический уклон i на участке нефтепровода равен: i = (647,0 −520,6)40000 0,00316 или 3,16 м/км.
На 20 км падение напора составляет 316, 20 = 63,2 м, поэтому напоры в остальных сечениях трубопровода составляют:
H(0) = 647,0 + 63,2 = 710,2 м;
H(40) = 647,0 − 63,2 = 5838, м;
H(80) = 520,6 − 63,2 = 457,4 м;
H(100) = 457,4 − 63,2 = 394,2 м.
Поскольку линия гидравлического уклона проходит всюду значительно выше профиля трубопровода, то давление во всех его сечениях выше упругости насыщенных паров бензина ( pу. 0,07 МПа) и парогазовые полости в тру-
бопроводе отсутствуют.
Рассчитываем давления в заданных сечениях: p(0)=ρg [H(0)−z0 ]=735 981, (7102, −75) 458, 106 Па;
p(40)=ρg [H(40)−z40 ]=735 981, (5838, −180) 291, 106 Па;
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
169
p(80)=ρg [H(80)−z80 ]=735 981, (457,4−130) 2,36 106 Па; |
||||||
p(100)=ρg [H(100)−z100 ]=735 981, (3942, |
−30) 263, 106 Па. |
|||||
29. Решение задачи, см. (22), понятно из таблицы: |
||||||
Q, м3/ч |
100 |
150 |
200 |
|
250 |
300 |
v, м/с |
0,37 |
0,56 |
0,74 |
|
0,93 |
1,11 |
Re |
5717 |
8652 |
11433 |
|
14369 |
17150 |
λ |
0,03 |
0,033 |
0,031 |
|
0,029 |
0,028 |
hτ , м |
122 |
407 |
504 |
|
745 |
1024 |
hτ +∆z, м |
22 |
307 |
404 |
|
645 |
924 |
30. Решение задачи, см. (22), понятно из таблицы: |
||||||
Q, м3/ч |
800 |
900 |
1000 |
|
1100 |
1200 |
v, м/с |
1,063 |
1,196 |
1,329 |
|
1,462 |
1,595 |
Re |
60945 |
68571 |
76196 |
|
83821 |
91447 |
λ |
0,0217 |
0,0212 |
0,0208 |
|
0,0205 |
0,0202 |
hτ , м |
302,8 |
374,4 |
454 |
|
541 |
635 |
hτ +∆z, м |
408 |
479 |
559 |
|
646 |
740 |
31. |
Сначала |
определяем |
|
скорость бензина во втором |
||||
участке: |
|
|
|
|
|
|
=1,2 (514 365)2 |
|
v πd 2 |
4 =v |
2 |
πd 2 |
4 v |
2 |
2,38 м/с. |
||
1 |
1 |
|
2 |
|
|
|
Эти скорости соответствуют числам Рейнольдса:
Re1 =1,2 0,514(0,6 10−6 )=1028000 и
Re2 = 2,38 0,361(0,6 10−6 ) 1431967 .
Далее по формуле (27) Шифринсона рассчитываем коэффициенты гидравлического сопротивления:
λ1 = 0,11 (0,15514)0,25 0,0144 ; λ2 = 0,11 (0,15361)0,25 0,0157 .
И, наконец, вычисляем потери напора на трение:
(hτ )1 = 0,0144 600000,514 1,22 (2 9,81) 123,4 м,
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
170
(hτ )2 = 0,0157 300000,361 2,382 (2 9,81) 376,7 м.
Общие потери напора в трубопроводе определяются суммой 123,4 + 376,7 501 м.
32. Сначала определяем скорость v течения нефти: v = 4Qπd2 = 4 2500(3600 3,14 0,8042 ) 1,369 м/с.
Затем вычисляем число Re Рейнольдса:
Re = vdν =1,369 0,804(7 10−6 ) 157239 ,
коэффициент λ гидравлического сопротивления:
λ= 0,11 (0,2804 +68157239)0,25 0,0178
ипотери напора hτ на трение:
hτ = 0,0178 1400000,804 1,3692 (2 9,81) 296,1м.
Из уравнения (16) Бернулли находим:
(pн −3) 98100 +(120 −160)= 296,1 p 316, атм. 850 9,81
Таким образом, давление в начале участка составляет
31,6 атм. ( ≈ 31, МПа).
33. Уравнение Бернулли в данном случае имеет вид:
|
p |
−p |
2 |
= h1−2 = λ |
L |
|
v2 |
. |
|
|
|
|
|
|||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
ρg |
|
d |
2g |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Отсюда получаем уравнение для скорости v течения: |
||||||||||||||||
15 98100 |
= λ140000 |
|
v2 |
|
λ v2 |
0,0189 . |
||||||||||
|
890 9,81 |
2 |
9,81 |
|||||||||||||
|
0,8 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Решаем полученное уравнение методом итераций (по- |
||||||||||||||||
следовательных приближений). |
|
|
λ(1) = 0,02 , то- |
|||||||||||||
Первое |
приближение: |
полагаем |
||||||||||||||
гдаv(1) |
= 0,0189 0,02 , или |
0,972 |
м/с. Число Рейнольд- |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
( |
10−6 |
) |
|
= 77760 . |
Используя формулу |
||||||
са: Re = 0,972 0,8 10 |
|
|
Блазиуса (1.23), имеем: λ = 0,3164 4 77760 0,0189 < λ(1) .
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
171
Второе приближение: полагаем λ(2) = 0,0189 , то-
гдаv(2) = 0,0189 0,0189 , или 1,0 |
м/с. Число Рейнольдса |
||||
( |
10−6 |
) |
= 80000 . |
Используя |
формулу |
Re : Re =1,0 0,8 10 |
|
||||
(1.25), имеем: λ = 0,3164 |
4 80000 0,0188 ≈ λ(2) |
. Таким об- |
разом, в результате второго приближения достигнуто хорошее совпадение взятого и полученного λ , поэтому третьей итерации не требуется.
Далее имеем: Q = v πd2 4 =1,0 3,14 0,82 4 0,5024 м3/с
или 1809 м3/ч. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
34. Уравнение Бернулли в данном случае имеет вид: |
|
|
|||||||||||||
|
p −p |
2 |
+ zн −zк = λ |
L |
|
v2 |
. |
|
|
|
|
|
|||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
ρg |
|
d |
2g |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Отсюда получаем уравнение для скорости v течения: |
|
|
|||||||||||||
(55−3) 98100 |
+(50−100)=λ 120000 |
v2 |
|
λ v2 00589, |
. |
||||||||||
740 9,81 |
2 9,81 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
0,516 |
|
|
|
|||||||
Полученное уравнение решаем методом итераций. |
|
|
|||||||||||||
Первое |
приближение: |
полагаем |
λ(1) = 0,02 ; |
то- |
|||||||||||
гдаv(1) = |
0,0589 0,02 , или |
1716, |
м/с. Вычисляем число |
||||||||||||
Рейнольдса: Re =1,716 0,516 |
(0,6 10−6 )=1475760 . Исполь- |
||||||||||||||
зуя формулу Шифринсона (1.27), имеем: |
|
|
|
||||||||||||
λ = 0,11 (0,2 516)0,25 |
0,0154 < λ(1) = 0,02 . |
|
|
||||||||||||
Второе |
приближение: |
полагаем λ(2) = 0,0154 ; |
то- |
||||||||||||
гдаv(2) = |
0,0589 0,0154 , |
или v(2) |
=1,96 |
|
м/с. Вычисляем |
число Рейнольдса: Re =1,96 0,516(0,6 10−6 )=1685600 . Это
означает, что режим течения и в этой итерации будет квадратичным, значит, коэффициент λ вычислен правильно: λ = 0,0154 . Далее находим:
Q =1,96 3600 3,14 0,5162 4 1475 м3/ч.
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
172
35. Запишем уравнение Бернулли в следующем виде:
(pн −pк )+ρБg(zн −zк )= λБ Ld ρБvБ2 2 ,
(pн −pк )+ρДg(zн −zк )= λД Ld ρДvД2 2 .
Вычитая из первого уравнения второе, получаем:
(ρБ −ρД )g(zн −zк )= L2d (ρБλБvБ2 −ρДλДvД2 )
Подставляя исходные данные, имеем:
100 9,81 100 =125000(2 0,514)(740λБvБ2 −840λДvД2 ),
откуда находим: 740λБvБ2 −840λДvД2 08068, .
Последовательно вычисляя
vБ =4Q πd2= 4 8109 |
(8400 3600 740 3,14 0,5142 ) 1,724 м/c, |
|||
ReБ =1,724 0,514 |
(0,6 10−6 ) 1476893 , |
|||
λБ = 0,11 (0,15 514)0,25 0,0144 и λБvД |
2 0,0428 , |
|||
получаем: λД vД |
2 |
0,0367 . |
|
|
Это уравнение |
решаем методом итераций. В качестве |
нулевого приближения полагаем λД0 = 0,02 , тогда имеем: vД0 1355, м/c ReД0 =1,355 0,514(6 10−6 ) 116078 .
λД1 = 0,11 (0,15514 +6811607)0,25 0,0189 .
Вследующем приближении полагаем λД1 = 0,0189 :
vД1 1393, м/c ReД1 =1,393 0,514(6 10−6 ) 119334 , λД2 = 0,11 (0,15514 +68119334)0,25 0,0188 ,
что практически не отличается от принятого значения λД1 .
Находим:
GД =840 8400 3600 3,14 0,5142 41,393 7,3385109 кг/год,
что составляет ≈ 7,34 млн.т/год.
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
173
2.3. Трубопроводы с самотечными участками; вставки, лупинги, отводы
36. Изобразив профиль трубопровода на чертеже, заметим, что самотечный участок прежде всего может возник-
нуть в сечении x = 40 |
км. При этом гидравлический уклон |
||||||||||||
i находится так: |
|
( |
200+0,01 106 840 9,81 −0,3 106 |
|
|
|
|
||||||
|
H(40)−H(120) |
|
840 |
9,81 |
|
||||||||
i = |
= |
|
|
|
|
|
) |
|
|
|
, |
||
(120 −40) 103 |
|
|
|
|
|
|
80000 |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
откуда находим: i 2,06 10−3 |
или 2,06 м/км. |
|
|
|
|
||||||||
|
Уравнение |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0,00206 = λ |
1 |
|
|
v2 |
|
или λ v2 0,0208 |
|
|
|
|
||
|
0,514 |
2 |
9,81 |
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
решаем методом итераций (последовательных приближений).
Вкачестве первого приближения берем λ(1) = 0,02 . То-
гда находим v(1) 102, м/с. Вычисляем число Рейнольдса:
Re(1) =1,02 0,514(5 10−6 )=104856 и далее λ :
λ(2) = 0,11 (0,15 514 +68 104856)0,25 0,0193.
Вкачестве второго приближения берем найденное зна-
чение |
λ(2) = 0,0193. |
Имеем: v(2) 1038, |
м/с. Вычисляем |
число |
Рейнольдса: |
Re(2) =1,038 0,514 (5 10−6 ) 106706 и |
далее новое значение коэффициента гидравлического со-
противления: λ(3) = 0,11 (0,15 514 +68 106706)0,25 0,0192 .
Поскольку λ(3) λ(2) , то итерационный процесс закончен. Итак, v 1038, м/с, что соответствует Q 775 м3/ч.
37. Решение предыдущей задачи показало, что минимальный расход дизельного топлива, необходимый для перекачки без самотечных участков составляет 775 м3/ч. От-
vk.com/club152685050 | vk.com/id446425943
174
сюда следует, что при меньшем расходе 650 м3/ч такой самотечный участок имеется, причем перевальная точка, очевидно, расположена в сечении x = 40 км. Найдем координату конца самотечного участка.
Параметры перекачки топлива таковы: v = 4 600(3600 3,14 0,5142 ) 0,804 м/с, Re = 0,804 0,514(5 10−6 ) 82651,
λ= 0,11 (0,15514 +6882651)0,25 0,0201,
i= 0,0201 10,514 0,8042 (2 9,81) 1,288 10−3
или 1,288 м/км.
Давление в конце участка трубопровода равно 0,3 МПа, что составляет 0,3 106 (840 9,81) 36,41 м столба дизельного топлива, поэтому напор в сечении x = 60 км равен:
0 + 36,41 + (120 − 60) 1288, 113,69 м.
Расчет координаты конца самотечного участка, находящегося между сечениями 40 и 60 км, понятен из рис. 2.1.
pу ρg 1,21м
H(60) = 113,69 м
z40 = 200 м
α
z60 = 50 м
40 x |
60 км |
Рис. 2.1. К решению задачи № 37.
Обозначим координату конца самотечного участка через x . Поскольку тангенс угла α наклона профиля трубо-