matan
.pdfЭту теорему можно доказать, пользуясь определением предела функции по Гейне. Результат (1.38), который известен как второй замечательный предел, можно записать и в форме
1
lim(1 + x)x = e . (1.39)
x→0
Ниже приведем еще некоторые известные пределы, которые получаются из первого и второго замечательных пределов.
|
ln 1 + x |
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1. lim |
( |
|
=1. |
|
|
(1.40) |
|
|
|
|
|
|
||||
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
x→0 |
|
|
|
|
ln 1 + x |
) |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
( |
|
|
|
|
|
||||
Действительно, так как |
|
= ln(1 + x) |
|
, |
то |
|||||||||||
|
x |
|||||||||||||||
|
|
x |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
ln 1 + x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
lim |
( |
|
) |
= lim ln 1 + x |
) |
= ln e =1. |
||||||
|
|
|
|
|
x |
|||||||||||
|
|
|
|
x |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
x→0 |
|
|
x→0 |
( |
|
|
|
|
|
|||
2. lim |
ex −1 |
=1. |
|
|
(1.41) |
|
|
|
|
|
|
|||||
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Для получения этого результата сделаем замену ex -1= t, причем заметим, что при x→0 t→0.
Тогда x=ln (1+t) и имеем
|
|
log |
1 + x |
) |
|
1 |
|
||
3. |
lim |
|
a ( |
|
= |
. |
|||
|
x |
|
|
|
|||||
|
x→0 |
|
|
|
|
ln a |
|||
4. |
lim |
a x −1 |
|
= ln a. |
|
|
|||
|
|
|
|||||||
|
x→0 |
x |
|
|
|
|
|
|
|
lim |
ex −1 |
= lim |
t |
|
|
=1. |
|
|
|
( |
+ t |
) |
|||
x→0 x |
|
|
|||||
t→0 ln 1 |
|
|
(1.42)
(1.43)
Отметим, что доказательства (1.42) и (1.43) проводятся аналогично
(1.40) и (1.41).
5. lim |
1 −cos x |
= |
1 |
. |
(1.44) |
|
x2 |
2 |
|||||
x→0 |
|
|
|
Действительно, пользуясь формулой 1-cosx=2sin2 x2 имеем
|
|
|
|
2 |
x |
|
|
|
|
2 x |
|
|
|
|
|
|
x |
|
2 |
|
|
|
|||
|
1 −cos x |
|
2sin |
|
|
|
|
2sin |
|
|
|
|
|
1 |
|
sin |
|
|
|
|
1 |
|
|||
|
|
|
2 |
|
|
|
2 |
|
|
|
2 |
|
|
||||||||||||
lim |
= lim |
|
|
|
= lim |
|
|
|
|
= |
lim |
|
|
|
|
= |
. |
||||||||
x2 |
x2 |
|
|
x |
2 |
|
|
|
x |
|
|
2 |
|||||||||||||
x→0 |
x→0 |
|
|
x→0 |
|
|
2 x→0 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В заключении отметим, что все полученные выше формулы инвариантны относительно аргумента. То есть, эти формулы
31
справедливы в более общем
|
|
|
1 |
ϕ(x) |
|
ln 1 + f |
( |
x |
|
|
|
lim |
1 |
+ |
|
= e, lim |
[ |
|
|
)] |
=1, |
||
|
|
f(x) |
|
|
|||||||
ϕ(x)→∞ |
|
ϕ(x) |
f (x)→0 |
|
|
|
|
виде. |
Например, lim |
sin f(x) |
=1, |
|||||
f(x) |
||||||||
|
|
|
|
|
f (x)→0 |
|
||
lim |
1 −cos f(x) |
= |
1 |
и т.д. |
|
|
||
|
2 |
|
|
|||||
f (x)→0 |
f 2 (x) |
|
|
|
|
1.17. Сравнение бесконечно малых функций
Пусть при x → a (x → ∞) две функции α(х) и β(х) являются бесконечно малыми функциями. Примерами таких функций могут
служить α1 (x)= sin x при x→0, α2 (x)= 3 |
|
|
|
при x → 1, α3 (x)= ex −1 при |
||||||||
(1 − x) |
||||||||||||
x → 0, α4 (x)= |
1 |
при x → ∞. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
x |
|
α(x) |
|
|
|
|
|
||||
Определение 1.24. Если |
lim |
= k ≠ 0, то α(х) и β(х) называются |
||||||||||
β(x) |
||||||||||||
|
|
|
(xx→→∞a ) |
|
|
|
|
|
||||
б.м.ф. одного порядка. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Определение 1.25. Если |
lim |
α(x) |
=1, |
то α(х) |
и β(х) называются |
|||||||
|
||||||||||||
|
|
|
(xx→→∞a ) |
β(x) |
|
|
||||||
эквивалентными (примерно равными). Этот факт |
записывается так: |
|||||||||||
α(x)~ β(x) при x→a (x→∞). |
|
|
|
α(x) |
|
|
|
|||||
Определение 1.26. Если lim |
= 0, то α(х) |
называется б.м.ф. |
||||||||||
|
||||||||||||
|
|
|
(xx→→∞a ) |
β(x) |
|
|
высшего порядка по отношению к β(х) (или
низшего порядка по отношению к α(х)). Этот
α(x)= о(β(x)).
α(x)
Определение 1.27. Если lim ( ) = ∞, то
(x→a ) β x
x→∞
β(х) называется б.м.ф. факт записывается так:
α(х) называется б.м.ф.
низшего порядка по отношению к β(х) (или β(х) называется б.м.ф. высшего порядка по отношению к α(х)).
Легко видеть, что определения 1.26 и 1.27 относятся к одному и тому же случаю, когда сравниваются б.м.ф. разного порядка.
Определение 1.28. Если lim |
α(x) |
= k ≠ 0, то n называется |
|
||
(xx→→a∞) (β(x))n |
|
|
порядком б.м.ф. α(х) по отношению к β(х). |
|
Пример 1. Сравнить б.м.ф. α(х)=sinx, β(x)=x при x→0. Имеем
32
lim |
α(x) |
= lim |
sin x |
=1. |
|
( |
) |
|
|||
|
x→0 x |
||||
x→0 β x |
|
||||
Следовательно: sin x ~ x |
при x→0. |
Пример 2. Сравнить б.м.ф. α(x)=x2 и β(x)=sin x при x→0. Имеем
lim |
α(x) |
= lim |
x2 |
= lim |
x |
x = 0. |
|
( |
) |
|
|
||||
|
x→0 |
sin x |
x→0 sin x |
||||
x→0 β x |
|
Следовательно: α(x)=x2- б.м.ф. высшего порядка по отношению к
β(x)=sinx при x→0, т.е. x2=0 (sin x) при x→0.
Найдем, какого порядка б.м.ф. α(x)=x2 по сравнению с б.м.ф. β(x)=sin x при x→0. Обозначая порядок через l, по определению 1.28
|
|
|
|
|
при l<2 |
|
|
α(x) |
|
|
x2 |
0, |
|
имеем lim |
|
= lim |
= 1,при l=2 |
|||
( ) |
|
|||||
x→0 |
x→0 (sin x)l |
при l>2 |
||||
β(x) |
l |
|||||
|
|
|
|
|
∞, |
Следовательно: α(x)= x2 - б.м.ф. 2-ого порядка по отношению к б.м.ф. β(x)= sin x при x→0.
1.18. Непрерывность функции в точке
Пусть f(x) определена в точке x0 и в некоторой ее окрестности. Определение 1.29. Функция f(x) называется непрерывной в точке
x0, если |
|
lim f(x)= f(x0 ). |
(1.45.) |
x→x0 |
|
Определение 1.30. Функция f(x) называется непрерывной в точке
x0, если любой последовательности { xn} → x0 соответствует
{f (xn )}→ f (x0 ). .
В силу эквивалентности определений предела функции “по Коши” и “по Гейне” определения 1.29 и 1.30 также эквивалентны.
Определение 1.31. Функция f(x) называется непрерывной справа
(слева) в точке x0, если lim f(x)= f(x0 )
x→x0 +0 (x→x0 −0)
Определение 1.32. Если функция f(x) непрерывна в точке x0 справа и слева, то она непрерывна в точке x0.
Имея ввиду определение 1.32 условие непрерывности f(x) в точке
x0 (1.45) можно переписать в виде |
|
|
lim f(x)= lim f(x)= f(x0 ), |
f (x0 )- существует |
|
x→x0 +0 |
x→x0 −0 |
|
33
Пример 1. Функция f(x)= cos x непрерывна в точке x0, так как
lim cosx = cos x0 (см. п. 1.1.13).
x→x0
Определение 1.33. Точка, в которой функция y=f(x) не обладает свойством непрерывности, называется точкой разрыва.
Пример 2. Покажем, что функция y=sgn x (см. (1.26)) разрывна в точке x0=0.
На самом деле, так как lim sgn x =1, |
lim sgn x = −1, sgn |
|
x=0 = 0 , то не |
|
|||
x→0+0 |
x→0-0 |
|
|
выполняется условие непрерывности (1.46) для функции sgn x в точке x0=0. То есть функция sgn x в точке x0=0 является разрывной функцией.
Пример 3. Рассмотрим функцию f(x)= x1−1 в окрестности точки
x0=1. Данная функция не определена в этой точке, следовательно, она разрывна в точке x0=1.
Пример 4. Рассмотрим функцию |
f(x)= |
sin x |
. |
Эта функция |
|
||||
|
|
x |
|
разрывна в точке x0=0, т.к. не определена в этой точке. Если доопределить ее в точке x0=0, задав ее значение в этой точке f(0)=1, т.е.
|
при x≠0 |
sin x |
|
|
|
||||
рассмотреть функцию |
ϕ(x)= |
x |
|
|
, то таким образом |
||||
|
при х=0 |
|
1 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
доопределенная функция ϕ(x) |
окажется непрерывной в точке x0=0. |
||||||||
Действительно: |
lim |
sin x |
=1 = f(0)=1 |
и |
выполняется |
условие |
|||
|
|||||||||
|
x→0 |
x |
|
|
|
|
|
|
непрерывности (1.46) в точке x=0.
В заключении отметим, что если функция f(x) непрерывна в точке x0, то можно перейти к пределу в аргументе этой функции. Этот факт следует из условия непрерывности функции f(x) в точке x0 (см. (1.45)).
На самом деле, согласно (1.45) имеем lim f(x)= f(x0 )= f |
|
|
|
|
|
|
|
|
lim x . |
||
x→x0 |
x→x0 |
|
1.19. Классификация точек разрыва
Как уже говорилось выше, если функция f(x) в точке x0 удовлетворяет условию непрерывности 1.46, то функция f(x) будет непрерывна в точке x0. Если в этом условии что-то нарушается, то функция f(x) оказывается разрывной в точке x0.
1. Разрыв первого рода.
Если в точке разрыва x0 существуют конечные правосторонний и левосторонний неравные пределы функции f(x), то функция f(x) в точке
34
x0 имеет разрыв первого рода. Примером такой функции может служить уже рассмотренная выше функция sgn x. Она имеет разрыв первого рода в точке x0=0.
2. Устранимый разрыв.
Если в точке разрыва x0 существуют конечные односторонние
пределы функции f(x) и равны |
|
|
|
|
но функция f(x) не |
lim f(x)= lim f(x) , |
|||||
|
|
x→x0 +0 |
x→x0 −0 |
|
|
определена в точке x0 , то функция f(x) в точке x0 имеет устранимый разрыв. Примером такой функции может служить выше рассмотренная
функция sinx x , которая в точке x0=0 имеет устранимый разрыв.
3. Разрыв второго рода.
Точки разрыва, не являющиеся точками разрыва первого рода и устранимого разрыва, называются точками разрыва второго рода.
Подобного рода разрыв имеет уже выше рассмотренная функция
f(x)= |
1 |
|
в точке x0=1, так как lim |
1 |
|
= ±∞. |
x −1 |
|
|
||||
|
x→1±0 x −1 |
|
1.20. Определение непрерывности функции в точке с использованием понятия приращения функции
Пусть функция f(x) определена в точке x0 и в некоторой ее окрестности, а точка x0+∆x принадлежит этой окрестности, тогда разность f(x0+∆x) - f(x0) = ∆f(x0 )∆x называется приращением функции
f(x) в точке x0 при приращении аргумента ∆x.
Определение 1.34. Функция f(x) называется непрерывной в точке
x0, если |
(1.47) |
lim ∆f(x0 )= 0. |
|
∆x→0 |
|
Данное определение и определение 1.32. эквивалентны. Для доказательства этого утверждения необходимо доказать справедливость двух высказываний:
lim |
(f(x0 |
+ ∆x)− f(x0 ))= 0 |
lim f(x)= f(x0 ) |
∆x→0 |
|
|
x→x0 |
и |
|
|
0 + ∆x)− f(x0 ))= 0. |
lim f(x)= f(x0 ) lim (f(x |
|||
x→x0 |
|
∆x→0 |
|
Читатель может самостоятельно выполнить эти доказательства, воспользовавшись определением предела функции, обозначением x0+∆x= x и тем фактом, что x→x0 ∆x→0.
35
1.21. Арифметические действия над непрерывными функциями
Теорема 1.28. Если функции f(x) и ϕ(x) непрерывны в точке x0, то
функции f(x) ± ϕ(x), f(x) ϕ(x) и |
f(x) |
(при условии ϕ(x0)±0) также |
|
ϕ(x) |
|||
|
|
непрерывны в точке x0.
Для доказательства этой теоремы следует использовать определение функции, непрерывной в точке и теоремы об арифметических действиях над функциями, имеющими предел (п. 1.1.15).
Ниже приведем доказательство этой теоремы для случая произведения функций f(x) ϕ(x).
Дано: lim f(x) = f(x0 ), lim ϕ(x) = ϕ(x0 ). |
|||
x→x0 |
x→x0 |
|
|
Доказать: |
lim f(x) ϕ(x) = f(x0 ) ϕ(x0 ). |
||
|
x→x0 |
|
|
По теореме 1.23. имеем |
|
|
|
|
lim f(x) ϕ(x) = lim f(x) lim ϕ(x) = f(x0 ) ϕ(x0 ). |
||
|
x→x0 |
x→x0 |
x→x0 |
А последнее и означает, что функция f(x) ϕ(x) непрерывна в точке x0.
1.22. Непрерывность сложной функции
Пусть x=ϕ(t) задана на множестве {t} и имеет множество значений {x}. Пусть на этом множестве {x} задана функция y=f(x). Тогда на множестве {t} задана сложная функция y=f(ϕ(t)).
Теорема 1.29. Пусть функция y=f(x) непрерывна в точке x0 {x}, а функция x=ϕ(t) непрерывна в соответствующей точке t0 (ϕ(t)=x0). Тогда сложная функция y=f(ϕ(t)) непрерывна в точке t0. Для доказательства воспользуемся определением 1.30. Имеем, что для любой последовательности {tn}→t0 {ϕ(tn}→x0 {f(xn)=f(ϕ(tn)}→f(x0)=f(ϕ(t0)),
т.е.
Этот результат полезно записать и в следующей форме:
lim f |
( |
ϕ(t) |
|
|
(1.48) |
= f lim ϕ(t) |
|||||
t→t0 |
) |
t→t0 |
|
|
1.23. Свойства функций, непрерывных на сегменте
Определение 1.35. Функция f(x) называется непрерывной на сегменте [a;b] (непрерывной на интервале (a;b)), если она непрерывна в каждой точке этого интервала.
36
Определение 1.36. Функция f(x) называется непрерывной на множестве {x}, если она непрерывна в каждой точке этого множества. Символически это записывается так: f(x) C(x).
Оказывается, что непрерывные на сегменте функции обладают интересными свойствами. Ниже эти свойства сформулируем в виде теорем. Некоторые из них приведем с доказательствами.
Теорема 1.30. Пусть функция f(x) определена в некоторой окрестности точки x0 и непрерывна в самой точке x0. Если f(x0)≠0, то существует окрестность точки x0, где функция f(x) имеет знак, совпадающий со знаком f(x0).
Дано: lim f(x) = f(x0 ),
x→x0
f(x0)≠0. (1.49)
Доказать окрестность x0, где sgn f(x)=sgn f(x0).
Из условия (1.49) следует, что для ε>0 (ε R) δ(ε)>0 (δ(ε) R) такое, что для всех х из δ(ε) окрестности точки х0 выполняется неравенство f(x)− f(x0 ) <ε или f(x0)-ε<f(x)<f(x0)+ε.
Пусть f(x0)>0. Тогда для |
ε = |
f(x0 ) |
|
> 0 |
найдется такое δ1>0, что из |
||||||||||
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
неравенства |
0 < |
|
x − x0 |
|
< δ1 |
будет |
|
следовать |
неравенство |
||||||
|
|
|
|||||||||||||
f(x0 ) − |
f(x0 ) |
< f(x) |
< f(x0 ) + |
f(x0 ) |
. Последнее означает, что в δ1 |
окрестности |
|||||||||
|
|
||||||||||||||
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
точки х0 знак функции f(x) совпадает со знаком f(x0) (f(x0)>0 и f(x)>0). Аналогично можно доказать теорему в случае f(x)<0.
Теорема 1.31. (первая теорема Больцано-Коши). Если функция f(x) непрерывна на сегменте[a;b] и на его концах принимает значения f(a) и f(b) разных знаков, то внутри сегмента[a;b] существует точка С такая,
что f(C)=0.
На рисунке 1.10 приведена геометрическая иллюстрация этой теоремы в случае f(a)<0 и f(b)>0.
y |
|
|
|
y=f(x) |
|
0 |
a |
|
c |
b x |
Рис. 1.10.
37
Теорема 1.32. (вторая теорема Больцано-Коши). Если функция f(x) непрерывна на сегменте[a;b] и на его концах принимает значения f(a)=A, f(b)=B, то для любого С, заключенного между А и В, существует точка с [a;b] такая, что f(c)=C.
Отметим, что теорема 1.32 другими словами гласит, что непрерывная на сегменте функция принимает все значения, заключенные между значениями этой функции на концах сегмента (см.
рис. 1.11).
y |
|
y=f(x) |
|
|
B |
|
|
||
|
|
|
|
|
C |
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
0 |
a |
c |
b |
x |
|
|
Рис. 1.11. |
|
|
Теорема 1.33. (первая теорема Вейерштраcа). Если функция f(x) непрерывна на сегменте[a;b], то она ограничена на этом сегменте.
Дано: y=f(x) непрерывна на [a;b]. Доказать: y=f(x) ограничена на [a;b].
Предположим, что функция f(x) не является ограниченной на [a;b]. Это означает, что существует тоска с [a;b], где функция f(x) стремится к бесконечности, что противоречит условию непрерывности функции f(x) в точке c [a;b] (ведь функция f(x) непрерывна и в точке c [a;b] по условию теоремы).
Теорема 1.34. (вторая теорема Вейерштраcа). Если функция f(x) непрерывна на сегменте [a;b] и m = inf{f(x)},M = sup {f(x)} (их
x [a;b ] x [a;b ]
существование следует из теоремы 1.32), то существуют точки c и с , принадлежащие сегменту [a;b] такие, что f(c )=m, f(c )=M.
Теорема 1.35. (необходимое и достаточное условие непрерывности монотонной функции на сегменте). Монотонная на сегменте [a;b] функция f(x) непрерывна на этом сегменте тогда и только тогда, если функция f(x) принимает все все промежуточные значения между f(a) и f(b).
38
Примеры
Пример 1. Доказать существование следующих пределов исходя из определения предела функции:
а) lim |
1 −2x2 |
= − |
1 |
; б) lim sin 3x = 0 , в) lim |
|
5 |
|
= ∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
9 − x2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
x→∞ 2 +4x2 |
2 |
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
Решение: а) Нам следует доказать, что для любого числа ε 0 |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
существует β(ε) 0 такое, что: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 − 2 x 2 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
В(ε) |
|
− |
− |
|
ε |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 + 4 x 2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Решим последнее неравенство |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
1 − 2 x 2 |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
1 |
− 2 x 2 |
+1 + |
2 x |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
ε |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
− |
− |
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
2 + 4 x 2 |
2 |
|
|
|
|
|
|
2 + 4 x 2 |
|
|
|
|
2 |
+ 4 x 2 |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
или |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
ε 1 + 2x 2 |
|
|
x |
1 |
−1 |
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
1 + 2x2 |
|
ε |
|
|
|
ε |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
Итак, |
из |
неравенства |
|
x |
|
В(ε) |
должно |
|
следовать |
неравенство |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
x 1 −1 . |
Очевидно, |
|
|
|
что |
это |
возможно при |
|
|
В(x)≥ |
1 −1 . Таким |
||||||||||||||||||||||||||
ε |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ε |
образом, мы убедились, что для ε 0 существует число β(ε) 0 , такое, что
из |
|
x |
|
В(ε) |
1- 2x 2 |
|
1 |
ε . |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
− − |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
2 + 4x2 |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
Решение: б) Докажем, что для любого ε 0 существует δ(ε) 0 |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
такое, что: |
|
|
|
|
|
x |
|
δ(ε) |
|
sin 3x |
|
ε |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
На самом деле, из последнего неравенства имеем |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
Отсюда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sin 3x |
|
|
|
|
|
3x |
|
ε |
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
ε |
|
sin 3x |
|
ε |
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ε |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
Чтобы из неравенства |
|
x |
|
δ(ε) следовало неравенство |
|
x |
|
|
, δ(ε) |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
должно удовлетворять условию δ (ε )≤ ε . |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
39
Итак мы |
убедились, что существует число δ(ε) такое, что |
||||||
|
x |
|
δ (ε ) |
|
sin3x |
|
ε . |
|
|
|
|
Решение: в) В данном случае необходимо доказать, что для любого сколь угодно большого числа А>0 существует число δ (А) 0 такое, что:
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x − |
3 |
|
δ(A) |
|
5 |
A . |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
9 - x 2 |
|
|
|
|||||||||||||
Решим последнее неравенство: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
5 |
|
A |
|
|
9 - x 2 |
1 |
|
|
9 - |
5 |
x 9 + |
5 . |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
9 - x 2 |
|
|
|
5 |
|
|
|
A |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
A |
||||||
Итак, |
из неравенства |
|
3 −δ (A) x 3 + δ (A) |
должно следовать неравенство |
|||||||||||||||||||||||||
|
5 |
x |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
9 − |
9 + 5 |
Очевидно, |
|
|
что |
это |
выполнится, |
если выбрать |
|||||||||||||||||||||
А |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
δ(A)= |
|
|
|
|
|
9 |
+ |
5 |
|
x 9 |
− |
5 |
|
Таким |
|
образом |
показано, что |
||||||||||||
наименьшее |
|
|
|
. |
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
А |
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
существует δ (А) 0 |
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|||||||||||||||||||
такое, что из |
|
x −3 |
|
δ(A) |
|
|
A . |
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
9 |
− x2 |
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 2. Найти следующие пределы, не применяя правила Лопиталя.
a) lim |
|
x2 |
+9x −6 |
; б) lim |
|
x2 |
−9 |
|
; |
||||||||||
|
|
|
10x4 +5x |
x3 |
− x2 |
− x − |
15 |
||||||||||||
x→∞ 7x2 |
+ |
|
x→3 |
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sin |
x −1 |
|
|
|||
в) lim |
|
x |
|
+1 −1 |
; г) lim |
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 3 x2 +2 − 3 2 |
x→1 3x2 −6x +3 |
|
|
||||||||||||||||
|
ex2 |
−cos x |
|
|
2x |
−4x |
|
|
|
|
|||||||||
д) lim |
|
|
|
|
|
|
|
; е) lim |
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
||
|
|
x2 |
|
|
|
|
+2x |
|
|
|
|
||||||||
x→0 |
|
|
|
|
|
|
x→∞ 1 |
|
|
|
|
|
|
||||||
Решение: а) При |
x → ∞ числитель и знаменатель этой дроби |
Б.Б.Ф., то есть имеет место неопределенность типа ∞∞ . Для раскрытия
этой неопределенности следует числитель и знаменатель разделить на высшую степень числителя или знаменателя.
Имеем
|
|
|
|
9 |
6 |
|
|
|||
|
x 2 + 9x − 6 |
|
|
1 + |
|
− |
|
|
|
|
lim |
= lim |
|
x |
x 2 |
|
|||||
|
|
|
|
5 |
|
|||||
x→∞ 7 x 2 + 10 x 4 + 5x |
x→∞ |
|
|
|
||||||
|
|
7 |
+ 10 + |
|
|
|||||
|
|
x3 |
|
40