Добавил:
Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

Введение в общую теорию относительности

.pdf
Скачиваний:
1
Добавлен:
11.08.2026
Размер:
640 Кб
Скачать

14. Метрика Робертсона – Уолкера

81

в) Решение Ньюмана

Для полноты картины заметим также, что вращающиеся планеты могут также быть электрически заряженными. Решение для этого случая было найдено Ньюманом в 1965 г. Метрика, соответствующая этому решению, описывается уравнением

ds2 = Y (dt − a sin2 θ dϕ)2+

 

sin2 θ

(a dt − (r

2

 

2

2

 

 

Y

 

2

2

 

 

+

Y

 

+ a

) )

+

 

dr

 

+ Y dθ

,

(13.22)

где

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Y = r2

+ a2 cos θ,

 

 

 

 

 

 

 

 

(13.23)

 

 

= r2

2M r + Q2/4π + a2.

 

(13.24)

Потенциал вектора представлен как

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

A0 =

 

Qr

;

A3 =

 

Qra sin2

θ

 

(13.25)

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

4πY

 

 

4πY

 

 

 

Упражнение. Докажите, что при Q = 0 (13.21) и (13.22) совпадают.

Упражнение. Найдите решение для невращающегося магнитного монополя в условиях радиального магнитного поля.

Упражнение для продвинутого студента. Опишите геодезические для решения Керра.

14. Метрика Робертсона–Уолкера

Общая теория относительности играет важную роль в космологии. Самое распространенное предположение заключается в том, что в определенный момент «t = 0» из сингулярности возникла вселенная и начала расширяться. Примем макси-

мальную симметрию, взяв в качестве нашей метрики

 

ds2 = −dt2 + a2(t) 2.

(14.1)

82

т’ Хоофт

Здесь 2 является сокращенным обозначением некоего полностью изотропного трехмерного пространства, а a(t) описывает (увеличивающееся) расстояние между двумя соседними галактиками в пространстве. Хотя нами и учитывается принцип Коперника о равноправии всех точек в пространстве, идея об инвариантности в отношении временных трансляций и о лоренц-инвариантности в этой метрике нами не разделяется — каждая галактика имеет часы, установленные на нуль при t = 0, и каждая из них предусматривает собственную инерциальную систему координат.

Сначала рассмотрим трехмерное пространство, описываемое параметром 2. Примем полярные координаты ρ, θ, ϕ:

2 = B(ρ) 2 + ρ2(2 + sin2 θ dϕ2),

(14.2)

тогда в этом трехмерном пространстве тензор Риччи будет описываться (с помощью методов, описанных в главе 11) в виде

R11

= B (ρ)/ρB(ρ),

(14.3)

 

1

+

ρB

 

R22

= 1

 

 

.

(14.4)

B

2B2

В изотропном (трехмерном) пространстве для некой константы λ должно соблюдаться равенство

 

 

 

 

Rij

= λgij ,

 

 

 

(14.5)

а, следовательно,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B /B = λBρ,

 

(14.6)

 

 

 

1

 

 

ρB

2

 

 

 

 

1

 

+

 

 

= λρ

.

 

(14.7)

B

2B2

 

Вместе они дают уравнение:

 

 

 

 

 

 

 

1

=

1

2

; B =

 

1

 

(14.8)

1

 

2 λρ

 

,

B

1 21 λρ2

которое подчиняется и (14.6), и (14.7).

14. Метрика Робертсона – Уолкера

83

Упражнение. Докажите, что с учетом трех угловых ко-

ординат ψ, θ, ϕ при ρ = λ2 sin ψ возникает метрика 3-мерной

сферы.

Часто избирается новая координата u:

 

 

 

 

 

 

def

2k/λu

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ρ

=

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

1 + (k/4)u2

 

 

 

 

Получаем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 41 ku2

du и B =

1 + 41 ku2

 

2

 

 

 

= 2k

,

4

λ

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

1 1 ku2

 

 

1 + 1 ku2

 

 

 

 

 

так что

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

2k

 

du2

+ u2(2 + sin2 θ dϕ2)

 

 

 

= λ

·

 

 

 

.

 

 

 

 

(1 + (k/4)u2)2

 

 

 

(14.9)

(14.10)

(14.11)

Параметр k — произвольный, за исключением знака, который должен соответствовать знаку λ. Коэффициент перед (14.11) может поглощаться a(t). Отсюда записываем для (14.1)

 

2

 

2

2

 

dx2

 

 

 

ds

 

= −dt

 

+ a

(t)

 

 

.

(14.12)

 

 

1 + 41 kx2

2

Если k = 1, то пространственноподобная часть соответствует сфере, если k = 0, то она плоская, а при k = 1 — кривизна отрицательная, а пространство — неограниченное (несмотря на ограниченность |x| при этом, что является артефактом нашего выбора координат).

После серии элементарных расчетов получаем:

R0

= a .

 

 

 

 

(14.13)

0

a

 

 

 

 

 

R11

= R22 = R33 = a¨

+

2

(a˙ 2 + k),

(14.14)

a2

 

 

 

a

 

 

 

R = Rμμ =

6

(aa¨ + a˙ 2 + k).

(14.15)

a2

 

 

 

 

 

 

 

84

т’ Хоофт

Тензор Gμν принимает вид (для простоты x берется равным 0):

G00

=

3

(a˙ 2 + k) = 8πGN ρ + Λ,

(14.16)

a2

 

 

 

 

G11 = G22 = G33

= 2aa¨ − a˙ 2 − k = a2(8πGN p − Λ).

(14.17)

Здесь ρ = T44 = T00/g00 — плотность энергии, а p — давление:

Tij = −pgij .

Теперь нам остается сделать ряд допущений о материи во вселенной и о ее уравнениях состояния, представляющих собой зависимость между плотностью энергии ρ и давлением p. Самое простое — допустить, что давления нет вообще («вселенная, заполненная пылью»).

В этом случае плотность энергии ρ — это плотность мате-

рии, и она обратно пропорциональна объему:

 

ρ =

ρ0

(дуст).

(14.18)

a3

 

 

 

Тогда уравнение (14.16), называемое также уравнением Фридмана, принимает вид

a˙

 

2

8πGN ρ0

 

k

 

Λ

 

a

 

=

 

 

 

 

+

3 .

(14.19)

3

a3

a2

Мы видим, что по мере возрастания a сначала доминирует член, описывающий материю, затем — член, описывающий кривизну пространства (включающий k), и, наконец, космологическая константа. Дифференцируя уравнение Фридмана, находим, что оно согласуется с (14.17).

С позиции математики уравнение Фридмана можно сравнить с уравнением для одномерной частицы (с нулевой полной энергией), движущейся в потенциале:

V (a) =

4πGN ρ0

+

k

Λ 2

 

(14.20)

 

 

 

2

6 a

.

3

a

При небольшой величине a вначале, наблюдается быстрое расширение. Расширение продолжается до бесконечности, если

14. Метрика Робертсона – Уолкера

85

Рис. 5. Потенциал (14.20) для случаев а) k = 0, Λ < 0, б) k = 1,

Λ= 0, в) k = 0, Λ > 0. В случае а) точкой поворота будет точка при

a = amax.

Λ> 0, а k = 1. Если Λ < 0, обязательно произойдет останов-

ка расширения — в этой точке вселенная начинает сжиматься (amax на рис. 5).

Полезно рассмотреть решения уравнений (14.16) и (14.17) для случая, когда наблюдаются другие зависимости между давлением и плотностью. Например, во вселенной, заполненной излучением, p = ρ/3, а поскольку можно допустить, что излучение тепловое, а число фотонов сохраняется неизменным, можно заключить, что ρ = ρ0/a4, в отличие от уравнения (14.18). Действительно, это согласуется с (14.16) и (14.17).

В случае Λ = 0 решения уравнения Фридмана (14.19) представляют собой хорошо известные математические кри-

вые. Мы имеем

 

 

 

 

 

 

 

aa˙ 2 + ka =

8πGN ρ0

≡ D,

(14.21)

3

 

 

a˙ 2 = D/a − k,

 

(14.22)

а по (14.17)

 

 

 

 

 

 

 

a¨ = −D/2a2.

 

(14.23)

Запишем (14.22) в виде

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

dt

 

 

a

 

 

da =

 

 

,

(14.24)

D − ka

86

 

 

 

т’ Хоофт

 

 

 

затем попытаемся вывести

 

 

 

 

 

 

 

a =

D sin2 ϕ,

 

 

(14.25)

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

dt

 

da dt

2D

 

sin ϕ

 

 

 

 

=

dϕ da =

 

 

 

sin ϕ cos ϕ ·

 

,

(14.26)

 

 

cos ϕ

 

 

 

 

 

 

 

k k

 

 

 

 

 

 

 

 

D

1

 

 

 

 

 

 

t(ϕ) =

 

 

ϕ − 2 sin 2ϕ ,

 

(14.27)

 

 

 

k

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

D

cos 2ϕ).

 

 

 

 

 

 

a(ϕ) =

2k (1

 

 

(14.28)

Получили уравнения для циклоиды. Поскольку D > 0, t > 0 и a > 0, запросим, чтобы

k > 0 → ϕ было реальным,

 

k < 0 → ϕ

— воображаемым,

(14.29)

k = 0 → ϕ

— бесконечно малым.

 

См. рис. 6.

Все решения отталкиваются от Большого взрыва при t = 0. Лишь в случае с k = 1 циклоида в конце демонстрирует также «большое сжатие». Если k 0, то не только пространство, но и время будет неограниченным.

Хорошими примерами для тренировки будут случаи p = = −ρ/3 и p = −ρ.

15. Гравитационное излучение

Быстро движущиеся объекты представляют собой зависящий от времени источник гравитационного поля, поэтому аргументы причинности (информация в гравитационных полях не должна перемещаться быстрее света) позволяют предположить, что гравитационные эффекты в этом случае распространяются подобно волнам во всех направлениях от источника. Вдали от источника метрика gμν будет оставаться близкой к метрике плоского пространства–времени. Для расчета этого эффекта можно принять линеаризованное приближение. В

15. Гравитационное излучение

87

Рис. 6. Вселенная Робертсона – Уолкера при Λ = 0, k = 1, k = 0 и k = 1.

отличие от наших действий в предыдущих главах, сейчас удобнее выбрать единицы так, чтобы

16πGN = 1.

(15.1)

Линеаризованные эйнштейновы уравнения уже обсуждались в главе 7, а из главы 9 стало понятно, каким образом, после выбора калибровки, можно вывести волновые уравнения (в отсутствие материи (9.17) можно задать равным нулю). Целесообразно перевести эти уравнения в форму уравнений Эй- лера–Лагранжа. Лагранжиан для линейного уравнения, однако, квадратичен по полю. Поэтому нам придется разложить действие Эйнштейна – Гильберта до уравнений второго порядка по возмущениям hμν в метрике:

gμν = ημν + hμν ,

(15.2)

88

т’ Хоофт

и после небольших вычислений мы приходим к заключению, что члены, квадратичные относительно hμν , можно записать в виде

 

 

мат

 

1

2

1

1

1 2

 

 

−g(R + L

 

) =

8 (σ hαα)

 

4 (σ hαβ )

2 Tμν hμν +

2 Aσ +

 

 

+ полная производная + высшие порядки по h,

(15.3)

где

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Aσ = μhμσ 2 σ hμμ,

 

(15.4)

а Tμν представляет тензор энергии–импульса материи (в случае ее наличия). Индексы суммируются как в случае с плоской метрикой ημν , (7.2).

Лагранжиан инвариантен при линеаризованном калибро-

вочном преобразовании (сравните с (8.16) и (8.17)):

 

hμν → hμν + μuν + ν uμ.

(15.5)

которое преобразует величину Aσ в

 

Aσ → Aσ + 2uσ .

(15.6)

Одним из вариантов выбора калибровочного условия представляется выбор

Aσ = 0

(15.7)

(линеаризованная калибровка де Донде). Такая калибровка удобна для вычислений. Однако для лучшего понимания реальных степеней свободы в излучающем гравитационном поле стоит сначала рассмотреть «калибровку излучения» (которая аналогична калибровке для электромагнитного случая iAi = = 0):

ihij = 0; ihi4 = 0,

(15.8)

где мы придерживаемся принятого ранее условия относительно того, что индексы при суммировании, взятые из середины алфавита, i, j, . . . , соответствуют значениям от 1 до 3. Поэтому мы не налагаем условия (15.7).

15. Гравитационное излучение

89

Сначала рассмотрим «импульсное представление»:

 

 

 

(15.9)

h(x, t) = (2π)3/2 d3kh(k, t)eik·x;

i → iki.

 

 

(15.10)

Уберем крышечку ( ), поскольку вероятность возникновения путаницы невелика. Ценность импульсного представления в

том, что различные значения будут независимы, при этом k

можно будет сосредоточиться лишь на одном векторе и вы- k

брать координаты так, чтобы он лежал в направлении z: k1 = = k2 = 0, k3 = k. Пусть теперь индексы, обозначения для которых взяты из начала алфавита, имеют значения от 1 до 2. В этом случае калибровка излучения будет иметь вид

 

h3a = h33 = h30 = 0.

Кроме того,

 

˙

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Aa = −h0a,

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

A3 = 2 ik(haa h00),

 

1

 

˙

 

 

˙

 

 

 

A0 = 2

(−h00 − haa).

Отделим след hab:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

h

+

1

δ

 

h

при

hab = ab

 

2

 

ab

 

 

h = h

 

;

h

 

= 0.

Находим

 

aa

 

aa

 

 

 

(15.11)

(15.12)

(15.13)

(15.14)

L = L1 + L2 + L3,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

L

 

=

1

˙

 

 

2

1

2

h

2

 

1

Tabhab,

 

 

(15.15)

 

 

hab

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

1

=

4

2 2

 

4

 

 

 

 

ab

2

 

 

 

 

 

(15.16)

L2

1 k h0a + h0aT0a,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 ˙

2

 

 

1 2

 

2

1

2

hh00

1

1

 

L3

= 8 h

 

+

8 k

h

 

 

2 k

2 h00T00

4 hTaa.

(15.17)

90

т’ Хоофт

 

Мы использовали здесь сокращенные обозначения:

 

h2 =

d3kh(k, t)h(−k, t),

(15.18)

k2h2 =

d3kk2h(k, t)h(−k, t).

 

степени свободы

Лагранжиан L1 имеет обычную форму гармонического осциллятора. Поскольку hab = hba, а haa = 0, возможны лишь две (составляющие представление группы враще-

ний спина 2 вокруг оси : спин 2 приписывается гравитонам). k

L2 не содержит кинетического члена и порождает следующее уравнение Эйлера – Лагранжа:

h0a = 12 T0a. k

Можно подставить это выражение в L2. Тогда

L2 = 1 T 2 . 2k2 0a

(15.19)

(15.20)

Поскольку кинетических членов больше не имеется, этот лагранжиан непосредственно дает следующий вклад в гамильтониан:

H2 =

 

3

 

1

 

 

2 3

 

 

 

 

 

L2 d

k =

 

2k2

T0a d k =

 

 

 

 

 

 

=

δ

 

kik /k2

T0i(k)T0j (−k) d3k =

 

 

 

 

ij − j

 

 

 

 

 

 

2k2

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

3

 

= 2

T0i(x)[Δ(x − y)δij − Eij (x − y)]T0j (y) d x d y

(15.21а)

 

 

2

 

 

 

3

 

 

 

 

 

1

 

 

с

Δ(x − y) = −δ

(x − y) и

=

 

,

 

4π|x − y|

Eij — это решения уравнений

 

 

 

 

 

2Eij (x−y) = ij Δ(x−y)

 

и (xi −yi)Eij (x−y) = 0, (15.21)

Соседние файлы в предмете [НЕСОРТИРОВАННОЕ]