2259
.pdf3. Кратные интегралы
умноженному на объём u v w . В общем случае требуется замена меры n-мерной элементарной области на меру n-мерного параллелепипеда, которая равна модулю определителя матрицы Якоби (модулюопределителя производной матрицы), умноженному на объём элементарной области в новых переменных. Теорема доказана.
Заметим, что для ортогональной системы координат на плоскости dS huhv du dv , где hu и hv — коэффициенты Ламе.
Аналогично в R3 dV huhvhw dudvdw .
Для полярной системы координат на плоскости матрица Якоби равна
x |
|
x |
|
|
||
|
|
|
|
|
cos |
sin |
|
|
|
||||
r ( , ) |
|
|
|
|
|
. |
y |
|
y |
sin |
cos |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
Определитель этой матрицы r равен , поэтому модуль Якобиана r тоже равен , и формула перехода к полярным координатам в двойном интеграле приобретает вид
f(x,y)dxdy |
f( cos , sin ) d d . |
||||||
D |
D1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
R2 x2 |
|
П р и м е р 1. В интеграле dx |
f(x, y) dy |
||||||
|
|
|
0 |
0 |
|
||
перейдём к полярным координатам. Так как |
|||||||
область интегрирования есть четверть круга ра- |
|||||||
диуса R, лежащая в первом квадранте, то |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
R2 x2 |
R |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
||||
dx |
|
f(x, y) dy |
d f( cos , sin ) d . |
||||
0 |
0 |
0 |
0 |
|
|
|
П р и м е р 2. Пусть область D — внутренность треугольника с вершинами A(0,0), B(4,4,), C(4,2).
В интеграле f(x, y) dx dy перейти к полярным ко-
D
ординатам и расставить пределы интегрирования в нём.
Уравнения прямых AB, AC и BC — y = x, y = 0,5x и x = 4 соответственно. Поэтому угол между радиус-вектором точки,
101
АА. . Ельцов. Интегральное исчисление. Дифференциальные уравнения
принадлежащей треугольнику ABC, и осью OX меняется в пределах
arctg0,5 arctg1 /4 . Уравнение прямой x = 4 в полярных коор-
динатах переписывается в виде |
cos 4 или, что то же самое, |
||||
4 cos . Поэтому |
|
|
|
|
|
|
|
/4 |
4 |
|
|
|
|
|
cos |
|
|
f(x,y) dx dy |
|
|
d |
f( cos , sin ) d . |
|
D |
|
arctg0,5 |
0 |
|
П р и м е р 3. Пусть область D — внутренность треугольника с вер-
шинами A(0,0), B(2,4), C(4,2). В интеграле f(x, y)dxdy перейти к
D
полярным координатам и расставить пределы интегрирования в нём.
Уравнения прямых AC, AB и BC — y 2x, y 0,5x и x + y 6 соответственно. Поэтому угол между ради- ус-вектором точки, принадлежащей треугольнику ABC,
и осью OX меняется в пределах arctg 0,5 < < arctg 2. Уравнение прямой x + y 6 в полярных координатах переписывается в виде
|
|
|
|
|
6 |
|
|
cos + sin 6 или, что то же самое, |
|
. Поэтому |
|||||
cos sin |
|||||||
|
|
|
|
6 |
|
|
|
f(x, y)dxdy |
|
arctg2 |
|
cos sin |
|
|
|
|
|
d |
|
f( cos , sin ) d . |
|||
D |
|
arctg0,5 |
|
0 |
|
|
|
П р и м е р 4. Пусть область D — внутренность треугольника с вершинами A(1,0), B(0,1), C(1,1).
В интеграле |
f(x, y) dx dy перейти к полярным |
||||||
|
D |
|
|
|
|
|
|
координатам и расставить пределы интегрирования |
|||||||
в нём. |
|
|
|
|
|
|
|
Уравнения прямых AB, AC и BC есть x y 1, |
x 1 |
и y 1 соот- |
|||||
ветственно. Уравнение прямой |
x y 1 в полярныхкоординатахимеет |
||||||
вид cos sin 1 или, выражая через , |
|
|
1 |
, урав- |
|||
cos sin |
|||||||
нение прямой x 1 имеет вид cos 1 , или |
1 |
|
, а уравнение |
||||
cos |
|||||||
|
|
|
|
прямой y 1 переписывается в виде sin 1 или, что то же самое,
102
3. Кратные интегралы
sin1 . С учётом того, что при изменении угла в пределах
0 4 и 4 2 длина радиус-вектора точки, принадлежащей треугольнику ABC, меняется в разных пределах, имеем
|
1 |
|
1 |
|
cos |
sin |
|||
4 |
2 |
f(x, y) dx dy d |
|
f( , ) d |
d |
|
f( , ) d . |
|||
D |
|
0 |
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
cos sin |
4 |
|
cos sin |
|
|
|
|
|
П р и м е р 5. Пусть область D — внутрен- |
|||||
|
|
|
ность круга с центром в точке A(1,0) и радиу- |
|||||
|
|
|
са 1. В интеграле f(x,y) dx dy перейти к по- |
|||||
|
|
|
|
D |
|
|
|
|
|
|
|
лярным координатам и расставить пределы |
|||||
|
|
|
интегрирования в нём. |
|
|
|||
|
|
|
Уравнение данной окружности в декар- |
|||||
|
|
|
товых координатах записывается в виде |
|||||
(x 1)2 y2 |
1 |
или, после преобразований, |
x2 y2 |
2x . Переходя к |
полярным координатам, получаем для этой окружности уравнение
2 cos . |
Поэтому |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 cos |
|
||
|
f(x, y) dx dy |
2 |
|
|||
|
|
d |
|
f( cos , sin ) d . |
||
|
D |
|
|
|
0 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
П р и м е р 6. Пусть область D задана нера- |
||||||
венствами |
x2 y2 4x , |
x2 y2 |
2x . Перей- |
|||
ти к полярным координатам и расставить |
||||||
пределы |
интегрирования |
в |
интеграле |
|||
f(x,y) dx dy . |
|
|
|
|
|
|
D |
|
|
|
|
|
|
Уравнение окружности x2 y2 |
4x в поляр- |
|||||
ных координатах имеет вид 4 cos , а окруж- |
||||||
ности x2 y2 2x имеет вид |
|
2 cos . Поэтому |
||||
|
|
|
4cos |
|
||
|
f(x, y) dx dy |
2 |
|
|||
|
|
d |
|
f( cos , sin ) d . |
||
|
D |
|
|
2cos |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Длясферической системыкоординатматрица Якоби r ( , , )
равна
103
АА. . Ельцов. Интегральное исчисление. Дифференциальные уравнения
x |
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
y |
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
z |
|
z |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
cos sin |
|||
|
||||
y |
|
|
||
|
|
sin sin |
||
|
||||
|
|
cos |
||
z |
||||
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
sin sin |
cos cos |
|
cos sin |
sin cos . |
|
0 |
sin |
|
|
Определитель этой матрицы |
|
r |
|
равен 2 sin , поэтомумо- |
|
|
дуль Якобиана |
r |
равен 2 sin , и формула перехода ксфери- |
ческим координатам в тройном интеграле приобретает вид
f(x,y,z) dx dydz
D
f( cos sin , sin sin , cos ) 2 sin d d d .
D1
Для цилиндрической системы координат матрица Якоби r ( , ,z) равна
x
y
z
x
y
z
x |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
z |
|
|
|
||
|
|
cos |
|||
y |
|
|
|
||
|
|
|
sin |
||
z |
|||||
|
|
|
0 |
||
z |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
z |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sin |
0 |
|
cos |
0 |
. |
0 |
1 |
|
|
Определитель этой матрицы |
|
r |
|
равен , поэтому модуль |
|||||||||||||||
Якобиана |
|
|
|
r |
|
|
|
|
также равен , и формула перехода к цилиндри- |
||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||
ческим координатам в тройном интеграле приобретает вид |
|||||||||||||||||||
f(x,y,z)dxdydz f( cos , sin ,z) d d dz . |
|||||||||||||||||||
D |
|
|
|
|
|
D1 |
|
|
|
|
|||||||||
П р и м е р 7. |
Вычислить интеграл |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R2 x2 y2 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
R2 x2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
|
|
dy |
|
(x2 y2) dz , |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
R2 x2 |
|
|
0 |
|
|
перейдя к сферической системе координат.
104
3. Кратные интегралы
Область интегрирования есть верхняя половина шара с центром в
начале координат и радиуса R. |
|
Поэтому |
|
0 R, |
0 2 , |
|||||||||||||||||||
0 2 . Далее, |
x2 y2 |
2 sin2 |
. Следовательно, |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R2 x2 y2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
R |
|
R2 x2 |
|
|
|
|
|
|
|
R |
2 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
||||||||||||
dx |
|
|
|
dy |
|
|
(x2 y2) dz d d ( 2 sin2 ) 2 sin d |
|||||||||||||||||
R |
R2 x2 |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
0 |
|
|
0 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
4 |
2 |
2 |
|
|
3 |
|
|
4 |
|
|
5 |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
d |
d sin |
|
d |
|
|
R |
|
. |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
15 |
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
0 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 x2 |
a |
|
П р и м е р 8. Вычислить интеграл dx |
|
|
|
dy dz , перейдя к ци- |
0 |
|
1 x2 |
0 |
линдрической системе координат.
Область интегрирования есть половина кругового цилиндра ради-
уса 1, лежащая в полупространстве |
x 0 . Поэтому |
0 1, |
|||||||||||||
2 2, |
0 z a . Следовательно, |
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
1 x2 |
a |
1 |
a |
|
|
|
|||||||
|
2 |
|
|
a |
|
||||||||||
|
dx |
|
|
|
dy dz d d dz |
|
|||||||||
|
|
|
|
. |
|
||||||||||
|
|
|
2 |
|
|||||||||||
|
0 |
1 x2 |
0 |
0 |
|
|
|
0 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
Задание 3.3
В двойном интеграле f(x,y)dxdy перейти к полярным
D
координатам и расставить пределы интегрирования, если область D задана неравенствами:
1) 1 x2 y2 4, y x, y 3x ; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
2) |
y x, y |
3 x, y 3 ; |
|||||||||||||
|
y x, y |
|
x, x y 3; |
|
x 2y 4, x 4, y 2 ; |
||||||||||
3) |
3 |
4) |
|||||||||||||
5) |
x2 y2 4y ; |
6) 2y x2 y2 4y ; |
|||||||||||||
7) |
x |
|
y |
|
, x2 y2 2x ; |
8) |
y |
|
x |
|
, x2 y2 2y . |
||||
|
|
|
|
В тройном интеграле f(x,y,z) dx dydz перейти к сфери-
D
ческим или цилиндрическим координатам и расставить пределы интегрирования, если область D задана неравенствами:
105
АА. . Ельцов. Интегральное исчисление. Дифференциальные уравнения
9)x 0, y 0, z 0, 4 x2 y2 z2 9 ;
10)x 0, y 0, z 0, z 4 x2 y2 ;
11)x2 y2 4, x2 y2 8z, z 6 ;
12)x2 y2 4, x2 y2 8z, z 0 .
Ответы:
2 |
arctg 3 |
|
1) d |
|
f( cos , sin ) d ; |
4
|
3 |
|
3 |
sin |
|
2) d |
f( cos , sin ) d ; |
0
4
3
3 |
cos sin |
|
3) d |
|
f( cos , sin ) d ; |
|
0 |
|
4 |
|
|
arctg(0,5) |
2 |
sin |
4) |
|
d |
|
|
|
f( cos , sin ) d |
|||
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
cos 2sin |
|
||||
|
2 |
|
|
|
|
||||
|
0 |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
cos |
|
|
|
||
|
|
|
d |
|
|
f( cos , sin ) d ; |
|||
arctg(0,5) |
|
|
4 |
|
|
|
|||
|
cos 2sin |
|
|||||||
|
|
|
|
|
4 sin
5) d |
f( cos , sin ) d ; |
00
4 sin
6) |
d |
|
f( cos , sin ) d ; |
|
0 |
2sin |
|
|
|
2 cos |
|
|
4 |
||
7) |
d |
f( cos , sin ) d ; |
|
|
|
0 |
|
|
4 |
|
|
106
|
|
|
|
|
3. Кратные интегралы |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
2 sin |
|
||
|
4 |
|
|
||
8) |
d |
|
f( cos , sin ) d ; |
||
|
|
|
0 |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
9) сферическиекоординаты, |
|||||
3 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
d d f( cos sin , sin sin , cos ) 2 sin d ;
2 0 0
10) цилиндрические координаты,
2 |
|
|
4 |
|
2 |
|
2 |
|
|||
d d |
|
f( cos , sin ,z) dz ; |
|||
0 |
0 |
|
0 |
|
11) цилиндрические координаты,
2 2 6
d d f( cos , sin ,z) dz ;
0 |
0 |
2 |
|
|
8 |
12) цилиндрические координаты,
2 |
2 |
2 |
8 |
d d f( cos , sin ,z) dz .
0 0 0
3.4. Приложения кратных интегралов
3.4.1. Вычисление площадей плоских фигур
Из определения двойного интеграла следует, что площадь
S(D) плоской области D выражается формулой S(D) dx dy .
D
Если область D есть криволинейная трапеция, ограниченная
линиями x a, y b, y y1(x), y y2(x) , и для x [a,b] y1(x) y2(x) , то
b y2 (x) b
S(D) dx dy dx dy (y2 (x) y1(x))dx
D a y1 (x) a
— формула площади области D, полученная нами в п. 2.7.1.
107
АА. . Ельцов. Интегральное исчисление. Дифференциальные уравнения
П р и м е р. Найти площадь фигуры, ограниченной линиями y x,
|
|
1 |
5x |
1 |
4x |
2 |
|
1 |
|
|
|
|
|||||||
y 5x, |
x 1. |
Имеем S dx |
dy (5x x) dx |
|
|
|
2. |
||
2 |
|
||||||||
|
|
0 |
x |
0 |
|
|
0 |
||
|
|
|
|
3.4.2. Вычисление объёмов тел
Из определения тройного интеграла следует, что объём V(G) пространственной области G выражается формулой
V(G) dx dydz .
G
Если G — цилиндр с образующими, параллельными оси OZ, направляющей, лежащей в плоскости XOY и являющейся границей области D, ограниченный поверхностями z z1(x,y), z z2(x,y) , такими, что z1(x,y) z2(x,y) для (x,y) D , то
V(G) dx dydz dx dy |
z2 (x,y) |
dz (z2 (x,y) z1(x,y))dxdy. |
||
|
||||
G |
D |
z1 (x,y) |
|
D |
П р и м е р. |
Найти объём области, |
ограниченной поверхностями |
||
x 0, y 0, z 0, x 4, y 3, z x2 |
y2 1. Данная область явля- |
ется цилиндром, проекция которого на плоскость XOY есть прямоугольник с границей x 0, y 0, x 4, y 3, одновременно являющейся направляющей цилиндра. Сверху и снизу цилиндр ограничен поверхностями z 0, z x2 y2 1 . Поэтому
|
|
|
|
|
|
|
4 |
3 |
|
x2 y2 1 |
4 |
3 |
|
|
|
|||||
V(G) dx dy dz dx dy |
|
|
|
dz dx (x2 |
y2 |
1) dy |
||||||||||||||
|
|
|
G |
|
|
|
0 |
0 |
|
|
|
0 |
0 |
0 |
|
|
|
|||
|
4 |
2 |
|
|
y3 |
|
|
3 |
|
4 |
|
|
2 |
|
|
|
3 |
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
(3x |
|
12) dx (x |
|
12x) |
0 |
||||||
|
x y |
3 |
y |
|
|
|
|
112. |
||||||||||||
|
0 |
|
|
|
|
|
0 |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
108
3.Кратные интегралы
3.4.3.Вычисление площади поверхности
|
|
|
|
|
x x(u,v), |
Пусть поверхность задана параметрически |
|
||||
y y(u,v), |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
z z(u,v), |
(u,v) D или в векторной форме |
|
||||
x |
|
x(u,v) |
|
|
|
|
|
|
|
r(u,v) x(u,v)i y(u,v)j z(u,v)k . |
|
y |
y(u,v) |
|
|||
|
|
|
|
|
|
z |
|
z(u,v) |
|
|
|
Рассмотрим кусок поверхности, ограниченный линиями
r r(u,v0), r r(u0,v), r r(u,v0 v), r r(u0 u,v) . Из гео-
метрического смысла производной [3] следует, что вектор ru (u0,v0) является касательным к кривой r(u,v0) в точке (u0,v0) , а вектор rv (u0,v0) будет касательным вектором кривой r(u0,v) в той же точке. Далее,
r(u0 u,v0) r(u0,v0) ru (u%0,v0) u ru (u0,v0) u 1( u), r(u0,v0 v) r(u0,v0) rv (u0,v%0) v rv (u0,v0) v 2( v),
где 1( u) и 2( v) — бесконечно малые более высокого порядка малости, чем u и v . Можно показать, что площади криволинейного четырёхугольника Dkl и параллелограмма, лежащего в касательной плоскости и построенного на векторах
|
xu (u,v) u |
|
xv (u,v) v |
|
||||
r (u,v) u |
y |
(u,v) u |
|
и r (u,v) v |
y |
(u,v) v |
|
, |
u |
u |
|
|
v |
v |
|
|
|
|
z |
(u,v) u |
|
|
z |
(u,v) v |
|
|
|
u |
|
|
|
v |
|
|
|
отличаются на бесконечно малую более высокого порядка малости, чем ( u)2 ( v)2 . Поэтому заменим четырёхугольник Dkl указанным параллелограммом. Площадь S этого параллелограмма равна [ru (u,v),rv (u,v)] u v . Проводя построения, аналогичные построениям в определении двойного интеграла, получаем, что площадь поверхности равна
S [ru (u,v),rv (u,v)] du dv .
D
109
АА. . Ельцов. Интегральное исчисление. Дифференциальные уравнения
Пусть поверхность задана явно уравнением z f(x,y), (x,y) D . Всякую такую поверхность можно задать парамет-
рически (взяв в качестве параметров x, y) или в векторной фор-
ме уравнением r r(x,y) xi yj f(x,y)k . Тогда
r (x,y) i f (x,y)k , |
r |
(x,y) j f (x,y)k , |
|||
x |
x |
|
|
y |
y |
|
i |
j |
k |
|
|
|
|
|
|||
[rx (x,y),ry (x,y)] |
1 |
0 |
fx (x,y) |
fx (x,y)i fy (x,y)j k . |
|
|
0 |
1 |
fy (x,y) |
|
Поэтому [rx (x,y),ry (x,y)] 1 (fx (x,y))2 (fy (x,y))2 , и пло-
щадь поверхности может быть найдена по формуле
S 1 (fx (x,y))2 (fy (x,y))2 dxdy .
D
П р и м е р 1. |
Вычислить площадь поверхности |
z x2 y2, |
|||||||||||||||||||
(x, y) D , если область D задаётся неравенством x2 |
y2 |
16 . |
|||||||||||||||||||
Так как zx 2x , |
zy |
|
2y , то, подставляя в формулу площади повер- |
||||||||||||||||||
хности, имеем S |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
1 4x2 |
4y2dx dy . Переходя к полярным ко- |
|||||||||||||||||||
|
|
D |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ординатам, получаем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
2 |
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
1 |
|
|
|
3 |
|
4 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
S |
|
d |
|
1 4 2 d |
|
|
(1 4 2)2 |
|
|
d |
|||||||||||
|
12 |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
0 |
|
0 |
|
|
3 |
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
(65)2 1 |
|
|
|
65 |
|
65 1 |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
d |
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
||||
|
|
|
12 |
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
П р и м е р 2. Вычислить площадь поверхности сферы. |
|||||||||||||||||||||
Параметрическое уравнение сферы радиуса |
R можно записать в |
||||||||||||||||||||
виде x R cos sin , |
|
|
y R sin sin , z R cos , |
где |
0 2 , |
0 или, что то же самое, в векторной форме
r (R cos sin )i (R sin sin )j R cos k .
Тогда
110