Добавил:
Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:
Скачиваний:
40
Добавлен:
13.12.2019
Размер:
17.87 Mб
Скачать

вибірними властивостями, як і у резонансних кіл. Схеми з ОП мають назву ARC-схем. З’єднуючи чотириполюсники паралельно (рис.5.28, а), з урахуванням рівняння (5.67) можна записати матрицю (Y ) схеми (рис.5.28, б):

 

1

K

 

p

 

q

1

Y11

L Y1p

Y1q

 

 

 

 

 

 

 

 

L L

L

L

L

 

Y

p1

L

Y

pp

Y

pq

p

 

 

 

(Y )= q

Y q1

L Y qp

Y qq

 

 

 

L Y rp G Y rq −µG

r Y r1

L L

L

L

L

 

 

 

 

Y mp

Y mq

m Y m1

L

r

 

K

m

 

Y1r

L Y1m

 

 

 

 

 

 

L

L L

 

Y

pr

L Y

 

. (5.70)

 

 

pm

Y qr

L Y qm

 

Y rr +G

 

 

 

L Y rm

 

L

L L

 

Y mr

 

 

 

L Y mm

 

Комплексний коефіцієнт передачі за напругою згідно з виразом (5.18)

HU (ω) =

U b

=

ab

.

(5.71)

 

 

U a

 

aa

 

Матриця (5.70) відрізняється від матриці (5.69) тільки елементами r-го рядка, які визначаються параметрами ОП. Алгебраїчні доповнення, які входять у вираз (5.71), розкривають за елементами r-го рядка матриці (5.70):

ab =Y r1ab,r1 + (Y rp + µG)ab,rp + (Y rq −µG)ab,rq + + (Y rr + G)ab,rr +K+Y rmab,rm ,

де ab,r1 подвійне алгебраїчне доповнення, яке одержують з матриці

(5.70), викреслюючи рядки з номерами а, r та стовпці з номерами b, 1. Перетворення виразів

ab = µGab,rp −µGab,rq +Gab,rr +Y r1ab,r1 +Y rpab,rp +Y rqab,rq +

+Y rr ab,rr +K+Y rmab,rm = µGab,rp −µGab,rq +Gab,rr + ∆′ab ;

aa Gaa,rp −µGaa,rq + Gaa,rr + ∆′aa ,

де ∆′ab , ∆′aa алгебраїчні доповнення матриці (Y ), розкриті за елемента-

ми r-го рядка, дозволяє записати наступне:

ab = ∆′ab + µG(ab,rp − ∆ab,rq ) + Gab,rr ;

aa = ∆′aa + µG(aa,rp − ∆aa,rq ) + Gaa,rr .

З теорії визначників відомо: ab,rp −∆ab,rq = ∆ab,r( p+q) .

Сумарне алгебраїчне доповнення ab,r( p+q) можна здобути з матриці (Y )

(5.70), яка містить провідності тільки двополюсних елементів, викресливши рядки з номерами a, r і стовпці з номерами b, p після утворення нового стовпця з номером q, провідності якого – це сума провідностей стовпців p та q.

 

 

 

Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1

271

З урахуванням перетворень можна записати:

ab = ∆′ab + µGab,r( p +q) + Gab,rr ; aa = ∆′aa + µGaa,r( p +q) + Gaa,rr .

Комплексний коефіцієнт передачі за напругою схеми, яка містить один ОП, з урахуванням його параметрів G, µ становитиме:

HU (ω)G,µ = ab + µGab,r( p+q) +Gab,rr . aa + µGaa,r( p+q) +Gaa,rr

Якщо вихідний опір ОП R 0 , тобто G → ∞, то в останній формулі можна враховувати тільки параметр µ. Тоді

HU (ω)µ = lim HU (ω)G,µ .

G→∞

Граничний перехід призводить до співвідношення:

HU (ω)µ = µab,r( p+q) + ∆ab,rr . µaa,r( p+q) + ∆aa,rr

Якщо прийняти до уваги, що перший доданок з множником µ (µ =105 ÷106 ) значно більший за другий, комплексний коефіцієнт передачі за

напругою можна знайти як границю:

HU (ω) = lim HU (ω) = lim µab,r( p+q) + ∆ab,rr .

µ→∞

µ→∞ µaa,r( p+q) + ∆aa,rr

Остаточно КПФ для схеми з ОП (рис.5.29, а) матиме вигляд:

HU (ω) = ab,r( p+q) . aa,r( p+q)

Якщо схема містить s підсилювачів (рис.5.31), її КПФ становитиме:

HU (ω) =

аb,r ( p +q ),r ( p

2

+q

2

),K,r ( p

+q

)

.

1 1

1 2

 

s

s

s

 

аа,r ( p +q ),r ( p +q

2

),K,r ( p

+q

)

 

 

 

1 1

1 2

2

 

s

s

s

 

 

(5.72)

(5.73)

Тобто чим більшу кількість ОП містить схема, тим більше викреслюється рядків і підсумовується стовпців у вихідній матриці (Y ) і тим менше залишається рядків і стовпців у підматриці, з якої визначаються алгебраїчні доповнення у формулі (5.73).

a

p1

r1

p2

r2

ps

rs b

 

 

 

 

 

 

 

U a

q1

 

 

q2

 

 

qs

 

U b

 

 

 

 

 

 

 

Рисунок 5.31 Структура схеми з s ОП (диференційне увімкнення)

272

Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін.

Знак алгебраїчного доповнення чисельника визначається послідовністю викреслених рядків: a, r1, r2 , rs та послідовністю викреслених стовпців: b, p1 ,

p2 , ... ps . Ці дві послідовності слід упорядкувати (індекси мають зростати або зменшуватись) перестановками тільки двох сусідніх індексів.

a

p

 

r

p

2

 

r2

ps

 

r

b

 

1

1

 

 

s

 

q1

 

q2

 

qs

 

 

U a

 

 

 

 

 

 

U b

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Рисунок 5.32 Структура схеми з s ОП (триполюсне увімкнення)

Отже, знак чисельника визначається співвідношенням:

(1)σ11 ,

де σ1 – сума індексів всіх елементів, що складають обидві послідовності; ε1 кількість перестановок (інверсій) у двох послідовностях.

Аналогічно визначається знак алгебраїчного доповнення знаменника:

(1)σ2 2 ,

де σ

2

сума індексів

у послідовностях

(a, r , r ,K, r ),

 

 

 

 

1

2

s

(a, p1, p2 ,K, ps ), а ε2 кількість інверсій у цих послідовностях.

 

 

 

Так,

наприклад,

кількість інверсій

у послідовності (7, 2, 4, 6)

дорівнює

трьом: після першої перестановки послідовність буде такою: (2, 7, 4, 6), після другої (2, 4, 7, 6), після третьої (2, 4, 6, 7), тобто ε = 3 .

Якщо прямі входи qi підсилювачів заземлено (рис.5.32), увімкнення ОП

називається триполюсним. Комплексний коефіцієнт передачі за напругою схеми (рис.5.32) здобувають з виразу (5.73), не враховуючи індексів qi :

HU (ω)=

ab, r p , r p , Kr p

s

.

(5.74)

1

1

2

2

s

aa, r p , r p , Kr p

 

 

s

 

 

1

1

2

2

s

 

Знаки алгебраїчних доповнень виразу (5.74) визначають так само, як і для рівняння (5.73). Щоб збільшити вхідний опір схем (рис.5.31, 5.32), вузол а з’єднують з виходом будь-якого ОП. Такі схеми дозволяють утворити каскаднорозв’язані реалізації фільтрів.

Якщо схема містить ОП у чотириполюсному увімкненні, це враховується індексами ri (pi + qi ) в алгебраїчному доповненні КПФ; якщо схема містить ОП

у триполюсному увімкненні, в алгебраїчному доповненні залишаються індекси rj p j . Розглянемо декілька схем з ОП, які реалізують ланки ARC -фільтрів.

 

 

 

Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1

273

Остаточно матимемо: 14, 43

Приклад 5.1. Визначити коефіцієнт передачі за напругою схеми (рис.5.33). Розв’язання. Визначимо кількість незалежних вузлів – чотири. Вхідний вузол

а =1, вихідний b = 4 , інвертувальний вхід ОП

p = 3, вихід ОП r = 4.Тоді ком-

плексний коефіцієнт передачі становитиме:

 

 

 

HU (ω) =

U 4

=

аb, rp

;

HU (ω) =

14,43

.

 

 

 

 

 

U

1

 

аa, rp

 

11,43

 

 

Щоб визначити алгебраїчні доповнення, складемо матрицю комплексних провідностей (Y ), яка містить тільки двополюсні елементи:

 

 

1

1

 

G

 

1

(Y )= 2

 

G1

3

 

0

 

4

 

0

1

U 1

2

3

4

G1

0

G1 +G2 +G3 + jωC1

G3

G3

G3 + jωC2

G2

jωC2

 

0

 

 

G2

 

 

 

jωC2

.

 

G

+ jωC

 

2

 

2

R1

R2

R3

 

C2

 

2

3

4

 

 

 

 

 

 

 

 

C1

 

 

 

U 4

Рисунок 5.33 Схема кола у прикладі 5.1

Визначимо чисельник КПФ. Після викреслення рядків з номерами 1, 4 і стовпців з номерами 4, 3 залишаються рядки з номерами 2, 3 і стовпці з номерами 1, 2, котрі утворюють підматрицю (Y )a :

 

 

 

1

2

 

 

(Y )

= 2

 

G

G +G +G + jωC

 

 

1

1 2 3

1

.

a

3

 

0

G

 

 

 

 

 

3

 

 

Отже, 14, 43 = (1)σ11 G1G3 .

Сума індексів σ1 =1+ 4 + 4 +3 =12 . Обидві послідовності, які складають но-

мери викреслених строк (1, 4) і стовпців (4, 3), упорядковані, але перша має спадаючий характер, а друга зростаючий. Виконавши одну перестановку, другу послідовність робимо спадаючою: (3, 4), тобто ε1 =1.

= (1)13 G1G3 = −G1G3 .

Знаменник КПФ визначимо з підматриці (Y )b :

274

Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(Y )

 

G +G +G + jωC G

 

 

;

 

 

 

 

 

 

= 2

 

1

2

 

3

 

 

 

1

2

 

 

 

 

 

 

 

 

b

 

 

 

 

 

G

 

 

 

jωC

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

11, 43

= (1)

σ2 2 [(G +G

2

+ G

3

+ jωC )(jωC

2

)G

G

].

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

 

2

 

3

 

Послідовність викреслених строк: (1, 4); стовпців: (1, 3).

 

 

 

 

 

Враховуючи, що σ2 =1 + 4 +1 +3 = 9,

 

ε2 = 0 , матимемо:

 

 

 

 

11, 43 = (1)9 [(jω)2 C1C2 jωC2 (G1 +G2 +G3 )G2G3 ]

=

 

 

= (jω)2 C C

2

+ jωC

(G +G +G )+G G ;

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

2

1

 

 

2

3

2

 

3

 

 

 

 

 

 

HU (ω) = −

 

 

 

 

 

 

 

G1G3

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

( jω)2 C C

2

+ jωC

2

(G

+G

+G )

+G G

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

2

3

 

 

2

3

 

 

 

Від’ємний знак перед дробом – наслідок того, що вхідна дія подається на інвертувальний вхід. Коефіцієнти КПФ дорівнюють відповідно: a0 =G1G3 ,

b2 =C1C2 , b1 =C2 (G1 + G2 + G3 ), b0 =G2G3 , тобто розглянута схема є ФНЧ. Приклад 5.2. Визначити коефіцієнт передачі за напругою схеми ОП (рис.5.34).

 

 

 

C1 R2

 

 

 

 

R6

 

 

R

 

 

7

 

 

C2

R5

 

1

1

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R4

 

 

U 1

 

 

U 7

3

 

 

 

 

 

 

5

 

 

 

 

 

 

 

4

6

 

 

 

R3

 

 

 

 

 

 

Рисунок 5.34 Схема кола у прикладі 5.2

Розв’язання. Запишемо формулу КПФ:

HU (ω) =

U

7

=

17,72,34,56

=

a .

(5.75)

U1

11,72,34,56

 

 

 

 

b

 

Складемо матрицю провідностей двополюсних елементів:

 

 

 

Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1

275

 

 

1

 

 

2

 

3

 

4

 

 

5

 

6

 

 

7

 

 

1

 

G

 

G

 

0

 

0

 

 

 

 

0

0

 

 

0

 

 

 

1

 

 

1

 

G3

 

0

 

 

 

 

0

0

 

G2 jωC1

 

2

 

G1

G1 +G2 +G3 + jωC1

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

0

 

G

G

+ jωC

2

jωC

2

 

 

0

0

 

 

0

 

 

 

 

 

 

3

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(Y )= 4

0

 

 

0

jωC2

 

G4 + jωC2

G4

0

 

 

0

 

.

5

 

0

 

 

0

 

0

 

G

4

 

G

4

+G

G

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

5

5

 

 

 

 

 

6

 

0

 

 

0

 

0

 

0

 

 

 

G5

G5 +G6

 

 

G6

 

7

 

0

G

2

jωC

 

0

 

0

 

 

 

 

0

G

G

2

+G

+ jωC

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

6

 

6

1

 

Щоб визначити чисельник a виразу (5.75), необхідно викреслити рядки з но-

мерами 1, 7, 3, 5 (в результаті залишаться рядки з номерами 2, 4, 6) та стовпці з номерами 7, 2, 4, 6 (залишаться стовпці з номерами 1, 3, 5):

 

 

 

 

 

1

 

3

 

 

5

 

 

 

 

2

 

G

G

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

1

3

 

 

 

 

 

 

(Y )a = 4

 

0

 

jωC2 G4

.

 

 

 

6

 

0

 

0

 

 

G

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

5

 

Отже,

a

= (1)σ1 1 (jωC

G G

), де σ

 

=1 + 7

+3 +5 + 7 + 2 + 4 + 6 = 35 .

 

 

(1, 7, 3, 5)

 

2 1 5

 

1

 

 

Послідовність

 

упорядковується двома перестановками, а

послідовність (7, 2, 4, 6) трьома, тобто ε1 = 2 +3 = 5.

 

Тоді

 

(1)35+5 =1;

 

a

= − jωC

2

G G = − jωa .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 5

1

Визначаючи знаменник, виключають рядки з номерами 1, 7, 3, 5 (залишають – 2, 4, 6), як і для a . Номери викреслених стовпців 1, 2, 4, 6 (залишаться стовпці з

номерами: 3, 5, 7):

3 5 7

2

 

G

0

 

3

 

(Y )b = 4

 

jωC2 G4

6

 

0

G

 

 

5

G

jωC

 

2

1

 

 

0

.

G6

 

 

Отже, b = (1)σ2 2 [G3G4G6 jωC2G2G5 (jω)2 C1С2G5 ], де

σ2 =1 + 7 +3 +5 +1 + 2 + 4 + 6 = 29 ; ε2 = 2 .

Остаточно матимемо:

b = (jω)2 C1С2G5 + jωC2G2G5 + G3G4G6 = (jω)2 b2 + jωb1 + b0 .

Отже, схема (рис.5.34) реалізує СФ з КПФ:

HU (ω) = −

 

 

 

jωC2G1G5

 

 

 

 

.

( jω)2 C C G

+ jωC G G

+G G G

1

2

5

2

2

5

3

4

6

 

276

Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін.

Приклад 5.3. Визначити коефіцієнт передачі за напругою схеми (рис.5.35), яка містить ОП у чотири- і триполюсному увімкненні.

 

R1

2

R3

 

 

R6

C2

 

8

C1

 

 

1

 

3

R4

 

 

 

U 8

 

 

 

 

 

 

 

 

R5

 

U 1

R2

 

 

4

 

 

 

 

 

5

6

7

Рисунок 5.35 Схема кола у прикладі 5.3

Розв’язання. Комплексний коефіцієнт передачі за напругою за умови, що а =1, b =8 , r1 =8 , p1 = 2 , q1 = 3, r2 = 4, p2 = 5, r3 = 6 , p3 = 7 , становитиме:

HU (ω) =

U 8

=

18,8(2

+3),45,67

=

a .

 

 

 

 

 

U

1

 

11,8(2

+3),45,67

 

b

 

 

 

Складемо матрицю комплексних провідностей схеми (рис.5.35):

 

 

1

 

2

 

 

3

 

 

4

 

5

6

 

 

7

 

8

 

1

G2

 

0

 

G2

 

 

0

 

0

0

 

 

0

 

0

 

2

 

0

G

+G

 

 

0

 

 

-G

 

0

0

 

 

0

G

 

 

 

1

3

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

-G

 

0

G

 

+G

 

0

 

0

G

 

 

0

 

0

 

3

 

02

-G

2

0

4

G

+ jωC

jωC

0 4

 

 

0

 

0

 

(Y )= 4

0

 

1

 

 

0

 

1

1

G

1

G

 

 

0

 

0

.

5

 

 

0

 

 

 

jωC

+ jωC

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

5

1

5

 

 

 

 

 

 

6

 

0

 

0

 

G4

 

 

0

 

-G5

G4 +G5 +

jωC2

jωC2

 

0

 

7

 

0

 

0

 

 

0

 

 

0

 

0

jωC

2

G

+ jωC

G

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

6

2

 

6

 

8

 

0

-G

 

 

0

 

 

0

 

0

0

 

 

G

G

+G

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

6

3

6

 

На відміну від розглянутих прикладів 5.1, 5.2, де рядки і стовпці тільки викреслюються, в цьому випадку треба утворити стовпець, підсумовуючи провідності у стовпцях з номерами 2, 3. Новоутворений стовпець має номер 3, а стовпець з номером 2 зникає, тобто послідовність викреслених рядків алгебраїчного доповнення a стано-

витиме: (1, 8, 4, 6), залишаються рядки з номерами 2, 3, 5, 7, а послідовність викреслених стовпців (8, 2, 5, 7), тобто залишаються стовпці з номерами 1, 3+, 4, 6.

Сума індексів σ1 =1 +8 + 4 + 6 +8 + 2 +5 + 7 = 41. Послідовність викреслених

рядків упорядковується двома перестановками, а послідовність викреслених стовпців

– трьома: ε1 = 5 .

 

 

 

Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1

277

Тоді (1)σ11 =1, а підматриця чисельника становитиме:

 

 

 

 

1

 

3+

 

 

4

 

 

 

 

6

 

 

 

 

 

2

 

 

0

G

+G

 

G

 

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

3

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

(Y ) = 3

 

G2 G2 +G4

 

 

0

 

 

 

G4

 

.

a

 

5

 

 

0

 

0

jωC

1

 

G

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

5

 

 

 

 

 

 

 

0

 

0

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

7

 

 

 

 

 

 

jωC2

Позначка «3+» вказує стовпець, провідності якого визначаються як сума

провідностей:Y i2 +Y i3 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

З підматриці (Y )a визначимо алгебраїчне доповнення чисельника a :

a

=G

2

(G + G

3

)(jω)2 C C

2

= (jω)2 a

2

.

 

 

 

 

 

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

Алгебраїчне доповнення знаменника b утворюється тими ж рядками, що і

a . Послідовність викреслених стовпців упорядкована

(1, 2, 5, 7), після викреслю-

вання залишаються стовпці з номерами (3+, 4, 6, 8). Сума індексів σ2 =34 , кількість

інверсій ε2 = 2 ; знак доповнення визначається виразом (1)σ2 2 =1.

Алгебраїчне доповнення знаменника b визначається з підматриці (Y )b :

 

 

 

 

 

 

 

3+

 

4

 

 

 

 

 

6

 

 

8

 

 

 

2

G

 

+G

 

G

 

 

 

 

0

 

G

 

 

 

 

 

1

3

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

(Y ) = 3

G2 +G4

 

0

 

 

 

G4

 

0

 

;

b

 

 

 

 

 

 

0

jωC

 

 

G

 

0

 

 

 

 

5

 

 

 

0

 

0

1

 

 

 

 

5

 

G

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

jωC

2

 

 

 

7

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

6

 

b = (jω)2 C1C2G3 (G2 +G4 )+ jωC1G4G6 (G1 +G3 )+G1G5G6 (G2 +G4 );

b = (jω)2 b2 + (jω)b1 + b0 .

Отже, розглянута схема є ланкою другого порядку ФВЧ з КПФ:

 

 

 

 

 

( jω)2 C C

G (G +G )

 

 

 

 

 

 

HU (ω) = −

 

 

 

 

1

2

 

2

1

3

 

 

 

 

 

.

( jω)2 C C G (G +G ) + jωC G G (G +G ) +G G G (G +G )

 

1

2

3

2

4

1

4

6

1

3

1

5

6

2

4

 

5.9 Запитання та завдання для самоперевірки

іконтролю засвоєння знань

1.Які схеми називають багатополюсником, чотириполюсником?

2.Записати шість форм рівнянь чотириполюсника. Пояснити, в яких випадках кожна з форм запису має переваги перед іншими.

3.Які чотириполюсники називають прохідними, активними, симетричними?

4.Як експериментально визначити параметри чотириполюсника?

5.Як, знаючи коефіцієнти однієї системи параметрів, визначити коефіцієнти

іншої?

6.Яке з’єднання чотириполюсників називають регулярним?

278

Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін.

7. Довести, що матриця (Y ) біполярного транзистора зі спільним емітером

 

 

1/ R

 

 

0

 

Знайти матриці (A) та (H ).

 

(рис.5.36) має вигляд: (Y )=

 

бе

 

 

 

.

 

 

 

 

Y пер

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

1/ Y

 

 

 

 

 

; (H )=

 

R

0

 

 

Відповідь: (A)=

0 1/(Y

 

пер

 

 

 

 

бе

0

.

 

 

 

пер

R

 

)

 

Y

R

 

 

 

 

 

 

бе

 

 

 

 

пер бе

 

 

 

б

к

 

 

 

 

 

 

 

 

 

I1

 

YперU1

I2

 

 

 

 

 

 

 

б

 

 

 

 

U2

a

 

е

 

 

 

 

 

 

 

 

U1

 

Rбе

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Рисунок 5.36 – Транзистор n-p-n типу: а – схема із спільним емітером;

б– схема заміщення в області нижніх частот

8.Обчислити A-параметри T-подібного чотириполюсника, поперечну вітку

якого утворює ємность С, а кожну з подовжніх віток – індуктивність L. Дано:

XC = 20 Ом, X L =10 Ом.

Відповідь: A11 = A22 = −1; A12 = 0 ; A21 = − j0,1 См.

9. Знайти коефіцієнт передачі за напругою при холостому ході та коефіцієнт передачі за струмом при короткому замиканні для П-подібного чотириполюсника, подовжня вітка якого утворена індуктивністю L, а кожна з поперечних віток – ємністю С.

Відповідь: 1/(1ω2LC) .

10. Несиметричний чотириполюсник навантажений опором Z 2 . Користуючись

Z-параметрами, довести, що комплексні коефіцієнти передачі за струмом та напругою становлять, відповідно:

H I = −

Z 21

;

HU = −

Z 21 Z 2

.

Z 22

+ Z 2

Z11 Z 22 Z12 Z 21 + Z11 Z 2

 

 

 

 

11. Досліди холостого ходу і короткого замикання для симетричного чотири-

полюсника дали такі результати: Uх.х =10 В;

Iх.х = 0,477 А; Pх.х = 2 Вт ( ϕх.х > 0 );

Uк.з =10 В; Iк.з = 0,5 А; Pк.з = 3 Вт ( ϕк.з > 0 ). Обчислити його характеристичні па-

раметри.

 

= 20,47e j59,30 Ом; A =1,46 Нп; B = 0,63 рад.

Відповідь: Z

c

 

c

c

12. Резистивний Г-подібний чотириполюсник з елементами Z1 =1600 Ом (по-

довжня вітка), Z 2 = 900 Ом (поперечна вітка) увімкнено узгоджено з генератором і

навантаженням. Знайти внутрішній опір генератора та опір навантаження.

Відповідь: Z г =1600 Ом; Z н = 720 Ом.

13.Пояснити поняття: електричний фільтр, смуга пропускання (затримання, пе-

реходу).

14.Навести класифікацію фільтрів за частотними властивостями.

 

 

 

Основи теорії кіл, сигналів та процесів в СТЗІ. Ч.1

279

15.Які фільтри називають реактивними? Навести схеми найпростіших реактивних ланок ФНЧ (ФВЧ). Пояснити їх дію з фізичних міркувань.

16.З якою метою застосовують каскадне з’єднання ланок фільтра? Яка схема фільтра називається східчастою?

17.Записати формулу для КПФ ланки другого порядку. Які значення прийматимуть коефіцієнти чисельника аі для передатних функцій ФНЧ, ФВЧ, СФ, РФ?

18.Як реалізують СФ за допомогою резонансних контурів різних типів? Навести приклади схем.

19.Накреслити схеми реактивних k-фільтрів, m-фільтрів. Порівняти їх частотні властивості.

20.Розрахувати ФНЧ k-типу з граничною частотою 1000 Гц і характеристичним опором 100 Ом.

Відповідь: L = 31,8 мГн; C = 3,18 мкФ.

21.Т-подібний ФНЧ складається з двох індуктивностей по 0,1 мГн і ємності 2

мкФ. Визначити частоту зрізу fз (граничну частоту). Побудувати графік характеристичного опору ZT ( f ) , якщо відомо, що для ФНЧ k-типу добуток опору подовжньої вітки та ємнісного опору дорівнює константі k 2 .

Вказівка. Скористатись формулою ZT ( f ) = k 1+(jf / fз )2 .

Відповідь: fз =15,915 кГц; ZT =10 1(2πf )2 1010 Ом.

22. Два Г-подібних ФВЧ, кожен з яких складається з ємності 1 мкФ та індуктивності 10 мГн, утворюють П-подібний фільтр. Розрахувати частоту зрізу fз (гранич-

ну частоту) і характеристичний опір при 2 fз та 0,5 fз .

Вказівка. Скористатись формулою ZП( f ) = k / 1+( fз / jf )2 .

Відповідь: fз =1592 Гц; 115,47 Ом; j57,74 Ом.

23.Дати визначення ідеального ОП. Навести параметри реального ОП.

24.Чим відрізняються диференційне та триполюсне увімкнення ОП?

25.Завдяки яким властивостям ОП, для розрахунку коефіцієнта передачі за напругою можна використовувати приблизну формулу (5.72)?

26.Пояснити, як складається формула для розрахунку коефіцієнта передачі за напругою у випадку каскадного з’єднання схем з ОП.

 

 

 

 

 

27. Знайти комплексний коефіці-

 

R2

C

 

єнт передачі за напругою активного

 

 

 

 

RC-фільтра (рис.5.37), АЧХ і ФЧХ.

 

R

 

 

Дано:

C = 3 нФ,

R1 = 43кОм,

а

1

b

R2 = 91кОм.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

U a

 

U b

 

Відповідь:

2,12

 

 

 

 

HU (ω) = −

.

 

 

 

 

 

1+ jω 2,73 104

 

Рисунок 5.37 Схема активного RC-фільтра

 

 

 

 

280

Ю.О.Коваль, І.О.Милютченко, А.М.Олейніков та ін.