новая папка / Кузьменко Н.Е., Теренин В.И., Рыжова О.Н. и др. Химия. Формулы успеха на вступительных экзаменах
.pdf232. |
Решения заданий и ответы 2004 г. |
10. 0.3 моль |
4-бромизопропилбензола, 0.15 моль 2,4-дибромизопро |
пилбензола. |
|
|
Вариант ХБ-2004-4 |
1. |
?н |
, о |
СН3-СЧ + НСЫ-► СНз-СН-СЕ N
Н
2.1.58-102 моль/л.
3.56 кДж/моль.
4.А - Н20 ; В - 8 .
СбН5Ж )2 + 2НЫ03 Н25° 4 > С 6Н3(Ж )2)з +2Н20 ;
2Н20 + 2 Иа -► 2 ЫаОН + Н2; СбН5Ы02 + 3 (Ш 4)23 -► С6Н5ЫН2 + 6 Ш 3 + 38 + 2Н20;
8 + бИаОН -> 2Иа28 + Иа280з + ЗН20 .
5.Кадмий 48С<! Ь 22.у22р 63.у23р 63</|04.г4р 64а'ш5.52.
6 . со( С г2( 8 0 4) з) = со(ТЧа28 0 4) = 2 .12%, со(Ыа2С 03) = 3.11%.
7.а) 5С12 + Вг2 + 6Н20 -► 10НС1 + 2НВЮ3; б) 2СгС13 + ЗИаСЮ + ЮИаОН -► 2Иа2СЮ4 + 9№С1 + 5Н20;
в) 5КЖ )2 + 2КМп04 + ЗН28 0 4 -► 5КЖ ) 3 + 2Мп804 + К28 0 4 + ЗН20 .
8.
Н3С -С Н -С Н , |
Ш С -С Н -С Н , |
№ С -С В г-С Н 3 |
А |
|
|
|
Ы02 |
И0 2 |
|
ОН |
|
Н3С—С=СН2 |
СНз- сI - СН2ОН |
|
о |
|
|
N02 N02
Решения заданий и ответы 2004 г. |
233 |
н3с -сн - сн3 |
|
н3с—сн—сн3 |
||
+ ш о3Н2504 |
|
О |
+ н л |
|
|
|
|
||
|
|
|
N02 |
|
Н3С—СН-СНз |
|
Н3С -С В г-С Н 3 |
||
+ Вг2 - |
^ |
|( |
)| |
+ НВг; |
И 02 |
|
N02 |
|
|
Н3С -С В г-С Н 3 |
|
Н3С—с=сн2 |
||
+К 0Н |
— —Н» |
( ( ^ ) ] |
+ КВг + Н20 " |
|
N02 |
|
|
Ы° 2 |
|
Н3С—С=СН2 |
|
Н3С-С(ОН)-СН2ОН |
||
3 ( ^ ] + 2КМп04 + 4Н20 —► |
[ ^ ] |
+ 2Мп02| + 2К0Н. |
||
N02 |
|
|
N02 |
|
9.Ре(Ж ) 3)3 • 9Н20 .
10.0.08моль 2,4-дибромпропилбензола и 0.16 моль 2,4,6-трибром- пропилбензола.
Биологический факультет
Вариант ВБ-2004-1
1. Реакция гидролиза дипептида протекает по уравнению: С8Н14К 20 5 + Н20 -> С5Н9N04 + С3Н7Ш 2.
Ответ: X - С3Н7Ж )2.
2.Минимальная степень окисления атома брома (-1) - НВг, КВг; максимальная (+7) - НВЮ4, КВЮ4.
3.Молярная масса смеси водорода и азота (М\):
М\ = 4.25 • 2 = 8.5 г/моль.
234 |
|
Решения заданий и ответы 2004 г. |
У\ = 40 л, |
ЩЫ2) = 28 г/моль, |
У2 = 2 0 л; молярная масса конечной |
смеси (М2): |
|
|
1# М 1К + М ( Н 2)-У2 |
8.5-40 + 28-20 1С . |
|
М 7 |
= ——--------——— - = -------------------- = 15 г/моль. |
|
|
Ух+У2 |
40 + 20 |
Плотность смеси по водороду: |
|
|
|
Д Н 2)= |
15/2 = 7.5. |
Ответ: й ( Н2) = 7.5. |
|
4. Схема трехстадийного синтеза:
СН4 -> С2Н2 -> С2Н4 -> С2Н4(ОН)2.
1) 2СН4 — ^ С2Н2 + ЗН2;
2)С2Н2 + Н2 -> С 2Н4;
3)ЗС2Н4 + 2КМп04 + 4Н20 -> ЗС2Н4(ОН)2 + 2Мп02| + 2КОН.
5.Реакция протекает по уравнению:
С 02 + 2КОН -> К2С 0 3 + Н20.
По условию задачи исходные количества углекислого газа и гидро ксида калия:
у(С02) = 16.8 / 22.4 = 0.75 моль,
у(КОН) = 400 • 0.28 / 56 = 2 моль (избыток).
В результате реакции образовалось 0.75 моль карбоната калия, масса которого
т(К2С 03) = 0.75 • 138 = 103.5 г.
Количество оставшегося в растворе гидроксида калия и его масса:
Уост(КОН) = 2 - 1.5 = 0.5 моль,
/Иост(КОН) = 0.5 • 56 = 28 г.
Ответ: 103.5 г К2С 03, 28 г КОН.
6 . а) Н28 |
^ |
Н+ + Н8 ". |
|
|
а * ЛПс = л/ю-7 /1 0 "1 = 10_3. |
б) Н28 |
в |
Н+ + Н8 ~; |
НС1 -» Н* + СГ.
К = [Н+][Н8 -]
[Н28]
Можно принять: Н+] = 1 + [Н8 ] * 1 М; [Н28 ] = 0.1 - [Н8 ~] «0.1 М, тогда из выражения константы диссоциации Н28 имеем:
Решения заданий и ответы 2004 г. |
.235 |
|
[н+ ] |
101^1 = ю - м , |
|
1 |
|
следовательно, |
|
|
|
а * [Н8 ~] / с = 1<Г8 / 0.1 = 1(Г7. |
|
Ответ: а) 10 ; б) 10 . |
|
|
7 . 1) |
Са3(Р04)2 + Н3Р 0 4 -» ЗСаНР04; |
|
2) |
2СаНР04 + 5С +28Ю2 — |
2Р + 2Са8Ю3 + 5СО| + Н20; |
3) |
4Р + ЗКОН + ЗН20 — |
РН3| + ЗКН2Р 02; |
4)РН3 + 2 0 2 -> Н3Р 04;
5)2Н3Р 0 4 + Са(ОН)2 -> Са(Н2Р 0 4)2 + 2Н20;
6 ) Са(Н2Р04)2 + 2Са(ОН)2 — Са3(Р04)2| + 4Н20.
8 . 1) С6Н5СН3 + Вг2 |
С6Н5СН2Вг + НВг; |
2)С6Н5СН2Вг + КОН(водн) -> С6Н5СН2ОН + КВг;
3)5С6Н5СН2ОН + 4КМп04 + 6Н2804 -> 5С6Н5СООН + 2К2804 +
+4Мп804 + 11Н20;
4)С6Н5СООН + ИН3 -> С6Н5СООШ 4;
5)2СбН5СООНН4 + Ва(ОН)2 -> (С6Н5СОО)2Ва + 2 Ш 3Т + 2Н20;
6 ) (С6Н5СОО)2Ва + Ыа2804 -> 2С6Н5СООНа + Ва8044.
9.Пусть формула оксида неметалла с четной валентностью ЭОх, г
-число атомов кислорода. Реакция между оксидом неметалла и ЫаОН описывается следующим уравнением:
ЭОх + 2ШОН -> Ка2ЭОх + 1 + Н20.
Найдем массу конечного раствора, содержащего соль Ыа2ЭОх+ ^ тр.ра= 10.16+ 124= 134.16 г.
По массовой доле соли рассчитаем массу соли:
т(N3 2 3 0 *+!) = 134.16 • 0.1127 = 15.12 г, отсюда масса оксида натрия и его количество:
т(Ха20) = 15.12-10.16 = 4.96 г; у(Ка20) = 4.96 /62 = 0.08 моль,
а так как у(Ка20 ) = у(ЭОх) = 0.08 моль, молярная масса оксида неметалла:
236. |
Решения заданий и ответы 2004 г. |
М(ЭОх) = 10.16 / 0.08 = 127 г/моль.
Если х = 1, то М(Э) = 127 - 16 = 111 (такого неметалла нет); если х = 2, то М{Э) = 127 - 16 • 2 = 95 (такого неметалла нет); если х = 3, то М(Э) = 127 —16*3 = 79 г/моль; это - 8 е.
Реакция между оксидом неметалла и гидроксидом натрия в растворе протекает по уравнению:
8е03 + 2КаОН -> Ка2$е04 + Н20.
Найдем массовую долю ЫаОН в конечном растворе. К оксиду неме талла добавили 124 г 10%-ного раствора ИаОН или 12.4 г ИаОН; в реак цию вступило 0.08 • 2 = 0.16 моль, или 6.4 г ИаОН, в растворе осталось 12.4-6.4 = 6 г.
Отсюда массовая доля щелочи в конечном растворе:
со(КаОН) = 6 / 134.16 = 0.0447 (или 4.47%).
Ответ: 8е03, Ка2$е04, со(КаОН) = 4.47%.
10. Общая формула обоих гомологических рядов С„Н2„_5М. Напишем выражение для массовой доли углерода в смеси:
0 . 7 8 5 - — 1 2 2 — ,
14и + 9
откуда п = 1.
С бромоводородом оба изомера реагируют по уравнению: С7Н9К + НВг -> С7Н10КВг,
Используя уравнение Клапейрона-Менделеева, находим количество бромоводорода:
у(НВг) = = 1 0 1 '3 1 '21 = 0.05 моль. КТ 8.314-295
Общее количество гомологов анилина и пиридина:
^0бщ(С7Н9К) = у(НВг) = 0.05 моль.
Сбромной водой реагирует только гомолог анилина. Количество реагирующего брома:
у(Вг2) = 500 • 0.032 / 160 = 0.1 моль.
Гомолог анилина содержит один атом углерода в боковой цепи. Если бы этот атом был в орто- или пара-попожении по отношению к группе >Ш2, то вещество реагировало бы с двойным количеством брома:
СН3С6Н4Ш 2 + 2 В г 2 -> СН3С6Н2Вг2КН2 + 2НВг,
но в этом случае
у(СН3С6Н4КН2) = 0.1 /2 = 0.05 моль,
Решения заданий и ответы 2004 г. |
.237 |
что невозможно, т.к. общее количество гомологов анилина и пиридина равно 0.05 моль. Поэтому реакция идет с тройным количеством брома, что возможно только в случае мета-положения заместителя:
Вг
+ ЗНВг
СН3
Таким образом, количество гомолога анилина::
у(гом.анилина) = 0.1 / 3 = 0.033 моль,
а количество гомолога пиридина:
у(гом.пиридина) = 0.05 - 0.033 = 0.017 моль.
Массовые доли изомеров равны мольным долям:
со(гом.анилина) = 0.033 / 0.05 = 0.66 (или 6 6 %);
со(гом.пиридина) = 0.017 / 0.05 = 0.34 (или 34%).
Гомолог пиридина может иметь любое строение: с двумя (диметилпиридин) или одной (этилпиридин) боковыми цепями, например:
Ответ: 3 -метиланилин, любой диметилили этилпиридин; со(гом.анилина) = 6 6 %, со(гом.пиридина) = 34%.
Вариант ВБ-2004-2
1. Реакция гидролиза дипептида протекает по уравнению:
С ^Н к^О з + Н20 -> С9Н цК 03 + С3Н7К 0 3.
Ответ: X - С3Н7К 0 3.
2.Минимальная степень окисления атома иода (-1) - Н1, К1; макси мальная (+7) - 120 7, Н$Ю6.
3.Молярная масса смеси водорода и азота (М\):
М\ = 18 • 2 = 36 г/моль;
V\ = 100 л, М(С02) = 44 г/моль, У2= 100 л. Молярная масса конечной смеси (М2):
238. |
|
Решения заданий и ответы 2004 г. |
М , |
М хУ,+ М{С02)-У2 |
36 100 + 44 100 , л . |
= — —------ ----- —— - |
= ----------------------= 40 г/моль. |
|
2 |
У1+У2 |
100 + 100 |
Плотность по водороду:
Д Н 2) = 4 0 /2 = 20.
Ответ: 1)(Н2) = 20. 4. Схема синтеза:
СН4 -+ С2Н2 -> СН3СНО -> С2Н5ОН; СН3СНО -+ СНзСООН -> СН3СООС2Н5 .
1)2СН4 —?—> С2Н2 + ЗН2;
2)С2Н2 + Н20 н«2+-н+ > СНзСНО;
3) |
СНзСНО + Н2 Л№ |
> С2Н5ОН; |
4) |
СНзСНО + 2[А§(МН3)2]ОН -+ СН3СООН + 2 А §| + 4 Ш 3| + Н20 ; |
|
5) с2н5он + сН зС оон |
Н2504(к°нц) > СН3СООС2Н5 + Н20 . |
5. Исходные количества сернистого газа и гидроксида натрия: у(302) = 14.56 / 22.4 = 0.65 моль;
у(КаОН) = 200 • 0.17 / 40 = 0.85 моль.
Поскольку 1 < (у(Ка0Н)/у(802)) < 2, следовательно, в результате ре акции одновременно образуются средняя и кислая соли:
3 0 2 + 2КаОН -> Ка23 0 3 + Н20; 3 0 2 + ИаОН -> ЫаН803.
Пусть в первую реакцию вступит х моль 8 0 2, а во вторую - у моль 3 0 2.
Составим систему из двух уравнений с двумя неизвестными:
х +у = 0.65; 2х +у = 0.85,
решив которую, получим: х = 0.2, у = 0.45.
Количество Ыа28 0 3, образовавшегося в первой реакции, и его масса: у(Ка28 0 3) = 0.2 моль,
/и(Ка23 0 3) = 0.2 • 126 = 25.2 г.
Количество ЫаН803, образовавшегося во второй реакции, и его масса:
Решения заданий и ответы 2004 г. |
.239 |
у(ЫаН803) = 0.45 моль, /иСИаНЗОз) = 0.45 • 104 = 46.8 г.
Ответ: 25.2 г На28 0 3, 46.8 г ЫаН803.
6 . а) Н28 ^ Ы + Н8 ~;
а » |
4 к / с |
= л/кГГ = 3.2-10"3. |
б) Н28 е Н* + Н8 ~; |
|
|
НС1 -> Н+ + СГ; |
|
|
|
к |
[Н+][Н8 -] |
|
|
[Н28 ] |
Можно принять: [Н+] = 0.1 + [Н8 ‘] « 0.1 М; [Н28 ] = 0.01 - [Н8 ‘] * « 0.01 М; тогда из выражения константы диссоциации Н2$ имеем:
|
|
[Н8 -] = ^ ] = К Г * М , |
|
|
[Н+] |
следовательно, |
|
|
|
а * [Н8 “] / с = 10"8 / 0.01 = 10-6. |
|
Ответ: а) 3.2-10 "3; |
б) 10"6. |
|
7 . 1) |
ЗМп02 + 4А1 -► ЗМп + 2А120 3; |
|
2) |
Мп + 4 Ш 0 3(конц) -> М п(Ш 3)2 + 2И02| + 2Н20; |
|
3) |
Мп(М03)2 — |
Мп0 2 + 2И02Т; |
4)Мп02 + 4НВг -> МпВг2 + Вг2 + 2Н20;
5)МпВг2 + С12 -> МпС12 + Вг2;
6 ) МпС12 + 2СН3СООА§ -> (СН3СОО)2Мп + 2А§С11.
8 . 1)С7Н,« Л ш > С6Н5СН3 + 4Н2;
2)5С6Н5СН3 + 6КМп04 + 9Н28 0 4 -► 5С6Н5СООН + ЗК28 0 4 +
+6Мп804 + 14Н20;
3)С6Н5СООН + Ш 3 -> С6Н5СООШ 4;
4)С6Н5СО О Ш 4 + КаОН -> С6Н5СООКа + Ш 3| + Н20 ;
5) |
СбН5СО(Жа + ИаОН — |
С6Н6 + На2С 03; |
6 ) |
С6Н6 + Ш О з Н2504(конц) ^ |
с 6н 5Но 2 + н20. |
Ответ: X - С6Н5СН3) V - С6Н5СООЫН4, Ъ - С6Н6.
240. |
Решения заданий и ответы 2004 г. |
9.Пусть формула оксида неметалла с четной валентностью ЭОх, где х
-число атомов кислорода. Реакция между ИаОН и оксидом неметалла описывается следующим уравнением:
ЭОх + 2КаОН -> И азЗС и + Н20.
Найдем массу конечного раствора, содержащего соль:
/Ир_ра = 9.6 + 108 = 117.6 г.
По массовой доле соли рассчитаем массу соли:
/и(Ка2ЭОх+1) = 117.6 • 0.1449 = 17.04 г,
отсюда масса оксида натрия и его количество:
т(Ш20) = 17.04 - 9.6 = 7.44 г;
у(]Ча20) = 7.44 / 62 = 0.12 моль,
а так как у(Ыа20 ) = у(ЭОх) = 0.12 моль, молярная масса оксида неметалла:
М(ЭОх) = 9.6 / 0.12 = 80 г/моль.
Если х = 1, то М(Э) = 80 - 16 = 64 ( такого неметалла нет); если х = 2, то М(Э) = 80 - 32 = 48 (такого неметалла нет); если х = 3, то М{Э) = 80 - 48 = 32; это - 8 .
8 0 3 + 2КаОН -> Ка2$ 0 4 + Н20.
Найдем массовую долю ИаОН в конечном растворе. К оксиду неме талла добавили 108 г 10%-ного раствора гидроксида натрия или 10.8 г ИаОН; в реакцию вступило 0.12 • 2 = 0.24 моль, или 9.6 г ИаОН; в рас творе щелочи осталось 10.8 - 9.6 = 1.2 г.
Отсюда массовая доля щелочи в конечном растворе:
со(КаОН) = 1.2 /117.6 « 0.01 (или 1%).
Ответ: 80з, Ка28 0 4, со(КаОН) = 1%.
10. Общая формула обоих гомологических рядов: С„Н2„_5К. Напишем выражения для массовой доли азота в смеси:
14
0.131 = ---------- , 14л+ 9
откуда п = 1.
С хлороводородом оба изомера реагируют по уравнению: С7Н9К + НС1 -> С7Н10МС1.
Используя уравнение Клапейрона-Менделеева, находим количество бромоводорода:
Решения заданий и ответы 2004 г. |
241 |
= 0.04 моль
Общее количество гомологов анилина и пиридина:
^общСС^НдК) = у(НВг) = 0.04 моль.
С бромной водой реагирует только гомолог анилина. Количество реагирующего брома:
у(Вг2) = 320 • 0.04 /160 = 0.08 моль.
Гомолог анилина содержит один атом углерода в боковой цепи. Если бы этот атом был в орто- или иа/?а-положении по отношению к Т4Н2, то вещество реагировало бы с двойным количеством брома:
СНзСбН4КН2+ 2Вг2-> СН3С6Н2Вг2КН2 + 2НВг,
но в этом случае у(СН3С6Н4МН2) = 0.0812 = 0.04 моль, что невозможно, т.к. общее количество гомологов анилина и пиридина равно 0.04. Поэто му реакция идет с тройным количеством брома, что возможно только в случае л*е/яд-положения заместителя:
+ ЗНВг
Вг
Таким образом, количество гомолога анилина:
у(гом.анилина) = 0.08 / 3 = 0.027 моль,
а количество гомолога пиридина:
у(гом.пиридина) = 0.04 - 0.027 = 0.013 моль.
Массовые доли изомеров равны мольным долям:
со(гом.анилина) = 0.027 / 0.04 = 0.67 (или 67%);
со(гом.пиридина) =0.013 / 0.04 = 0.33 (или 33%).
Гомолог пиридина может иметь любое строение: с двумя (диметилпиридин) или одной (этилпиридин) боковыми цепями, например:
Ответ: 3 -метиланилин, любой диметилили этилпиридин; со(гом.анилина) = 67%, со(гом.пиридина) = 33%.