matan
.pdfДалее пользуясь теоремами об арифметических действиях над
функциями, имеющими предел, и учитывая, что |
lim |
9 |
= 0 , lim |
6 |
= 0 , |
|||
|
|
|||||||
|
|
|
x 2 + 9x − 6 |
x→∞ x |
x→∞ x 2 |
|
||
lim |
5 |
= 0 , окончательно получим lim |
= |
|
1 . |
|
|
|
|
|
7 |
|
|
||||
x→∞ x3 |
x→∞ 7x 2 + 10 x 4 + 5x |
|
+ 10 |
|
|
Ответ: 7 +1 10 .
Решение: б) При x → 3 числитель и знаменатель этой дроби б.м.ф.,
то есть имеет место неопределенность типа |
0 |
|
. Число 3 является |
|
|||
0 |
|
|
корнем и многочлена, стоящего в числителе, и многочлена, стоящего в знаменателе. Разлагая числитель и знаменатель на простые множители, получим:
lim |
|
x 2 |
− 9 |
= lim |
(x − 3)( x + 3) |
= lim |
|
x + 3 |
= |
|
3 |
|
− x 2 |
− x −15 |
(x − 3)(x 2 + 2x + 5) |
x 2 |
+ 2x + 5 |
10 |
|||||
x→∞ x3 |
x→3 |
x→3 |
|
Ответ: 103 .
Решение: в) В данном случае неопределенность типа 00 может быть раскрыта, если выполнить следующие преобразования:
lim |
x 2 +1 − |
1 |
|
= lim |
( |
x 2 +1 −1)( |
x 2 +1 +1)(3 (x 2 + 2)2 + 3 2(x 2 |
+ 2) + 3 4 ) |
= |
|||
|
2 |
|
|
x 2 + 2 − 3 |
2 )( |
x 2 +1 +1)(3 |
(x 2 + 2)2 + 3 2(x 2 + 2) + 3 4 ) |
|||||
x→0 3 x 2 + 2 − 3 |
|
x→0 (3 |
|
|||||||||
|
|
|
|
lim x 2 (3 (x 2 + 2) + 3 |
2(x 2 + 2) + 3 |
4 ) = 33 4 ) . |
|
|
||||
|
|
|
|
x→0 |
|
x 2 ( x 2 +1 +1) |
2 |
|
|
|||
|
Ответ: |
|
33 4 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение: |
|
|
|
г)Заметим, |
что |
limsin(x −1) = 0 |
и |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→1 |
|
|
lim(3x2 −6x +3) = 3lim(x −1)2 = 0 . |
То есть в данном случае |
числитель |
и |
|||||||||
x→1 |
|
|
|
x→1 |
|
|
|
|
|
|
|
знаменатель этой дроби б.м.ф. при x →1 и имеем неопределенность типа
00 . Заменяя б.м.ф. sin(x −1) эквивалентной величиной x −1, получим
41
lim |
sin( x −1) |
= lim |
x −1 |
= ∞. |
|
3x 2 − 6x + 3 |
3(x −1)2 |
||||
x→1 |
x→1 |
|
Ответ: ∞.
Решение: д) Числитель и знаменатель этой дроби б.м.ф. при x → 0 .
То есть имеем неопределенность типа 00 . Прибавляя и отнимая
единицу в числителе данной дроби и пользуясь тем, |
что |
lim |
ex2 −1 |
|
=1и |
||||||||||||||||
x2 |
|||||||||||||||||||||
|
1 −cos x |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|||||
lim |
= |
, получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
x2 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
x→0 |
|
|
ex2 |
|
|
ex2 −1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
lim |
−1 +1 −cos x |
= lim |
|
+ lim |
1 −cos x |
=1 + |
1 |
= |
3 |
. |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
x2 |
x2 |
x2 |
2 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
x→0 |
x→0 |
x→0 |
|
|
2 |
|
|
|
|
Ответ: 32 .
Решение: е) Перепишем данный предел в виде
|
|
|
|
2x |
|
−4 x |
1 |
|
|
. |
|||||
|
|
|
lim |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x 4 x |
||||||
|
|
|
x→∞ |
1 + 2x |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 + |
|
|
||||
|
2x |
|
2x |
|
|
|
|
|
|
x→∞ |
2x |
|
|||
Так как lim |
= lim |
|
|
|
=1 , |
а показатель 4x → ∞, то имеем дело с |
|||||||||
1 + 2x |
|
1 |
|
|
|||||||||||
x→∞ |
x→∞ |
2x(1 + |
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
2x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
неопределенностью типа |
[1∞ ]. |
Для ее |
раскрытия пользуемся вторым |
замечательным пределом, предварительно выполняя следующие преобразования:
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
−1 |
|
1+2 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1+2 x |
|
−4 x |
|
||||||
|
2x |
4 x |
2x |
+1 −1 |
4 x |
|
|
|
−1 |
4 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1+2 x |
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
1+2 x −1 |
|
|
|
|
|
−1 −1 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
= 1 + |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
1 + 2x |
|
1+ 2x |
|
|
|
|
|
|
1 + 2x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 + 2x |
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
Итак мы имеем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1+2 x |
− |
4 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x |
|
|
4 x |
|
|
|
|
|
−1 |
|
|
1+2 x |
|
|
|
|
|
−4 x |
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
−1 |
|
|
lim |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= e |
|
|
|
|
= e |
−2 |
. |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→∞1+2 x |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
lim |
|
|
|
|
|
|
= lim |
1 |
+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
1 |
+ 2x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
1 + 2x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: |
1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
e2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
42
Пример 3. Найти точки разрыва следующих функций:
sin x
а) f (x)= x при x ≠ 0,
2 при x = 0.
|
2 при x = 0, x = ±2, |
|||||||||||||||
б) |
f (x)= 4 - x 2 |
при 0 ≠ |
|
x |
|
< 2. |
|
|
||||||||
|
|
|||||||||||||||
|
4 |
|
|
при |
|
x |
|
> 2. |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
2 |
|
1 |
|
|||||||||||
|
f(x) = arctg |
|
|
|
||||||||||||
в) |
|
|
г) f(x)= e |
|
. |
|||||||||||
|
|
x |
||||||||||||||
x −2 |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение: а) Нетрудно заметить, что для всех точек числовой оси, кроме точки x = 0 условие непрерывности (1.46) выполняется. А что происходит в точке x = 0 ? Так как
lim |
sin x |
=1, а f (0) = 2 , то в точке x = 0 нарушается условие |
|
x |
|||
x→0±0 |
|
непрерывности заданной функции. Таким образом, заданная функция в точке x = 0 нарушается условие непрерывности заданной функции. Таким образом, заданная функция в точке x = 0 имеет устранимый разрыв.
Ответ: в точке x = 0 - устранимый разрыв.
Решение: б) Непрерывность данной функции во всех точках числовой оси, кроме точек 0; -2;+2, очевидна. А что происходит в точках 0;-2;2? Проверим условие непрерывности (1.46) для данной функции в
точке x = 0 . Имеем lim |
f (x) = lim (4 − x2 ) = 4 и f (0) = 2 . Значит точка x = 0 |
x→0±0 |
x→0±0 |
для данной функции является точкой разрыва первого рода. Теперь проверим условие непрерывности (1.46) для данной функции в точках x=2 и x=-2.Имеем
lim f (x) = lim 4 = 4, |
lim |
f (x) = lim (4 − x2 ) = 0, f (2) = 2. |
|||
x→2+0 |
x→2+0 |
x |
→2-0 |
x→2−0 |
|
lim f (x) = |
lim (4 − x2 ) = 0, |
|
lim f (x) = |
lim 4 = 4, f (−2) = 2. |
|
x→−2+0 |
x→−2+0 |
|
|
x→−2−0 |
x→−2−0 |
Отсюда заключаем, что точки x=2 и x=-2 для данной функции являются точками разрыва первого рода (рис. 1.12)
f(x)
43
4
Рис. 1.12.
Ответ: в точках, x=2, x=-2- разрыв первого рода, в точке x=0 - устранимый разрыв.
Решение: в) Очевидно, что рассматриваемая функция является непрерывной во всех точках числовой оси, кроме точки x=2, которая не входит в область ее определения. Определим характер разрыва данной функции в точке x=2. Имеем
lim arctg |
2 |
= |
π |
, |
lim arctg |
2 |
= − |
π |
, |
|
x − 2 |
2 |
x − 2 |
2 |
|||||||
x→2+0 |
|
|
x→2−0 |
|
|
Следовательно, точка x=2- точка разрыва первого рода.
Ответ: точка x=2 – точка разрыва первого рода.
Решение: г) Очевидно, что заданная функция непрерывна на всей числовой оси кроме точки x=0 (она не входит в область определения функции). Определим характер разрыва заданной функции в точке x=0. Имеем
|
1 |
|
|
1 |
|
||
lim |
f (x) = lim e |
x |
= ∞, |
lim |
f (x) = lim e |
x |
=0. |
x→0+0 |
x→0+0 |
x→0−0 |
x→0−0 |
Так как один из односторонних пределов (в данном случае правосторонний) не равен конечному числу, то точка x=0 для данной функции является точкой разрыва второго рода.
Ответ: точка x=0 - точка разрыва второго рода.
Пример 4. Определить порядок малости б.м.ф. f(x) по отношению к основной бесконечно малой ϕ(x)=x при х→0.
44
а) f(x)=2(ex3 -1) при х→0; ϕ(x)=x при х→0. б) f(x)=ln(sin x2+1) при х→0; ϕ(x)=x при х→0.
Решение: а). Пусть функция f(x)=2(ex3 -1) б.м.ф. порядка n по отношению к основной бесконечно малой ϕ(x) = x при x → 0 . Тогда по определению (1.28.) и с учетом того, что ex3 -1 ~ x3 при x → 0 , имеем
lim |
f (x) |
= lim |
2(ex3 −1) |
= lim |
2x3 |
|
ϕn (x) |
xn |
xn |
||||
x→0 |
x→0 |
x→0 |
|
∞,n 3, |
|
|
= 2lim x3−n = 2,n = 3, |
|
x→0 |
|
|
0,n 3. |
Отсюда заключаем, что б.м.ф. f(x)=2(ex3 -1) бесконечно малая третьего порядка по отношению к основной бесконечно малой x при x → 0 .
Ответ: ex3 -1 бесконечно малая третьего порядка по отношению к бесконечно малой x при x→ 0.
Решение: б) Рассуждая аналогично примеру а) имеем
|
ln(sin x2 +1) |
|
sin x2 |
|
x2 |
|
|
∞, n 2, |
|
|
|
|
= lim x |
2−n |
|
n = 2, . |
|||
lim |
|
= lim |
|
= lim |
|
|
= 1, |
||
xn |
xn |
xn |
|
||||||
x→0 |
x→0 |
x→0 |
x→0 |
|
|
n 2. |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
0, |
Ответ: ln(sin x2 + 1) бесконечно малая второго порядка по отношению к бесконечно малой x при x→0.
45
Тест
Вычислить пределы:
1. |
lim |
4n 6 |
− n +5 |
. |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
n→∞ n 6 +3n 2 |
+1 |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
а) 0; |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
б) ∞; |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
в) 4; |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
г) 5. |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
2 +3+...+n |
|
2 + n |
2 |
|
||||||
2. |
lim |
1 + |
|
− |
|
. |
|||||||||
|
|
|
n |
|
|
|
3n |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
а) 1; |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
б) ∞; |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
в) |
|
1 |
|
; |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
г) 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
3. lim |
|
|
|
|
|
|
3x |
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
1 + x − |
1− x |
|
|
|
||||||||||
|
x→0 |
|
|
|
|
||||||||||
|
а) 0; |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
б) ∞; |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
в) 5№ |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
г) 3. |
|
|
|
|
|
|
|
|
4. limx→∞ x[ln(3x −1)− ln(3x −2)].
а) ∞; б) 0; в) 13 ; г) 2.
3
5. lim(1 +cos x)cos x .
x→π2
а) 1;
б) е3;
в) e; г) 0.
46
6. lim x +4 −3x . x→∞ x +8
а) 1; б) ∞;
в) е; г) е12.
7. lim tgx − sin x . |
|
x→0 |
x sin x |
а) 0; б) 2; в) 12 ; г) 5.
Определите порядок б.м.ф. f(x) по отношению к б.м.ф. ϕ(х): 8. f(x)= x1(+x +x1), ϕ(x)=x, x→0.
а) 1; б) 3; в) 4; г) 6;
9. f(x)= 1 + x2 tg π2x , ϕ(x)=x, x→0.
а) 2; б) 1; в) 3; г) 4.
Найти точку разрыва функции и определить его характер: 10. f(x)= xx .
а) х=0 - точка разрыва первого рода; б) х=0 - точка разрыва второго рода; в) х=0 - точка устранимого разрыва.
47
Раздел II. Дифференциальное исчисление функции одной переменной
2.1. Определение производной функции первого порядка
Пусть функция y=f(x) определена в некоторой окрестности точки х0 и пусть х0+∆х, где ∆х есть приращение аргумента, есть некоторая точка этой окрестности.
Определение 2.1. Если существует предел отношения
∆y |
= |
f(x0 |
+ ∆x)− f(x0 ) |
при ∆х→0, то этот предел называется производной |
∆x |
|
∆x |
||
|
|
|
первого порядка функции y=f(x) в точке х0 и обозначается так:
|
lim |
∆y = lim |
f (x0 + ∆x)− f (x0 ) |
= y© (x0 )= f © (x0 ) |
= |
dy |
|
|
|
|
= |
df (x) |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||
|
∆x→0 |
∆x |
∆x |
|
dx |
|
|
x=x0 |
|
dx |
|||
|
|
|
|
||||||||||
|
Если в некоторой точке х0 имеет место |
lim |
∆y |
= +∞; |
|||||||||
|
∆y |
|
|
|
|
∆x→0 |
∆x |
|
|
||||
lim |
= ∞, то |
говорят, что для этого значения х0 |
|||||||||||
∆x→0 |
∆x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
бесконечная производная, равная соответственно +∞; -∞; ∞.
(2.1)
x=x0
lim ∆y = −∞;
∆x→0 ∆x
существует
Определение 2.2. Если функция y=f(x) определена в
правосторонней (левосторонней) окрестности |
точки |
х0 |
и существует |
||||
конечный или бесконечный lim |
f(x0 + ∆x)− f(x) |
|
|
f(x0 |
+ ∆x)− f(x) |
, то |
|
|
|
lim |
|
|
|
||
∆x |
|
∆x |
|||||
∆x→0+0 |
|
∆x→0−0 |
|
|
|
он называется, соответственно, конечной или бесконечной правосторонней (левосторонней) производной функции y=f(x) в точке х=х0 и обозначается так:
lim |
f(x0 |
+ ∆x)− f(x) |
=f′(x0+0), |
|||
|
|
∆x |
|
|||
∆x→0+0 |
|
|
|
|
||
lim |
f(x0 |
+ ∆x)− f(x) |
=f′(x0-0). (2.2) |
|||
|
|
|
∆x |
|||
∆x→0−0 |
|
|
|
|
|
Теорема 2.1. Функция y=f(x), определенная в некоторой окрестности точки х=х0, имеет конечную производную f′(x0) тогда и только тогда, когда существуют равные друг другу конечные правосторонняя и левосторонняя производные этой функции в точке х0,
т.е. когда f′(x0+0)=f′(x0-0). В этом случае f′(x)= f′(x0+0)=f′(x0-0).
Заметим, что доказательство этой теоремы следует из теоремы
1.16об односторонних пределах.
2.2.Геометрический смысл производной.
48
Пусть функция y=f(x) определена и непрерывна на некотором интервале (а;b) и имеет конечную производную в точке x0 (a;b). Рассмотрим график этой функции (рис. 2.1.).
y |
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
ϕ(x0 ) |
M |
∆y |
|
|
A0 |
|
||
|
|
|
dy |
|
|
∆x |
|
N |
|
|
|
|
||
|
ϕ (∆x) |
|
|
|
0 |
x0 |
x0 + ∆x |
x |
Рис. 2.1.
На графике точка А0 имеет координаты А0[x0;f(x0)], а точка А - координаты A[x0+∆x; f(x0+∆x)], где приращение аргумента ∆х>0 и x0+∆x (a;b). Через ϕ(∆х) обозначим угол, который образует секущая А0А с положительным направлением оси 0х. Очевидно, что
tgϕ(∆x)= |
∆y |
= |
f (x0 |
+ ∆x)− f (x) |
. |
(2.3) |
∆x |
|
∆x |
||||
|
|
|
|
|
Заметим, что при стремлении точки А к точке А0 по графику, т.е. при стремлении ∆х к нулю, секущая А0А займет свое предельное положение, совпадающего с касательной к графику в точке х0. При этом ϕ(∆х)→ϕ(х0), где ϕ(х0) есть угол между касательной к графику в точке х0 и положительным направлением оси 0х. Итак, учитывая вышесказанное, из (2.3) имеем
lim tgϕ(∆x)= tgϕ(∆x)= lim |
∆y |
= lim |
f(x0 |
+ ∆x)− f(x0 ) |
= f' (x0 ), |
|
∆x |
|
∆x |
||||
∆x→0 |
∆x→0 |
∆x→0 |
|
|
т.е.
f′(x0)=tgϕ(x0). (2.4)
(2.4) показывает, что производная функция y=f(x) первого порядка в точке х0 равна тангенсу угла между касательной к графику функции y=ϕ(x) в точке х0 и положительным направлением оси 0х.
49
2.3. Дифференцируемость функции. Дифференциал функции и его геометрический смысл
Пусть функция y=f(x) определена на интервале (a;b), х - некоторое фиксированное значение аргумента, ∆х - любое приращение аргумента такое, что (х+∆х) (a;b).
Определение 2.3. Функция y=f(x) называется дифференцируемой
вточке х, если приращение ∆у=∆f(x) этой функции в точке х, соответствующее приращению аргумента ∆х, может быть представлено
ввиде
∆у=А ∆х+α(∆х) ∆х, (2.5)
где А - константа, не зависящая от ∆х, а α(∆х) - является бесконечно малой при ∆х→0.
Заметим, что функция α(∆х) при ∆х=0, вообще говоря, не определена. Поэтому в этой точке приписываем значение α(0)=0, чтобы функция α(∆х) стала непрерывной в точке ∆х=0. Тогда равенство (2.5) можно распространить и на значение ∆х=0. Заметим также, что так как α(∆х) и ∆х бесконечно малые при ∆х→0, то α(∆х) ∆х=0(∆х), т.е. второй член в (2.5) бесконечно малая величина более высокого порядка, чем ∆х. С учетом того (2.5) можно переписать в виде
∆у=А ∆х+0(∆х). (2.6)
Теорема 2.2. Для того, чтобы функция у=f(x) являлась дифференцируемой в точке х (символически это записывается так:
f(x) C′(x)), необходимо и достаточно, |
чтобы она имела в этой точке |
конечную производную. |
|
Необходимость. |
|
Дано: у=f(x) C′(x). |
(2.7) |
Доказать: y′=f′(x) (конечная) |
(2.8) |
Из (2.7) следует, что ∆у=А ∆х+α(∆х)∆х. Отсюда, при условии ∆х≠0, имеем
|
|
∆y = A +α(∆x) |
|
и |
|
∆x |
|
∆y |
|
|
|
lim |
= lim A + lim α(∆x)= A . |
||
∆x→0 |
∆x |
∆x→0 |
∆x→0 |
50