Учебное пособие 1691
.pdfфункция, следовательно, ее график симметричен относительно оси Oy . В этом случае из геометрических соображений (рис. 3.10) получим формулу
a |
a |
S = ∫ f (x)d x = 2∫ f (x)d x . |
|
−a |
0 |
Если f (x) – нечетная функция, следовательно, ее график симметричен
относительно начала координат. Из геометрических соображений (рис. 3.11) ясно, что
a |
0 |
a |
∫ f (x)d x = ∫ f (x)d x + ∫ f (x)d x = 0 . |
||
−a |
−a |
0 |
у |
y = f (x) |
|
|
у |
|
|
y = f (x) |
О
−а |
О |
а |
х |
|
|
|
|
Рис. 3.11. Криволинейная трапеция, |
|||||||
|
|
|
|
ограниченная нечетной функцией |
|||
Рис. 3.10. Криволинейная трапеция, |
|
|
|
|
|||
ограниченная четной функцией |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
π |
|
|
|
Пример 3.11. Вычислить интеграл |
∫2 |
sin 3xdx . |
|||||
|
|
|
|
−π |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
Решение. Так как отрезок интегрирования симметричен относительно нуля, а подынтегральная функция нечетная, то, пользуясь (3.24) получим
π
∫2 sin3xdx = 0 .
−π2
111
3.2.10.Вычисление объема тела по известным площадям поперечных сечений
Пусть требуется найти объем некоторого тела Т, у которого известна площадь любого его сечения плоскостью, перпендикулярной к оси Ox (рис. 3.12). Эта площадь будет зависеть от положения секущей плоскости, т.е. будет функцией от х: S = S (x), где х – точка оси ОХ через которую проведено
сечение.
Т
S = S (xi )
xi
a |
xi−1 xi |
b |
х |
Рис. 3.12. Тело Т с известными площадями поперечных сечений
Для вычисления объема такого тела разобьем его на n слоев плоскостями x = x0 = a , x = x1, x = x2 ,…, x = xn = b . Каждый слой (тело, ограниченное двумя
параллельными плоскостями) можно считать практически цилиндрическим, если толщина его мала. Так как для цилиндрического тела объем равен
V = SOCH h ,
то объем i – го цилиндра с площадью основания S (xi ) и высотой xi = xi − xi−1 |
|
равен |
|
Vi = S (xi ) xi . |
|
Тогда приближенно искомый объем тела Т составит |
|
n |
n |
V ≈ ∑Vi = ∑S (xi ) xi . |
|
i=1 |
i=1 |
Будем неограниченно увеличивать число разбиений ( n → ∞), считая, что d = max xi →0 . Если при этом полученная сумма будет стремиться к пределу,
112
то его считают равным объему данного тела
|
n |
V = lim |
∑S (xi ) |
d →0 |
i=1 |
(n→∞) |
|
|
b |
|
|
xi , т.е. |
V = ∫S (x)dx |
. |
(3.27) |
|
a |
|
|
Формула (3.27) называется формулой вычисления объема тела по пло-
щадям параллельных сечений.
3.2.11. Вычисление объема тела вращения
Пусть вокруг оси Ox вращается криволинейная трапеция, ограниченная кривой y = f (x), осью Ox и прямыми x = a и x = b (рис. 3.13).
у
y = f (x)
О |
a |
х |
b |
х |
Рис. 3.13. Тело вращения
Тело, полученное от вращения этой фигуры, называется телом вращения. Сечение этого тела плоскостью, перпендикулярной оси Ox , проведенной
через произвольную точку х оси Ox (x [a;b]), есть круг с радиусом R = y = f (x). Следовательно, площадь поперечного сечения будет равна
S (x)=πR2 =π f 2 (x).
Применив формулу (3.27) для вычисления объема тела по площадям па-
раллельных сечений, получим формулу для вычисления объема тела враще-
ния
113
b |
b |
|
|
Vx =π ∫ f 2 |
(x)dx =π∫y2dx |
. |
(3.28) |
a |
a |
|
|
В случае если вокруг оси Ox вращается фигура, ограниченная прямыми x = a и x = b и графиками функций y = f1 (x) и y = f2 (x), где f2 (x)≥ f1 (x)≥ 0 на [a;b] (рис. 3.14) формула (3.28) принимает вид
V |
=π b |
f 2 |
(x)− f 2 |
(x) dx |
. |
(3.29) |
|
x |
∫ |
2 |
1 |
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
у
y2 = f2 (x)
y1 = f1 (x)
О |
a |
b |
х |
Рис. 3.14. Вращение плоской фигуры вокруг оси Ox
Пример 3.12. Вычислить объем шара.
Решение.
|
у |
R2 − x2 |
|
y = |
|
−R |
R |
х |
Рис. 3.15. Чертеж к примеру 3.12.
Как известно, объем шара можно вычислить по формуле
V = 43 πR3 .
Этот результат можно получить использовав формулу (3.28). Пусть вокруг
оси |
Ox вращается полуокружность |
y = |
R2 − x2 . Тогда объем, полученного |
тела вращения будет равен
114
R |
( |
R |
R |
(R2 − x2 )dx = |
V =π ∫ |
R2 − x2 )2 dx =π ∫ |
(R2 − x2 )dx = 2π ∫ |
||
−R |
|
−R |
0 |
|
|
|
R |
|
x |
3 |
|
R |
|
|
R |
3 |
|
|
4 |
|
||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
= 2π R2 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
− |
|
|
|
|
|
= 2π R3 |
− |
|
|
|
= |
|
πR3 . |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
0 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
3 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3.2.12. Вычисление длины дуги плоской кривой
Под длиной плоской кривой понимают предел вписанной в нее ломаной, когда число звеньев ломаной неограниченно возрастает при неограниченном уменьшении длины каждого звена.
Пусть на плоскости задана кривая y = f (x). Найдем длину дуги AB этой
кривой. Для этого возьмем на дуге AB точки M0 , M1, M2 ,…, Mn (где M0 – это
точка А, а Mn – это точка В) с абсциссами x0 = a , x1, x2 ,…, xn =b и проведем хорды M0M1 , M1M2 ,…, Mn−1Mn , длины которых обозначим соответственно
L1 , L2 ,…, |
Ln . (рис. 3.16). |
y |
Li |
y = f (x) |
Mi−1 |
Mi |
Mn |
|
M2 |
xi |
yi |
M1 |
|
M0
O |
a x0 x1 x2 xi−1 |
xi |
xn = b |
x |
|
Рис. 3.16. Вывод формулы (3.30) |
|
В результате получим ломаную M0M1M2 …Mn−1Mn , вписанную в дугу AB . Длина этой ломаной равна
n
Ln = L1 + L2 +…+ Ln = ∑ Li .
i=1
115
Длину отдельной хорды (звена ломаной) можно найти по теореме Пифа-
гора из треугольника с катетами |
xi и |
|
yi |
(см. рис. 3.16) |
|
2 |
||||||||||
Li = |
|
Mi−1Mi |
|
= ( |
xi ) |
2 |
+( |
yi ) |
2 |
= |
|
xi |
|
yi |
||
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
1 + |
x |
. |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
i |
|
Таким образом, длина всей ломаной |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
n |
|
n |
|
|
|
|
yi |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
Ln = ∑ Li = ∑ 1+ |
|
x |
xi . |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
i=1 |
i=1 |
|
|
i |
|
|
|
|
|
Будем неограниченно увеличивать число звеньев ломаной так, чтобы каждый участок равномерно уменьшался (т.е. максимальная длина звена приближалась к нулю (при этом d = max xi →0 )). В этом случае длина L всей кривой
AB будет равна пределу суммы длин всех звеньев
L = lim Ln = |
lim |
n |
Li = lim |
n |
|
2 |
|
∑ |
∑ |
1+ |
yi |
xi . |
|||
d →0 |
d →0 |
i=1 |
d →0 |
i=1 |
|
xi |
|
(n→∞) |
(n→∞) |
|
(n→∞) |
|
|
|
|
|
|
|
n |
|
yi |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Можно показать, что сумма ∑ |
1 + |
x |
xi является интегральной |
||||||
|
|
|
i=1 |
|
i |
|
|
|
|
для функции 1+(y′(x))2 , поэтому ее предел при d = max |
xi →0 равен опре- |
||||||||
деленному интегралу |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
b |
|
y′(x) 2 dx |
|
|
|||
|
L = |
∫ |
1+ |
. |
(3.30) |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
Пример 3.13. Вычислить длину окружности.
Решение.
116
у |
R2 − x2 |
R y = |
|
R |
х |
Как известно, длина окружности равна 2πR . Такой же результат можно получить использовав формулу для нахо-
ждения длины дуги (3.30).
Так как окружность симметрична относительно осей координат, то можно найти часть ее длины, например, от точ-
Рис. 3.17. Чертеж к примеру 3.13. |
ки |
(0; R) до точки (R;0), |
|
т.е. 1 |
|
ее дли- |
|||||||||||||||||||||||||||||||
ны. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
Так как уравнение окружности в этой четверти имеет вид y = |
R2 − x2 , |
||||||||||||||||||||||||||||||||||
то |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
R |
|
|
|
|
R2 |
− x2 |
′ 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
−2x |
|
2 |
|
|
R |
|
|
|
x2 |
|
|
|||||
|
L |
= |
∫ |
1 |
+ |
|
|
dx = |
∫ |
1+ |
|
|
|
|
|
|
dx = |
∫ |
1+ |
|
|
|
dx = |
||||||||||||||
4 |
|
|
|
|
|
|
|
R2 − x2 |
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
( |
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 R |
2 |
− x |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
||||
|
R |
|
R2 − x2 + x2 |
|
R |
|
|
|
R2 |
|
|
|
|
|
R |
|
1 |
|
|
|
|
R |
1 |
|
|
||||||||||||
= ∫ |
|
|
|
|
|
|
|
dx = ∫ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx = R∫ |
|
|
|
|
|
|
dx = R∫ |
|
|
|
|
dx = |
||||||
|
|
R |
2 |
− x |
2 |
|
R |
2 |
|
|
− x |
2 |
|
|
R2 − x2 |
|
|
R2 − x2 |
|
||||||||||||||||||
|
0 |
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
= R arcsin |
x |
|
|
R = R(arcsin1 −arcsin0)= R |
π . |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 L = R π |
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
Так как |
, то L = 2πR . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Замечание 3.2. Если менять правый конец В дуги AB и обозначить абс- |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
циссу точки В через х, то длина L дуги AB будет функцией от х: |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
L(x) |
= x |
1+ |
y′(x) 2 dx . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
∫ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a
Используя восьмое свойство определенного интеграла, получим:
x |
1 |
|
|
|
|
′ |
= 1 |
+ y′(x) 2 |
|
L′(x)= |
+ y′(x) 2 d x |
||||||||
∫ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
или |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dL |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
= |
1 |
+ |
dy |
. |
|
(3.31) |
|
|
|
dx |
|
|
|||||
|
|
|
|
dx |
|
|
117
Из (3.31) следует
|
|
|
2 |
|
|
dL = |
1+ |
dy |
|
dx . |
(3.32) |
|
|||||
|
dx |
|
|
Формула (3.32) называется формулой дифференциала дуги.
3.2.13. Вычисление площади поверхности тела вращения
Если нам дана поверхность тела вращения (см. рис. 3.13), то площадь этой поверхности можно найти по формуле
S = 2πb |
f (x) |
1+ f ′(x) |
2 |
dx |
. |
(3.33) |
|
∫ |
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
Пример 3.14. Найти площадь поверхности шара радиуса R.
Решение. Так как поверхность шара образована вращением полуокруж-
ности y = |
R2 − x2 |
(−R ≤ x ≤ R) вокруг оси Ox (см. рис. 3.15), то по формуле |
|||||||||||||||||
(3.33) вычисляем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
R |
R2 − x2 |
|
|
|
|
R2 − x2 ′ |
|
2 |
R |
R2 |
− x2 |
|
|
x |
2 |
|
||
S = 2π |
∫ |
|
1+ |
|
|
dx = 2π |
∫ |
|
1+ |
|
dx = |
||||||||
|
R2 − x2 |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
( |
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
−R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
−R |
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
R2 − x2 + x2 |
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
R |
|
|||
= 2π ∫ R2 − x2 |
|
|
|
|
|
|
dx = 2π ∫ R2 − x2 + x2 dx = 2πR ∫ dx = |
||||||||||||
|
R |
2 |
− x |
2 |
|||||||||||||||
|
−R |
|
|
|
|
|
|
|
−R |
|
|
|
|
|
|
−R |
|
= 2πR x −RR = 2πR(R −(−R))= 4πR2 .
118
4.ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ
4.1.Общие сведения о дифференциальных уравнениях
Дифференциальным уравнением называется уравнение, связывающее независимую переменную x, искомую функцию у и ее производные, т.е. уравнение вида
F (x, y, y′,..., y(n))= 0 , |
(4.1) |
где x – независимая переменная, y = y(x) – искомая функция, а y′, y′′,…, y(n) –
ее производные.
Отметим, что неизвестным в дифференциальном уравнении является не число у, а функция y = y(x) .
Далее мы будем для краткости заменять слова «дифференциальное уравнение» на ДУ.
Если искомая (неизвестная) функция зависит от одной переменной, то ДУ называют обыкновенным; в противном случае – ДУ в частных производ-
ных. Далее будем рассматривать только обыкновенные ДУ.
Решением ДУ называется функция y =ϕ(x), которая при подстановке
ее вместо у в исходное ДУ обращает его в тождество.
Процесс отыскания решения ДУ называется интегрированием ДУ, а
график решения ДУ – интегральной кривой.
Простейшим примером дифференциального уравнения может служить уравнение y′ = f (x). В этом уравнении ищется функция, производная которой
совпадает с заданной функцией f (x). Из темы интегрирование нам известен
инструмент, который решает такую задачу. Это неопределенный интеграл. Таким образом решением будет любая функция вида y = ∫ f (x)dx = F (x)+C , где
F (x) – первообразная функции f (x), а С – произвольная постоянная. Например, решениями уравнения y′(x) =sin x являются функции
y = −cos x +C − первообразные для функции y =sin x .
Наивысшей порядок производной, входящей в ДУ, называется порядком
ДУ.
Например, уравнение 3y′′′− y′′arcsin x = 0 есть обыкновенное ДУ третьего порядка, а уравнение y′− y′′ x = (y)2 - ДУ второго порядка.
119
4.2. Задачи, приводящие к дифференциальным уравнениям
Дифференциальные уравнения часто возникают при решении геометрических и физических задач. Так, например, с ДУ приходится иметь дело при решении задач на движение, ибо скорость это первая производная пути по времени, а ускорение – это вторая производная пути по времени.
1. Рассмотрим задачу о колебании груза, подвешенного на вертикальной пружине.
Пусть груз массой m , подвешенный на пружине, движется по вертикальной прямой. Если пружину с грузом оттянуть или сжать, то груз начнет совершать колебания около положения равновесия. Установим закон движения груза, т.е. найдем формулу, выражающую отклонение груза от положения равновесия в любой момент времени t .
Совместим начало координат с положением равновесия груза, а ось Oy направим вертикально вверх. Обозначим через l0 расстояние от конца нерастя-
нутой пружины без груза до положения равновесия груза, а через у - отклонение груза от положения равновесия в момент времени t (рис. 4.1).
Согласно второму закону Ньютона имеем
ma(t ) = ∑Fi (t ),
i
где a(t ) – ускорение груза в момент времени t, ∑Fi (t ) – сумма всех сил дейст-
i
вующих на груз в момент времени t.
Так как скорость υ(t ) = y′(t ), а ускорение a(t ) =υ′(t ) = y′′(t ) мы получа-
ем
my′′(t ) = ∑Fi (t ).
i
Рассмотрим все силы, которые могут действовать на груз. Итак, на груз действуют следующие четыре силы:
● сила тяжести груза mg , направленная вниз;
● сила сопротивления среды, направленная в сторону, противоположную движению груза, и по величине пропорциональная скорости движения груза, т.е. равная μ y′(t ), где μ – коэффициент сопротивления;
● упругая сила пружины, направленная вверх (т.е. в положительном направлении оси Oy ), величина которой, по закону Гука, пропорциональна де-
формации, т.е. равна k (l0 − y(t )), где k – коэффициент упругости пружины (масса пружины не учитывается);
120