 
        
        glava8
.pdf 
Задача 1. В вершинах А и С квадрата ABCD со стороной a =10 см находят-
ся разноименные заряды q1 = −8 мкКл и q2 = 6 мкКл. Найти потенциал электри-
ческого поля в точке D.
| Дано: | СИ | 
| a =10 см | 0,1 м | 
| q1 = −8 нКл | –8 ×10–9 Кл | 
| q2 = 6 нКл | 6×10–9 Кл | 
| 
 | 
 | 
| ϕ = ? | 
 | 
| 
 | 
 | 
Решение
По принципу суперпозиции электрических по-
лей потенциал поля системы двух точечных зарядов равен алгебраической сумме потенциалов полей этих зарядов
ϕ = ϕ1 +ϕ2 ,
| где j1 – | потенциал электрического поля в точке D, | |||
| создаваемого зарядом q1 , который равен | ||||
| j = | 1 | 
 | q1 | ; | 
| 4pe0 | 
 | |||
| 1 | 
 | a | ||
| 
 | 
 | 
 | 
 | |
j2 – потенциал поля, создаваемого зарядом q2 , который определяется равенством
| j2 | = | 1 | 
 | q2 | . | 
| 
 | 
 | ||||
| 
 | 4pe0 | 
 | a | ||
С учетом этих двух равенств потенциал электрического поля системы двух то-
чечных зарядов в точке D определяется формулой
| j = | 1 | 
 | q1 | + | 1 | 
 | q2 | = | q1 + q2 | . | 
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||||||
| 4pe0 a 4pe0 a 4pe0a | ||||||||||
В полученное равенство подставим числовые значения
| j = | 
 | (-8 ×10−9 Кл + 6 ×10−9 Кл) | = 180 | В. | |
| 
 | ×3,14 ×8,85×10−12 | Ф/м×0,1 м | |||
| 4 | 
 | 
 | |||
 
Задача 2. Протон, пройдя в плоском конденсаторе от одной пластины до другой, приобретает скорость v = 105 м/с. Найдите разность потенциалов между пластинами.
Дано:
v = 105 м/с
m = 1,67 ×10 −27 кг q = 1, 6 ×10 − 19 Кл
ϕ1 −ϕ2 = ?
Решение
Работа электрического поля по перемещению про-
тона между пластинами конденсатора равна
A = q(ϕ1 −ϕ2 ) .
Работа также равна изменению кинетической энер-
гии
A = mv2 . 2
Здесь мы учли, что начальная скорость протона была равна нулю.
Приравняем правые части этих выражений
q(j1 - j2 ) = mv2
2
и выразим разность потенциалов
j1 - j2 = mv2 . 2q
В полученное равенство подставим числовые значения
| 
 | 
 | 
 | 1,67 ×10−27 | кг×(105 м/с)2 | |||
| j - j | 2 | = | 
 | 
 | 
 | 
 | = 52 В. | 
| 
 | 
 | 
 | 
 | ||||
| 1 | 
 | 2 | ×1,6 | ×10−19 Кл | |||
| 
 | 
 | 
 | |||||
Задача 3. Пылинка массой m = 0,05 г и с зарядом q =100 нКл перемещает-
ся в электрическом поле из точки А, с потенциалом 6000 В, в точку С, потенциал которой равен 2000 В. Чему была равна скорость пылинки в точке А, если в точке
С она стала равной 5 м/с?
 
| Дано: | СИ | 
| m = 0,05 г | 5×10–5 кг | 
| q =100 нКл | 10–7 Кл | 
| ϕA = 6000 В | 
 | 
| ϕC = 2000 В | 
 | 
| vC = 5 м/с | 
 | 
| 
 | 
 | 
| vA = ? | 
 | 
| 
 | 
 | 
| q(jA | - jC ) = | mvC2 | |
| 2 | |||
| 
 | 
 | 
Решение
Работа электрического поля по перемещению за-
ряда равна
A = q(ϕA −ϕC ) .
По теореме о кинетической энергии работа равна изме-
нению кинетической энергии тела
A = mvC2 - mvA2 . 2 2
Приравняв правые части этих выражений, получим
- mvA2 . 2
Выразив из полученного равенства кинетическую энергию заряда в точке А
| mv A2 | = | mvC2 | − q(ϕA − ϕC ) , | 
| 2 | 
 | ||
| 2 | 
 | ||
найдем отсюда формулу для скорости в этой точке
vA = vC2 - 2q(jA - jC ) . m
Подставим в полученное равенство числовые значения
| vA = | (5 м/с) | 2 | - | 2 ×10−7 Кл×(6000 В- 2000 В) | 
 | = 3 | м/с . | |
| 
 | 5 ×10−5 | кг | ||||||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||
§ 64
Напряженность как градиент потенциала. Эквипотенциальные поверхности
Найдем взаимосвязь между напряженностью электростатического поля, яв-
ляющейся его силовой характеристикой, и потенциалом – энергетической харак-
теристикой поля.
Работа по перемещению единичного точечного положительного заряда од-
ной точки в другую вдоль оси x при условии, что точки расположены бесконеч-
 
но близко друг к другу и x2 − x1 = dx , равна Exdx. Та же работа равна ϕ1 − ϕ2 = −dϕ. Приравняв оба выражения, можем записать
(64.1)
где символ частной производной подчеркивает, что дифференцирование произ-
водится только по x . Повторив аналогичное рассуждения для осей y и z , можем найти вектор E
| R | 
 | ¶j R | + | ¶j R | + | ¶j R | 
| E = - | i | j | k , | |||
| 
 | 
 | ¶x | 
 | ¶y | 
 | 
 | 
| 
 | 
 | 
 | 
 | ¶z | ||
где i , j , k – единичные векторы координатных осей x , y , z.
Из определения градиента следует, что
| E = -gradj или E = -Ñj . | (64.2) | 
| Эквивалентные поверхности – | поверхности, во всех точках которых потенциал | 
имеет одно и тоже значение.
Линии напряженности в случае точечного заряда перпендикулярны эквипотенци-
альным поверхностям. Линии напряженности всегда нормальны к эквипотенци-
альным поверхностям.
Электростатические силы, действующие на заряд, всегда направлены по нормалям к эквипотенциальным поверхностям. Следовательно, вектор E всегда нормален к эквипотенциальным поверхностям, а поэтому линии вектора E орто-
гональны этим поверхностям.
Эквипотенциальных поверхностей вокруг каждого заряда и каждой сис-
темы зарядов можно провести бесчисленное множество. Однако их проводят так, чтобы разности потенциалов между любыми двумя соседними эквипотен-
циальными поверхностями были одинаковыми. Тогда густота эквипотенциаль-
ных поверхностей характеризует напряженность поля в разных точках. Там,
где эти поверхности расположены гуще, напряженность поля больше.
 
Зная расположение линий напряженностей электростатического поля, мож-
но построить эквипотенциальные поверхности и, наоборот, по известному распо-
ложению эквипотенциальных поверхностей можно определить в каждой точке поля величину и направления напряженности поля.
На рисунке изображены для примера виды линий напряженностей (штриховые линии) и эк-
випотенциальных поверхностей (сплошные ли-
нии) полей положительного точечного заряда (а)
и заряженного металлического цилиндра, имею-
щего на одном конце выступ, а на другом – впадину (б).
§ 65
Вычисление разности потенциалов по напряженности поля
1. Поле равномерно заряженной бесконечной плоскости определяется форму-
лой E = σ 2ε0 , где σ – поверхностная плоскость заряда. Разность потенциалов между точками, лежащими на расстояниях x1 и x2 от плоскости равна
2ε0 , где σ – поверхностная плоскость заряда. Разность потенциалов между точками, лежащими на расстояниях x1 и x2 от плоскости равна
| ϕ − ϕ | 
 | = x2Edx = x2 | σ | dx = | σ | (x − x ) . | ||
| 
 | 
 | 2ε0 | ||||||
| 1 | 2 | ∫ | ∫ | 2ε0 | 2 | 1 | ||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||||
| 
 | 
 | x1 | x1 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
2. Поле двух бесконечных параллельных разноименно заряженных плоско-
стей определяется формулой E = σ ε0 . Разность потенциалов между плоскостя-
ε0 . Разность потенциалов между плоскостя-
ми, расстояние между которыми равно d , равна
| ϕ −ϕ | 
 | = d Edx = d | σ | dx = | σ | d = Ed . | (65.1) | |||||||
| 
 | 
 | 
 | ||||||||||||
| 1 | 
 | 2 | 
 | ∫ | ∫ε | 
 | 
 | ε | 
 | 
 | 
 | |||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||
| 
 | 
 | 
 | 0 | 
 | 0 | 
 | 0 | 
 | 
 | 0 | 
 | 
 | ||
| 3. Поле равномерно заряженной сферической поверхности радиуса R с об- | ||||||||||||||
| щим зарядом q вне сферы ( r > R ) вычисляется по формуле | 
 | |||||||||||||
| E = | 
 | 1 | 
 | q | . | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | |
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||||
| 
 | 4πε0 r2 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | |||||
 
| Разность потенциалов между двумя точками, лежащими на расстояниях r1 | и r2 от | ||||||||||||||||
| центра сферы ( r1 > R, | r2 > R), равна | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||||||||
| ϕ − ϕ | 
 | = | r2 | Edr = | r2 | 1 | 
 | q | dr = | q | 
 | 
 | 1 | − | 1 | 
 | 
 | 
| 
 | ∫ | ∫ | 
 | 
 | 
 | ||||||||||||
| 
 | 
 | 
 | 
 | . | (65.2) | ||||||||||||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | r | |||||||||||
| 1 | 2 | 
 | 
 | 4πε r2 | 4πε r | 
 | 
 | 
 | |||||||||
| 
 | 
 | 
 | r | 
 | r | 0 | 
 | 
 | 
 | 
 | 0 | 1 | 2 | 
 | 
 | ||
| 
 | 
 | 
 | 1 | 
 | 1 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
Если принять r1 = r и r2 = ∞, то потенциал поля вне сферической поверхности,
задается выражением
ϕ = 1 q . 4πε0 r
Внутри сферической поверхности потенциал всюду одинаков и равен
ϕ = 1 q . 4πε0 R
График зависимости ϕ от r приведен на рисунке.
4. Поле объемно заряженного шара радиуса R с общим зарядом q вне шара
( r > R ) вычисляется по формуле
E = 1 q , 4πε0 r2
поэтому разность потенциалов между двумя точками, лежащими на расстояниях r1 и r2 от центра шара ( r1 > R, r2 > R), определяется формулой (65.2). В любой точке, лежащей внутри шара на расстоянии r′ от центра ( r′ < R ), напряженность определяется выражением
| E = | 1 q | r′. | ||
| 
 | 
 | 
 | ||
| 4πε0 R3 | 
 | |||
Следовательно, разность потенциалов между двумя точками, лежащими на рас-
стояниях r1′ и r2′ от центра шара ( r1′ < R , r2′ < R), равна
′
ϕ1 − ϕ2 = r∫2′Edr = 8πεq0R3 (r2′2 − r1′2 ).
r1
 
5. Поле равномерно заряженного бесконечного цилиндра радиуса R , заря-
женного с линейной плоскостью τ, вне цилиндра ( r > R ) определяется формулой
| E = | τ | 
 | . | 
| 2πε | 
 | ||
| 
 | 0 r | ||
| Разность потенциалов между двумя точками, лежащими на расстояниях r1 | и r2 от | ||||||||||||||||
| оси заряженного цилиндра ( r1 > R, r2 > R), равна | 
 | ||||||||||||||||
| j - j | 
 | = r2 | Edr = | 
 | t | r2 | dr | = | t | 
 | ln(r | r ). | (65.3) | ||||
| 2 | 
 | 
 | ∫ | 
 | 
 | 
 | 
 | ||||||||||
| 1 | 
 | ∫ | 
 | 2pe0 | 
 | r | 
 | 2pe | 2 | 1 | 
 | ||||||
| 
 | 
 | 
 | r | 
 | r | 
 | 
 | 0 | 
 | 
 | 
 | ||||||
| 
 | 
 | 
 | 1 | 
 | 
 | 
 | 1 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | |
| Задача 1. Две бесконечные параллельные плоскости, находящиеся на рас- | |||||||||||||||||
| стоянии d = 4 | мм, несут равномерно распределенные заряды с поверхностными | ||||||||||||||||
| плотностями σ = 1 нКл/м2 и σ | 2 | = −3 нКл/м2. Найти разность потенциалов между | |||||||||||||||
| 
 | 
 | 
 | 1 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | |
| плоскостями. | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | |
| Дано: | 
 | 
 | 
 | 
 | СИ | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | Решение | 
 | |
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||||
| d = 4 мм | 
 | 
 | 
 | 
 | 0,004 м | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | Разность потенциалов между двумя беско- | |||||
| s1 = 1 нКл/м2 | 
 | 
 | 
 | 10–9 Кл/м2 | 
 | 
 | 
 | нечными параллельными плоскостями определя- | |||||||||
| s2 = -3 нКл/м2 | 
 | 
 | 3×10–9 Кл/м2 | 
 | 
 | ется по формуле | 
 | ||||||||||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ϕ1 − ϕ2 = Ed , | 
 | |||
| ϕ1 − ϕ2 = ? | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | |
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
где E – напряженность электрического поля между плоскостям, которое является однородным.
Как видно из рисунка, вектора напряженности элек-
трических полей E+ положительно и E− отрицательно за-
ряженных плоскостей в области между плоскостями на-
правлены в одну сторону, и из величины равны, соответственно,
E+ = σ1 и E− = σ2 . 2e0 2ε0
 
Тогда результирующий вектор напряженности электрического поля между плос-
костями равен по величине
s + s E = E+ + E− = 12e0 2 .
Подставим это выражение в формулу для разности потенциалов
| j - j = | s1 + | 
 | s2 | 
 | 
 | d . | |
| 
 | 
 | ||||||
| 
 | 
 | ||||||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | |||
| 1 | 2 | 2e0 | |||||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||
В полученное равенство подставим числовые значения
| 
 | 
 | 
 | 10−9 | Кл/м2 | + 3×10−9 Кл/м2 | |||
| j - j | 
 | = | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ×0,004 м = 0,9 В. | 
| 
 | 
 | 
 | 2 ×8,85 | ×10−12 | 
 | |||
| 1 | 2 | 
 | 
 | 
 | Ф/м | |||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | ||
Задача 2. Найдите потенциал в центре металлической сферы радиуса R = 5
см, равномерно заряженной по поверхности с поверхностной плотностью заряда σ = 5 нКл/м2, если на бесконечности он равен нулю.
| Дано: | СИ | 
 | 
 | 
 | 
 | Решение | 
| R = 5 см | 0,05 м | Во | всей | 
 | области внутри сферы r ≤ R про- | |
| s = 5 нКл/м2 | 5×10–9 Кл/м2 | странство является эквипотенциальным, то есть | ||||
| ϕ∞ = 0 | 
 | j = | 1 | 
 | q | 
 | 
| 
 | 4pe0 | 
 | R , | |||
| 
 | 
 | 
 | ||||
| ϕ = ? | 
 | 
 | 
 | |||
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | |
| 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
 | 
где q – заряд сферы, который равен
q = sS = s4pR2 .
Подставим это выражение в формулу для потенциала
| j = | 1 s4pR2 | = | sR | ||
| 
 | 
 | . | |||
| 4pe0 R | |||||
| 
 | 
 | e0 | |||
По полученному равенству рассчитаем числовое значение потенциала
| j = | 5 ×10−9 | Кл/м2 | ×0,05 м | = 28 | В. | |
| 8,85×10−12 | Ф/м | |||||
| 
 | 
 | 
 | ||||
 
Задача 3. Напряженность однородного электрического поля в некоторой точке равна 300 В/м. Вычислите разность потенциалов между этой точкой и дру-
гой, лежащей на прямой, составляющей угол 30° с вектором напряженности. Рас-
стояние между точками равно 3 мм.
| Дано: | 
 | СИ | Решение | 
| d = 3 мм | 0,003 м | Разность потенциалов в одно- | |
| E = 300 В/м | 
 | родном электрическом поле между | |
| α = 30° | 
 | 
 | двумя точками, не лежащими на од- | 
| 
 | 
 | 
 | |
| j1 - j2 = ? | 
 | ной силовой линии, можно найти | |
| 
 | 
 | 
 | по формуле | 
| 
 | 
 | 
 | |
| j1 | - j2 = Ed cos a . | ||
| Подставим числовые значения | |||
| j1 | - j2 = 300 В/м×0,003 м×cos 30° = 0,78 В. | ||
§ 66
Типы диэлектриков. Поляризация диэлектриков
Молекулы в диэлектриках можно
рассматривать, как диполь с электрическим моментом равным
R =
p q l .
Диэлектрики – это вещества, которые не прово-
дят (плохо проводят) электрический ток.
Первую группу диэлектриков (N2, H2, O2, CO2, CH4, …) составляют вещест-
ва, молекулы которых имеют симметричное строение, т.е. центры «тяжести» по-
ложительных и отрицательных зарядов в отсутствии внешнего электрического
поля = 0 совпадают и, следовательно, R i = 0 . Молекулы таких диэлектриков p
E
называются неполярными. Под действием электрического поля E ¹ 0 заряды не-
 
полярных молекул смещаются в противоположные стороны и молекулы приобре-
тают дипольный момент.
Поляризацией диэлектрика называется процесс ориентации диполей или появ-
ления под воздействием электрического поля ориентированных по полю диполей.
У неполярных молекул наблюдается электронная или деформационная поля-
ризация, заключающаяся в возникновение у атомов индуцированного электриче-
ского момента p за счет деформации электронных орбит.
Вторую группу диэлектриков (H2O, NH3, SO2,
CO, …) составляют вещества, молекулы которых имеют асимметрическое строение, т.е. центры
«тяжести» положительных и отрицательных заря-
дов не совпадают. Таким образом, эти молекулы в отсутствии E = 0 обладают pi ¹ 0 . Молекулы та-
ких диэлектриков называются полярными. Однако в отсутствии внешнего элек-
трического поля ∑ R i = 0 , так как из-за теплового движения i молекулы ори-
E
p
p
i
ентируются в пространстве хаотически. Если такой диэлектрик поместить во
внешнее ¹ 0 , то i стремятся ориентироваться вдоль поля, и тогда ∑ R i ¹ 0 . У
E p p
i
полярных молекул наблюдается ориентационная или дипольная поляризация
диэлектриков, которая заключается в ориентации имеющихся pi по полю. Эта ориентация тем сильнее, чем больше величина E .
Третью группу диэлектриков (NaCl, KCl, KBr, …) составляют вещества, мо-
лекулы которых имеют ионное строение. Ионные кристаллы представляют собой пространственные решетки с правильным чередованием ионов разных знаков. В
этих кристаллах нельзя выделить отдельные молекулы, а рассматривать их можно как систему двух вдвинутых одна в другую ионных подрешеток. При наложение на ионный кристалл внешнего электрического поля E происходит некоторая де-
формация кристаллической решетки или относительное смещение подрешеток,
приводящее к возникновению дипольных моментов p . У ионных решеток на-
