Оскільки UC0 − постійна величина, її похідна за часом дорівнює нулю. Тому
перетворення системи (6.22), подібні перетворенням системи (6.17), призводять до рівняння (6.21).
Приклад 6.2. Скласти диференціальне та характеристичне рівняння для кола (рис.6.1), вважаючи відгуком напругу на індуктивності.
Розв’язання. Використовуючи формулу для КПФ
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
H (ω) = |
|
U |
L |
= |
I1Z RL |
= |
R2 jωL /(R2+ jωL) |
= |
R2 jωL |
|
, (6.23) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
I |
Z |
вх |
R |
+R jωL /(R |
+jωL) |
|
jωL(R +R |
) + R R |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
2 |
2 |
|
|
1 2 |
|
1 2 |
|
за знаменником виразу (6.23) запишемо ліву, а за чисельником (6.23) – праву частину диференціального рівняння кола відносно напруги uL (t) :
L(R |
+ R ) duL (t) |
+ R R u |
L |
(t) = LR |
de(t) . |
1 |
2 |
dt |
1 2 |
2 |
dt |
Поділивши останнє рівняння на R1R2 , отримуємо вираз (6.3).
Щоб здобути характеристичне рівняння, замінимо у лівій частині диференціального рівняння (6.3) оператор диференціювання на оператор p :
L |
R1 + R2 |
p +1 = 0 . |
(6.24) |
|
|
R R |
2 |
|
|
1 |
|
|
Знайдемо характеристичне рівняння в іншій спосіб – прирівнявши до нуля вхідний опір кола Z вх(ω) відносно затискачів джерела:
R |
+ |
R2 jωL |
= 0 ; |
jωL |
R1 + R2 |
+1 = 0 . |
|
|
1 |
R2 |
+ jωL |
|
|
R1R2 |
|
|
|
|
Після заміни jω на p , отримуємо вираз (6.24).
Приклад 6.3. Знайти струм i2 (t) електричного кола (рис.6.3, а).
i1 (t) |
R1 |
|
|
|
|
i1(t) |
R1 |
R2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
e(t) |
uC (t) |
C |
|
R2 |
E |
|
i |
2 |
(t) |
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
iC (t) |
|
i2 (t) |
|
|
|
L |
i3 (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
а |
|
|
|
|
|
|
б |
|
|
|
|
Рисунок 6.3 – Схеми електричних кіл до прикладів 6.3 і 6.4 |
|
Розв’язання. Запишемо систему рівнянь Кірхгофа: |
|
|
|
|
|
|
|
i (t) |
−i (t) |
−i (t) = 0 ; |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
2 |
C |
|
|
|
|
|
|
|
R1i1(t) + R2i2 (t) = e(t) ; |
|
|
|
|
(6.25) |
|
|
|
u |
C |
(t) − R i (t) = 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 2 |
|
|
|
|
|
та зведемо її до одного рівняння відносно струму i2 (t) :
|
|
|
Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1 |
291 |
|
di2 (t) |
+ |
R1 + R2 |
i (t) = |
|
1 |
e(t) . |
(6.26) |
|
R R C |
|
dt |
|
R R C |
2 |
|
|
|
|
|
1 |
2 |
|
1 |
2 |
|
|
Складемо характеристичне рівняння та знайдемо його корінь:
p + |
R1 + R2 |
= 0 ; p |
= − |
R1 + R2 |
. |
|
|
|
R1R2C |
1 |
R1R2C |
|
|
|
Розв’язок рівняння (6.26) згідно з класичним методом має вигляд:
i |
(t) = A e p1t +i |
2вм |
(t) , |
(6.27) |
2 |
1 |
|
|
де вимушена складова струму i2вм(t) може бути записана конкретно, якщо
буде заданий закон змінювання вхідної дії. Визначення вимушеної складової відгуку в режимі постійної та синусоїдної дії розглянуто в прикладі 6.4 та підрозд. 6.2, 6.4.
Знайдемо сталу інтегрування з рівняння (6.27), підставивши t = +0 :
i2 (+0) = A1 +i2вм(+0) . |
(6.28) |
Початкове значення струму i2 (+0) визначимо з третього рівняння системи
(6.25) при t = +0 : uC (+0) − R2i2 (+0) = 0 .
Оскільки початкові умови нульові, то uC (−0) = 0 . За другим законом комутації
uC (+0) = uC (−0) . Отже, i2 (+0) = 0 і з виразу (6.28) знаходимо: |
|
A = −i |
|
(+0) ; |
i (t) = −i |
(+0)e p1t +i |
(t) . |
1 |
2вм |
|
2 |
2вм |
2вм |
|
Приклад 6.4. |
Коло |
з параметрами |
E =12 В, R1 = R3 |
=10 Ом, R2 =3 Ом, |
L = 2 мГн (рис.6.3, б) увімкнено до джерела постійної ЕРС. Визначити струм i3 (t) .
Розв’язання.
1. Коло має ненульові початкові умови. За законами Кірхгофа складемо систему рівнянь для миттєвих значень напруг та струмів для моменту часу t = +0 :
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(t) = i2 (t) +i3 (t) ; |
|
|
|
|
|
|
|
i1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(6.29) |
|
|
|
R1i1(t) + R3i3 (t) = E ; |
|
|
|
|
|
|
R i (t) − L di2 (t) |
− R i (t) |
= 0 . |
|
|
|
|
|
|
3 3 |
|
dt |
|
2 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Розв’язуючи цю систему відносно струму i3 (t) , знаходимо диференціальне |
|
рівняння: |
|
|
di3 (t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
L(R + R ) |
+i (t)[R R |
+ R (R + R )] = ER , |
(6.30) |
|
|
|
1 |
3 |
|
dt |
3 |
1 |
3 |
2 |
1 |
3 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
з якого визначаємо характеристичне рівняння:
L(R1 + R3 ) p + (R1R3 + R2 R1 + R3R2 ) = 0 .
Корінь характеристичного рівняння становить:
p = − |
R1R3 + R2R1 + R3R2 |
= −4000 с-1. |
(6.31) |
|
1 |
L(R1 |
+ R3 ) |
|
|
|
|
|
Примітка. Зазначимо, що іноді задачу аналізу перехідного процесу у колі першого порядку розв’язують, виключаючи етап складання диференціального рівняння. При цьому корінь характеристичного рівняння знаходять за допомогою
292 |
Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін. |
сталої часу τ = −1/ p1 (див. підрозд.6.2). Оскільки характеристичне рівняння кола (як
ліва частина диференціального) не залежить від зовнішньої дії, сталу часу можна визначати, розглядаючи вільний процес у колі. При цьому вважають, що джерела напруги розімкнено, джерела струму – замкнено, а в реактивному елементі накопичено деякий запас енергії. Накопичувальний елемент розглядають як джерело енергії, а іншу частину кола – як його навантаження.
Для кола R, C (див. п.6.2.1) стала часу τC = ReC , для кола R, L (див. п.6.2.3) стала часу τL = L / Re , де Re – еквівалентний опір кола відносно затискачів
накопичувального елемента.
Оскільки джерелом вільних процесів у схемі є індуктивність, знайдемо
значення еквівалентного опору відносно затискачів індуктивності: |
|
R |
= R + |
R1R3 |
; |
p |
= −1 |
= − |
Re |
= − |
R1R3 + R2 R1 + R3R2 |
. |
|
e |
2 |
R1 + R3 |
|
1 |
τ |
|
L |
|
|
L(R1 + R3 ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Як бачимо, отриманий результат збігається з виразом (6.31). |
|
Розв’язок рівняння (6.30) шукаємо у вигляді: |
|
|
|
|
|
|
|
i |
|
(t) = A e p1t +i |
|
(t) . |
(6.32) |
|
|
3 |
|
1 |
|
3вм |
|
|
|
|
2. Щоб знайти вимушену складову, розглянемо момент часу t →∞. В усталеному режимі постійного струму опір індуктивності дорівнює нулю. За еквівалентною схемою (рис.6.4, а) знаходимо шуканий струм i3вм(t) = i3 (∞) ,
користуючись законом Ома та формулою розподілу струмів у паралельних вітках:
i (∞) = i (∞) |
|
R2 |
= |
ER2 |
= |
12 |
3 |
= 0,225А. |
|
|
|
|
|
|
3 |
1 |
R2 |
+ R3 |
[R1 + R2 R3 /(R2 + R3 )](R2 + R3 ) |
|
(10 +30 |
/13) 13 |
|
|
|
|
|
i1(∞) |
R |
|
i1(+0) |
R |
|
1 |
|
|
1 |
E |
|
|
|
R2 |
R2 |
R3 |
E |
R3 |
|
i2 (∞) |
i3 (∞) |
|
i2 (+0) |
|
|
i3 (+0) |
|
|
|
|
|
а |
|
|
б |
Рисунок 6.4 – Еквівалентні схеми кола (рис.6.3, б) для моментів часу:
а– t → ∞; б – t = +0
3.Щоб визначити сталу A1 , розглянемо рівняння (6.32) при t = +0 :
i3 (+0) = A1 +i3вм(+0) , звідки
A1 = i3 (+0) −i3вм(+0) . |
(6.33) |
Оскільки шуканий струм i3 (t) не є струмом в індуктивному елементі, до нього не можна безпосередньо застосувати закон комутації. У цьому випадку i3 (+0) є залежним початковим значенням, яке можна знайти двома способами:
|
|
|
Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1 |
293 |
а) для моменту t = +0 , підставивши перше рівняння системи (6.29) до другого, матимемо:
|
|
|
|
|
|
|
|
R1[i2 (+0) +i3 (+0)] + R3i3 (+0) = E , звідки i3 (+0) |
= |
E − R1i2 |
(+0) |
. |
|
R1 |
+ R3 |
|
|
|
|
Струм i2 (+0) визначаємо з першого закона комутації як струм в індуктивності:
i2 (+0) = i2 (−0) = R1 +E R2 =1012+3 = 0,923 А,
+ =12 −10 0,923 =
тоді i3 ( 0) 0,139 А; 10 +10
б) складемо схему кола для моменту t = +0 (рис.6.4, б), враховуючи, що за ненульових початкових умов індуктивність еквівалентна джерелу струму i2 (+0) . Оскільки в цій схемі є два джерела, скористуємось методом накладання:
i3 (+0) = i3а(+0) −i3б(+0) = R1 +E R3 −i2 (+0) R1 R+1R3 = 0,6 −0,462 = 0,139А.
Отже, з формули (6.33) A1 = 0,139 −0,225 = −0,086 А, а кінцевий вираз для струму матиме вигляд: i3 (t) = −0,086e−4000t +0,225 А.
Приклад 6.5. До електричного кола, яке утворюють послідовно з’єднані елементи L = 40 мГн, R та C (рис.6.5, а), прикладено постійну напругу U =120 В. Конденсатор замкнено. Розімкненням контакту конденсатор вводиться у коло. Знайти напругу на обкладинках конденсатора та струм у двох випадках: 1) R =100 Ом, C = 25 мкФ; 2) R =80 Ом, C = 5 мкФ. Накреслити криву uC (t) .
Розв’язання. Розв’яжемо задачу, виключаючи етап складання диференціального рівняння. Напругу на конденсаторі знайдемо у вигляді суми вимушеного та вільного значень: uC (t) = uCвл(t) +uCвм(t) .
|
|
uC (t),B |
2 |
|
|
|
R |
120 |
|
|
|
U |
C |
80 |
|
|
|
|
L |
40 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
а |
0 |
2 б |
4 |
6 t, мс |
|
Рисунок 6.5 – До прикладу 6.5: а – схема; б – графіки часової залежності |
|
|
напруги на ємності |
|
|
|
294 |
Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін. |
Вимушена складова напруги в усталеному режимі uCвм(t) =120 В, оскільки
після розмикання ключа по закінченні перехідного процесу конденсатор буде заряджений до рівня прикладеної до кола постійної напруги.
Щоб визначити вільну складову, |
прирівняємо до |
нуля |
вхідний |
опір кола |
Z вх(ω) , замінивши jω на p : |
|
|
p2 LC + pRC +1 = 0 . |
|
R + pL +1/ pC = 0 ; |
|
(6.34) |
Характеристичне рівняння (6.34) має два корені: |
|
|
|
|
|
|
|
p1,2 = − |
R |
± |
|
R |
2 |
1 |
. |
|
|
|
|
(6.35) |
2L |
|
|
− |
LC |
|
|
|
|
|
|
|
2L |
|
|
|
|
|
|
|
Для кожного з двох заданих випадків обчислимо корені |
p1,2 , а також вільну |
складову шуканої напруги. |
|
p |
= −2000 с-1, |
|
p |
|
= −500 с-1. Для різних |
1. За формулою (6.35) знаходимо: |
|
2 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
дійсних коренів характеристичного рівняння вільна складова має вигляд (6.9): uCвл(t) = A1e p1t + A2e p2t ,
де A1 , A2 – сталі інтегрування.
Підсумовуючи вільну та вимушену складові, матимемо: uC (t) = A1e p1t + A2e p2t +uCвм(t) .
Щоб розрахувати A1 , A2 , скористаємось формулами (6.15), (6.16):
uC (+0) = A1 + A2 +120 ; |
(6.36) |
′ |
uC (+0) = p1A1 + p2 A2 . |
|
Згідно з законом комутації за нульових початкових умов uC (−0) = uC (+0) = 0 . Щоб знайти значення похідної uC′ (+0) , запишемо диференціальне співвідношення
між напругою і струмом в ємності:
duC (+0) = iC (+0) . dt C
Оскільки в момент t = +0 за нульових початкових умов ємність еквівалентна короткому замиканню, а індуктивність була замкнена в усталеному режимі до комутації, струм iC (+0) =U / R .
Тоді система (6.36) матиме вигляд:
|
0 = A |
|
+ A +120 ; |
|
U |
1 |
2 |
|
= |
p1 A1 + p2 A2 ; |
|
|
|
RC |
|
|
|
A2 = −A1 −120 ;
48000 = p1A1 + p2 A2 .
Розв’язуючи цю систему, знаходимо A1 =8 В, |
A2 = −128 В. |
Отже, |
uC (t) =120 +8e−2000t |
−128e−500t |
В (рис.6.5, б, крива 1); |
|
i (t) = C |
duC (t) |
= −0,4e−2000t +1,6e−500t А. |
|
|
|
C |
dt |
|
|
|
|
|
|
2. За формулою (6.35) p1,2 = −δ± jωвл = −1000 ± j2000 с-1. Для комплексноспряжених коренів характеристичного рівняння вільна складова має вигляд (6.10):
Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1 |
295 |
uCвл(t) = Ae−δt sin(ωвлt +ψ) ,
де A , ψ – сталі інтегрування.
Підсумовуючи вільну та вимушену складові, матимемо:
u |
C |
(t) = Ae−δt sin(ω t +ψ) +u |
Cвм |
(t) . |
|
|
|
вл |
|
|
|
Складемо систему рівнянь аналогічно системі (6.36): |
|
|
0 = Asin ψ +120 ; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
U |
= −δAsin ψ + Aω |
вл |
cos ψ. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
RC |
|
|
|
|
Виразимо з першого рівняння A = −120 / sinψ та підставимо до другого:
3 105 =120δ−120ωвлctgψ, звідки ψ = arcctg(−3 / 4) = −530 ; A =150 В.
Запишемо кінцевий вираз напруги на конденсаторі:
uC (t) =120 +150e−1000t sin(2000t −530 ) В (рис.6.5, б, крива 2).
Зазначимо, що вільну складову можна знайти, використовуючи функцію косинус: uCвл(t) = A1e−δt cos(ωвлt +ψ1) .
Розраховуючи аналогічно сталі інтегрування A1 , ψ1, отримаємо: uC (t) =120 −150e−1000t cos(2000t +370 ) В.
Диференціюючи uC (t) і помножуючи на С, визначаємо струм;
iC (t) = 0,75 10−3 e−1000t [1000 cos(2000t +370 ) + 2000sin(2000t +370 )] =
=0,75e−1000t
5 sin(2000t +370 +arctg0,5) =1,68e−1000t sin(2000t +640 ) А.
6.2Перехідні процеси в колах R, C та R, L
6.2.1Вiльний режим у колi R, C
Нехай коло R, C (рис.6.6, а) має ненульові початкові умови: uC (−0) = E .
1 |
S |
R |
i(t) |
|
|
1 |
2 |
|
2 |
|
|
|
S |
|
|
|
|
|
R |
|
uC (t) |
C |
I0 |
|
E |
|
|
L |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
i(t) |
|
|
а |
|
|
|
б |
|
|
|
Рисунок 6.6 – Схеми електричних кіл: а – R, C; б – R, L |
|
|
|
Напруги на ємностi |
uСвл |
(t) та опорi uRвл |
(t) = Riвл(t) = RC |
duC вл(t) |
|
dt |
|
|
|
|
|
задовольняють другому закону Кiрхгофа, згiдно з яким
296 |
Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін. |
вираз (6.38) приймає вигляд: uCвл
|
u |
Rвл |
(t) +u |
C вл |
(t) = 0 , |
або |
RC |
duC вл(t) |
+u |
C вл |
(t) = 0 . |
(6.37) |
|
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Диференцiальному рiвнянню (6.37) вiдповiдає характеристичне |
|
|
|
|
|
|
|
|
pCR +1 = 0. |
|
|
|
|
|
|
Це рiвняння має єдиний корiнь |
p1 = −1/ RC , який є дiйсним вiд'ємним |
|
числом. Iнакше, |
p1 = −1/ τ, де стала τ = RC має вимiрнiсть часу: [τ] = [RC] = |
|
Ом×Ф = Ом×А×с/В = с. Вона зветься сталою часу кола. |
|
|
|
|
Отже, загальний розв'язок рiвняння (6.37) такий: |
|
|
|
|
|
|
|
u |
(t) = A e p1t |
= A e−t /τ . |
|
|
|
(6.38) |
|
|
|
|
|
Cвл |
|
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
Стала A1 розраховується з |
початкових умов |
з використанням |
закону |
|
комутацiї. При t = +0 за формулою (6.38) u |
C |
(+0) = A e0 |
= A ; згiдно з законом |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
комутацiї за ненульових початкових умов uC (+0) = uC (−0) = E . Тобто A1 = E , i (t) = Ee−t /τ .
Струм у колi та напругу на опорi можна знайти за законом Ома:
iвл(t) =C duCвл(t) = − E e−t /τ ; uRвл(t) = Riвл(t) = −Ee−t /τ , де τ = RC . dt R
Вiдповiднi графiки зображено на рис.6.7, а. З рисунку видно, що згiдно з другим законом Кiрхгофа в будь-який момент часу алгебраїчна сума напруг у колi дорiвнює нулю.
З’ясувати змiст сталої часу можна, поклавши t = τ. Тоді
uC (τ) = −uR (τ) = E / e ; i(τ) = −E /(R e) . Отже, стала часу τ дорівнює часовому інтервалу, за який напруга або струм в колi R, C зменшуються за абсолютною величиною у вільному режимi в e = 2,718 рази (37% від початкового значення).
Інакше, стала часу електричного кола – величина, що характеризує електричне коло з одним iнерцiйним елементом (iндуктивнiстю чи ємнiстю) i дорiвнює довжинi пiддотичної до кривої вiльної складової перехiдного струму
(рис.6.7, а). Дiйсно, duCвл(t) |
= − |
E |
e−t /τ |
= −uCвл(t) . |
Графiк функцiї uCвл(t) / E |
|
dt |
|
τ |
τ |
|
для різних значень τ наведено на рис.6.7, б, а числовi значення – у табл.6.1. |
Iз знайденого розв’язку виходить, що процес зменшення напруги та |
струму продовжується нескiнченно, i |
лише при |
t → ∞ коло переходить до |
режиму спокою, коли вся енергiя CE 2 / 2 , накопичена у ємностi, буде видiлена в опорi R у виглядi теплової енергiї.
Таблиця 6.1 – Числові значення функції uCвл(t)
t / τ |
1 |
2 |
2,3 |
3 |
4,6 |
uC вл(t) / E |
0,368 |
0,136 |
0,1 |
0,05 |
0,01 |
Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1 |
297 |
В інженерній діяльності користуються різними критеріями практичної тривалості перехідного процесу tпер. Наприклад, в техніці сильних струмів
приймают tпер = (5...6)τ, у слабкострумових колах вiльнi процеси вважають закiнченими, коли uC (t) < 0,01E , тобто тривалiсть перехiдного процесу
становить tпер = 4,6τ.
|
u(t), |
|
uCвл(t) / E |
|
|
i(t) E |
uCвл(t) |
1 |
|
|
|
|
τ1 < τ2 < τ3 |
|
|
0 |
τ |
t 0,368 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
−E/R |
iCвл(t) |
|
|
|
uRвл(t) |
0 τ1 τ2 τ3 |
t |
|
−E |
|
а |
б |
|
Рисунок 6.7 – Графіки часових залежностей струму і напруг кола R, C
увільному режимі
6.2.2Увiмкнення джерела постiйної напруги до кола R, C
У колі R, C, яке зображено на рис.6.6, а, увiмкненню джерела E вiдповiдає зміна положення перемикача S: 2→1. При цьому існують нульовi початковi умови: uC (−0) = 0 . Згiдно з другим законом Кiрхгофа:
|
|
|
|
|
|
Ri(t) +uC (t) = E ; |
RC |
duC (t) |
+uC (t) = E . |
(6.39) |
|
|
|
dt |
|
|
За класичним методом розв’язок диференцiального рiвняння (6.39) |
представляють у виглядi: uC (t) = uC вл(t) +uC вм(t) . |
p1 = −1/ RC = −1/ τ. |
Характеристичне рiвняння pRC +1 = 0 має корінь |
Загальний розв’язок рівняння (6.39) збiгається з (6.38). Оскiльки при t→∞ конденсатор заряджається до рiвня E, то вимушена складова uC вм = E . Тодi
u |
(t) = A e−t /τ + E . |
(6.40) |
C |
1 |
|
Сталу інтегрування A1 знаходять із системи рiвнянь:
uC (+0) = A1 + E ;uC (−0) = 0 .
298 |
Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін. |
Згiдно з законом комутацiї uC (−0) =uC (+0) . Тодi A1 + E = 0 , A1 = −E . Отже, за нульових початкових умов можна записати:
uC (t) = −Ee−t /τ + E = E(1−e−t /τ ) ; iC (t) =C duC (t) = E e−t /τ ; uR (t) = Ri(t) = Ee−t /τ . dt R
Графіки отриманих залежностей зображені на рис.6.8, а. Слід звернути увагу на те, що в момент комутації струм кола, а отже, і напруга uR (t)
зростають стрибкоподібно.
uСвм(t) |
u(t), i(t) |
|
|
|
I0 |
|
|
uС (t) |
RI0 |
|
uRвл(t) |
uR (t) |
|
iвл(t) |
|
|
|
|
|
|
0 |
τ |
t |
|
|
|
|
|
uCвл(t) |
− RI0 |
|
uLвл(t) |
а |
|
|
б |
Рисунок 6.8 – Графіки часових залежностей: а – напруг кола R, C;
б – вільних складових струму і напруг кола R, L
6.2.3 Вiльний режим у колi R, L
Вiльний режим у колi R, L виникає за рахунок енергії, накопиченої в магнітному полі індуктивності. Схема (рис.6.6, б) має ненульові початкові умови: iL (−0) = I0 . Тому при замиканні перемикача у вітці R, L виникає вільний
процес.
Згiдно з другим законом Кiрхгофа:
u |
Rвл |
(t) +u |
Lвл |
(t) = 0 ; |
Ri |
|
(t) + L |
diвл(t) |
= 0 . |
(6.41) |
|
|
|
|
|
вл |
|
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рiвняння (6.41) аналогiчне i дуальне до (6.37) вiдносно шуканої змiнної. |
Вiдповiдне характеристичне рiвняння |
|
pL + R = 0 має єдиний |
корiнь |
p1 = −R / L = −1/ τ ( τ = L / R ), який є дiйсним вiд'ємним числом. Тому загальний
розв’язок рівняння (6.41) матиме вигляд: |
|
|
i |
(t) = A e p1t = A e−t /τ . |
(6.42) |
вл |
1 |
1 |
|
Значення сталої A1 отримують з початкових умов i рiвняння (6.42): i(+0) = A1 , i(−0) = I0 , отже A1 = I0 . Тоді
Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1 |
299 |
= −RI0e−t /τ .
iвл(t) = I0e−t /τ ; uRвл(t) = Riвл(t) = RI0 e−t /τ ; uLвл(t) = L diвл(t) dt
Стала часу τ має той самий змiст, що й у колi RC . Тривалiсть вiльного процесу tпер тим бiльше, чим бiльше iндуктивнiсть L i менше опiр R (рис.6.8, б).
6.2.4 Увiмкнення джерела постiйної напруги до кола R, L
Схема аналiзованого кола зображена на рис.6.9, а. Початковi умови нульовi: iL (−0) = 0 . Згiдно з другим законом Кiрхгофа пiсля переведення
перемикача до положення ”2” алгебраїчна сума напруг на елементах кола дорiвнюватиме E:
1 R

i(t) 2 S uR (t)
uL (t)
E
а
L di(t) |
+ Ri(t) = E . |
|
dt |
|
|
|
u(t), i(t) |
|
|
|
E |
|
|
|
E |
|
|
|
R |
|
L |
|
|
|
|
|
0 |
|
|
− |
E |
б |
|
|
R |
(6.43)
uR (t)
uL (t) i(t)
t
iвл(t)
Рисунок 6.9 – Увімкнення джерела постійної напруги до кола R, L: а – схема; б – графіки струму і напруг
За класичним методом розв’язок (6.43) має вигляд: i(t) = iвл(t) +iвм(t) . Характеристичне рiвняння Lp + R = 0 має корінь p1 = −R / L = −1/ τ. Тому
вiльна складова збiгається з виразом (6.42). Оскiльки при t→∞ струм у колi становить i(t) = E / R (для постiйного струму iндуктивнiсть еквiвалентна
короткому замиканню), то вимушена складова iLвм(t) = E / R .
Тодi i(t) = A e p1t + E / R . Визначивши сталу A : |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
iL (+0) = A1 + E / R ; |
|
iL (−0) = 0 ; |
|
|
можна записати: |
E |
|
|
|
E |
|
|
E |
|
|
|
|
i(t) = − |
e |
−t /τ |
+ |
= |
|
(1 |
−e |
−t /τ |
R |
|
R |
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
uR (t) = Ri(t) = E(1 −e−t /τ ) ; |
uL (t) |
= L di(t) |
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dt |
|
|
A1 = −E / R ,
) ;
LERτ e−t /τ = Ee−t /τ .
300 |
Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін. |