glava8
.pdfРаздел III
ЭЛЕКТРОМАГНЕТИЗМ
Глава 8
Электростатика
§ 56
Закон сохранения электрического заряда
Еще в глубокой древности было известно, что янтарь, потертый о шерсть,
притягивает легкие предметы. Английский врач Джильберт (конец XVI в.) назвал тела, способные после натирания притягивать легкие предметы, наэлектризован-
ными.
Существует два типа электрических зарядов: положительные, отрица-
тельные. Одноименные заряды – отталкиваются, разноименные – притяги-
ваются.
Опытным путём американский физик Р. Милликен показал, что электриче-
ский заряд дискретен.
Элементарный электрический заряд: e = 1,6 ×10−19 Кл;
[q]=1 Кл ;
1 Кл = 2,998 ×109 » 3 ×109 СГСЭ - единиц заряда ; e = 4,8 ×10−10 СГСЭ - единиц заряда .
При электризации тел происходит перераспределение зарядов.
Системы, не обменивающиеся зарядами с внешними телами, называются замк-
нутыми.
Закон сохранения заряда М. Фарадей (1843 г.): алгебраическая сумма электри-
ческих зарядов любой замкнутой системы остается неизменной, какие бы про-
цессы ни происходили внутри этой системы.
Проводники – вещества, в которых электрический заряд может перемещаться по всему его объему. Проводники делятся на две группы:
1. Проводники первого рода – металл (переносимые заряды – свободные элек-
троны).
2. Проводники второго рода – расплавы, растворы (заряды – ионы).
Диэлектрики – вещества, в которых практически отсутствуют свободные заряды.
Полупроводники – вещества, занимающие по электрическим свойствам проме-
жуточное положение между проводниками и диэлектриками.
§ 57
Закон Кулона
Закон взаимодействия неподвижных точечных электрических зарядов
установлен в 1785 г. Ш. Кулоном .
Точечным – называется заряд, сосредоточенный на теле, линейные размеры ко-
торого пренебрежимо малы по сравнению с расстоянием до других заряженных тел, с которыми он взаимодействует.
Закон Кулона: сила взаимодействия F между двумя неподвижными точечными зарядами, находящимися в вакууме, пропорциональна зарядам q1 и q2 и обратно пропорциональна квадрату расстояния r между ними
F = k |
|
|
q1q2 |
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
r2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= k |
q1q2 |
|
|
r12 |
|
|
|
|
|
|
|||||||
Векторная форма закона Кулона: F |
|
|
. |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
12 |
|
|
|
|
r2 |
|
|
r |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
k = 1 (СГСЭ-единиц заряда), k = |
1 |
|
|
– ( |
СИ) |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
4πε |
0 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
F = |
|
1 |
|
|
q1q2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
4pe0 |
|
|
|
r2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Электрическая постоянная – e0 = 8,85 ×10 |
−12 |
Кл2 |
= |
8,85 ×10 |
−12 |
Ф м; |
||||||||||||||||||||||||
|
|
Н × м2 |
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
k = |
1 |
|
= 9 ×109 |
Н × м2 |
|
= 9 ×109 Ф м. |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4pe |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Кл2 |
|
|
|
|
R |
N |
R |
Силы взаимодействия зарядов произвольной формы – F |
= ∑Fi |
|
|
i=1 |
|
Задача. Расстояние между двумя точечными зарядами |
Q1 = 2 мкКл и |
|
Q2 = −Q1 равно 10 см. Определить силу, действующую |
на |
точечный заряд |
Q = 0,2 мкКл, удаленный на r1 = 6 см от первого и на r2 = 8 см от второго заря-
дов.
Дано: |
СИ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение |
|||
Q1 = 2 мкКл |
2×10–6 Кл |
Согласно закону Кулона силы, с которыми |
|||||||||||||||
Q = −2 мкКл |
–2 ×10–6 Кл |
заряд Q1 и Q2 |
|
действуют на заряд Q , определяют- |
|||||||||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Q = 0,2 мкКл |
0,2×10–6 Кл |
ся выражениями |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
r =10 см |
0,1 м |
F = |
|
1 |
|
|
|
QQ1 |
|
, |
|
|
|
||||
r1 = 6 см |
0,06 м |
1 |
4pe |
|
|
|
|
|
r2 |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
0 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
r2 = 8 см |
0,08 м |
F = |
|
|
|
|
Q |
|
Q2 |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
4pe |
|
|
|
|
r2 |
|
|
|
|
|||||||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
2 |
|
|
|
|
|
||||
F = ? |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
и направлены так, как это показано на рисунке. Тогда суммарную силу F оп-
ределим, сложив эти два вектора
F = F1 + F2 .
Модуль вектора F найдем по теореме косинусов
F = F2 + F2 |
- 2FF cos a , |
|||||
1 |
|
2 |
|
1 |
2 |
|
где a – угол, |
противолежащий вектору F , который можно найти из треугольника |
|||||
со сторонами r1 , r2 |
и r |
|
|
|||
cos a = |
r2 |
+ r |
2 - r2 |
|
|
|
1 |
2 |
|
. |
|
||
|
2r1r2 |
|
||||
|
|
|
|
|
||
Вычислим косинус угла |
|
|
||||
|
(0,06 м)2 |
+ (0,08 м)2 - (0,1 м)2 |
||||
cos a = |
|
|
|
|
|
= 0 , |
|
|
2 × |
|
|
||
|
|
|
0,06 м×0,08 м |
следовательно, угол α = 90°. Отсюда следует, что треугольники будут прямо-
угольными, и величину силы F можно определить по теореме Пифагора
F = F12 + F22 .
Подставим в эту формулу выражения для F1 |
иF2 |
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
||||
F = |
|
1 |
|
|
1 |
|
Q |
|
Q2 |
|
|
= |
Q Q2 |
+ |
Q2 |
|||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
2 |
|
|
|||
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
4 |
4 . |
|||||||||||||
|
4pe0 |
|
+ |
4pe0 |
|
|
|
4pe0 |
||||||||||||||||
|
|
|
r1 |
|
|
|
r2 |
|
|
|
|
r1 |
|
r2 |
В полученное равенство подставим числовые значения
F = |
|
0,2 ×10−6 Кл |
× |
|
(2 ×10−6 |
Кл)2 |
+ |
(-2 ×10−6 Кл)2 |
|
= 1,15 Н |
|
×3,14 ×8,85 ×10−12 Ф/м |
|
(0,06 м)4 |
(0,08 м)4 |
|
|||||
4 |
|
|
|
|
|
§ 58
Электростатическое поле. Напряженность электростатического поля
Если на заряд, внесенный в пространство, действует кулоновская сила, то в этом
пространстве существует силовое поле.
Электростатическое поле – создается неподвижными телами, оно материально,
посредствам его осуществляется взаимодействие между заряженными макроско-
пическими телами и частицами.
Напряженность электростатического поля – в данной точке есть физическая величина, определяемая силой, действующей на единичный положительный за-
ряд, помещенный в эту точку поля
E = Fq0 ,
R |
1 |
|
|
|
|
R |
||
|
q |
|
|
r |
|
|||
E = |
|
|
|
– векторная форма; |
||||
4pe0 |
r2 |
|
||||||
|
|
|
|
r |
||||
E = |
1 |
|
q |
|
|
– скалярная форма |
||
4pe0 |
|
r2 |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
[E]=1 Вм =1 НКл – размерность
Линии напряженности – линии, касательные к
которым в каждой точке совпадают с направ-
лением вектора E .
Густота силовых линий характеризует вели-
чину напряженности электростатического поля
EdS cos α = EndS .
§ 59
Принцип суперпозиции электростатических полей. Поле диполя
Рассмотрим метод определения значения и направление вектора напряжен-
ности E в каждой точке электростатического поля, создаваемого системой не-
подвижных зарядов q1 , q2 , ..., qN
R N |
R |
R N |
R |
F = ∑Fi |
или E = ∑Ei – принцип суперпозиции. |
||
i=1 |
|
i=1 |
|
Принципы суперпозиции можно применить для расчета электростатиче-
ского поля электрического диполя.
Электрический диполь – система двух равных по модулю разноименных точеч-
ных зарядов ( + q, −q ), расстояние l , между которыми значительно меньше расстояние до рассматриваемых точек поля.
Вектор, направленный по оси диполя от отрицательного заряда к положитель-
ному и равный расстоянию между ними, называется плечом диполя l .
Вектор R = , совпадающий по направлению с плечом диполя и равный произ- l
q
p
ведению заряда q на плечо l , называется электрическим моментом диполя или
дипольным моментом.
Согласно принципу суперпозиции:
1. Напряженность поля на продолжении оси диполя
r >> l ; EA = E+ − E−
|
= |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
q |
|
|
− |
|
|
q |
|
= |
|||||
EA |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
4πε |
|
|
|
|
|
|
|
|
(r + l 2)2 |
||||||||||||||
|
|
|
0 (r − l 2)2 |
|
|
|
|
, |
|||||||||||||||
|
|
|
|
q (r + l 2)2 − (r − l 2)2 |
|
||||||||||||||||||
|
= |
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
4πε0 |
|
|
(r − l 2)2 (r + l 2)2 |
|
|
|
|||||||||||||||
так как l |
2 << r , |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
E |
= |
|
|
1 |
|
|
|
|
2ql |
= |
|
1 |
|
|
|
2p |
. |
|
|
|
|
||
|
4πε |
0 r3 |
4πε0 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
A |
|
|
|
|
|
r3 |
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2.Напряженность на перпендикуляре, восстановленном к оси из середины диполя
Из подобия равнобедренных треугольников, опирающихся на плечо диполя
и вектор EB , получим
E+ = E− = |
1 |
|
|
|
|
q |
|
|
|
≈ |
1 |
|
q |
. |
||||||||||
4πε0 r′2 + l2 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 4πε0 r′2 |
||||||||||||||
|
EB |
= |
|
|
|
|
|
|
l |
|
|
|
|
≈ |
|
l |
, |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r′ |
|
|
|
|
|||||||||
|
E+ |
|
|
(r′)2 + (l 2)2 |
|
|
|
|
||||||||||||||||
откуда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
EB = |
E+ |
l |
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
r′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
или |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
|
= |
1 |
|
|
ql |
= |
|
1 |
|
|
|
p |
. |
|
|
|
|||||||
B |
4πε0 (r′)3 |
4πε0 (r′)3 |
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вектор EB имеет направление, противоположное электрическому моменту ди-
поля (вектор p направлен от отрицательного заряда к положительному).
Рассмотрим диполь, находящийся во внешнем электрическом поле. Если диполь поместить в однородное электрическое поле,
образующие диполь заряды окажутся под действием равных по величине, но
противоположных по направлению сил F1 и F2 . Тогда на диполь будет действо-
вать вращающий момент
M = qElsin α = pEsin α
или в векторном виде выражение имеет вид
= R ´
M [p E].
Момент сил стремится повернуть диполь так, чтобы его электрический момент P
установился по направлению поля.
Рассмотрим диполь, находящийся в неоднородном электрическом поле, об-
ладающем симметрией относительно оси x . В
этом случае силы F1 и F2 уже не будут равными по величине. В случае, приведенном на рисунке, будет отлична от нуля компонента Fx
равнодействующей этих сил. Она равна
F= p ∂E cos a .
x ¶x
Задача 1. Диполь с электрическим моментом p = 10 пКл×м находится в не-
однородном электрическом поле. Степень неоднородности поля в направлении оси диполя: dEdx = 2 МВ/м2. Вычислите силу, действующую на диполь в этом направлении.
Дано: |
СИ |
|
|
Решение |
p = 10 пКл×м |
10–11 Кл×м |
Силу, действующую на диполь в неодно- |
||
dE dx = 2 МВ/м2 |
2×106 В/м2 |
родном электрическом поле, определим по фор- |
||
|
|
муле |
|
|
Fx = ? |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
F = p |
dE |
cos a . |
|
|
|
||
|
|
x |
dx |
|
|
|
|
Поскольку степень неоднородности электростатического поля направлена вдоль оси диполя, как это показано на рисунке, то в этом случае α = 0 и
формула примет вид
Fx = p dE . dx
Подставим числовые значения в полученное выражение
Fx = 10−11 Кл×м× 2 ×106 В/м2 = 2 ×10−5 Н = 20 мкН.
Задача 2. В вершинах А и С квадрата AВCD со стороной a =10 см находят-
ся разноименные заряды q1 = 8 нКл и q2 = −6 нКл. Найти напряженность электри-
ческого поля в точке D.
Дано:
a =10 см q1 = 8 нКл
q2 = −6 нКл
E = ?
СИ
0,1 м
8×10–9 Кл
–6 ×10–9 Кл
Решение
По принципу суперпозиции элек-
трических полей напряженность поля в точке D равна
E = E1 + E2 ,
где |
E1 – |
|
вектор напряженности поля в точке D, |
||||||||
обусловленного зарядом q1 , величина которого равна |
|||||||||||
|
E = |
1 |
|
|
q1 |
; |
|||||
|
|
|
|
|
|
||||||
|
1 |
4pe0 |
|
a2 |
|||||||
|
|
|
|||||||||
E2 – |
вектор напряженности поля в этой точке, обуслов- |
||||||||||
ленного зарядом q2 , величина которого определяется выражением |
|||||||||||
|
E2 = |
1 |
|
|
|
q |
2 |
|
. |
||
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4pe0 a2
Как видно из рисунка, величину результирующего поля в точке D можно найти по теореме Пифагора
E = |
E2 |
+ E2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставляя в эту формулу выражения для E1 и E2 получим |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
q |
|
|
q |
2 |
|
|
|
q2 |
+ q2 |
||||||
E = |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
= |
1 |
|
2 |
|
||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
2 . |
|||||||
|
4pe0a |
|
|
+ |
4pe0a |
2 |
4pe0a |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В полученное равенство подставим числовые значения
(8 ×10−9 Кл)2 + (-6 ×10−9 Кл)2
E = 4 ×3,14 ×8,85 ×10−12 Ф/м×(0,1м)2 = 9000 В/м = 9 кВ/м
§ 60
Теорема Гаусса
R
Величина dΦE = EndS = EdS называется потоком вектора
напряженности.
Поток вектора напряженности электростатического поля через произвольную замкнутую поверхность определяется вы-
ражением
R |
|
ΦE = ∫ EndS = ∫ EdS , |
(60.1) |
SS
где интеграл берется по замкнутой поверхности S . Потом вектор E является ал-
гебраической величиной: зависит не только от конфигурации поля E , но и от вы-
бора направления n . Для замкнутых поверхностей за положительное направле-
ние нормали n принимается внешняя нормаль, т.е. нормаль,
направленная наружу области, охватываемой поверхностью.
Вычисление напряженности поля системы электрических зарядов с помощью принципа суперпозиции электростатических полей можно значительно упростить,
используя выведенную немецким ученым К. Гауссом (1777–1855) теорему, опре-
деляющую поток вектора напряженности электрического поля через произволь-
ную замкнутую поверхность.
В соответствии с формулой (60.1) поток вектора напряженности сквозь сфе-
рическую поверхность радиуса r , охватывающую точечный заряд q , находя-
щийся в ее центре
ΦE = ∫EndS = |
q |
|
4πr2 = |
q |
. |
4πε |
|
|
|||
S |
0 |
|
ε0 |
Этот результат справедлив для замкнутой поверхности любой формы. Действи-
тельно, если окружить сферу (см. рис.) произвольной замкнутой поверхностью,
то каждая линия напряженности, пронизывающая сферу, пройдет и сквозь эту поверхность. Если замкнутая поверхность не охватывает заряда, то поток сквозь неё равен нулю, так как число линий напряженности, входящих в поверхность,
равно числу линий напряженности, выходящих из нее. Нечетное число пересече-
ний при вычислении потока в конечном счете сводится к одному пересечению,
так как поток считается положительным, если линия напряженности выходит из поверхности, и отрицательным для линий, входящих в поверхность.
Если замкнутая поверхность не охватывает заряда, то поток
сквозь нее равен нулю, т.к. число линий напряженности, входящих в поверхность, равно числу линий выходящих из нее.
Таким образом, для поверхности любой формы, если она |
|
|||||
замкнута и заключает в себя точечный заряд q , поток вектора E |
|
|||||
будет равен q ε0 , т.е. |
|
|
|
|
||
R |
R |
|
q |
|
|
|
ΦE = ∫EdS = ∫EndS |
= |
. |
(60.2) |
|||
|
||||||
S |
S |
|
ε0 |
|
Знак потока совпадает со знаком заряда q .
Рассмотрим общий случай произвольной поверхности, окружающей N за-
рядов. В соответствии с принципом суперпозиции напряженность E поля, созда-
ваемого всеми зарядами, равна сумме напряженности Ei , создаваемых каждым
R N R
зарядом в отдельности: E = ∑Ei . Поэтому
i=1