КвантМех Методичка
.pdfсобственные функции оператора Гамильтона для частицы в одномерной бесконечно глубокой потенциальной яме; n = 1; 2; : : : 1. Величина Wn есть вероятность обнаружения в системе энергии En, ãäå
|
|
|
|
|
|
En = |
|
2h2 |
n2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2m0a2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
собственное значение оператора Гамильтона. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Нормировочный множитель A найдем из условия нормировки |
|
|
|||||||||||||||
a |
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Z j (x)j2 dx = jAj2 |
Z x2(x a)2 dx = 1; |
отсюда jAj = r a5 |
: |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
30 |
|
|
||||
0 |
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставляя в (34) явный вид |
(x) è |
n(x) и вычислив интеграл, находим |
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
23=2a5=2 |
|
|
||||
2 |
|
|
|
n |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Cn = Ar |
|
Z |
x(x a) sin |
|
x dx = A |
|
(( 1)n 1) : |
(35) |
|||||||||
a |
a |
( n)3 |
|||||||||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
С учетом выражения для нормировочной константы находим вероятность обнаружения значения энергии En
Wn = |
480 |
1 ( 1)n |
: |
(36) |
|
6 |
|||||
|
n6 |
|
|
||
Среднее значение энергии системы согласно формулам теории вероятности определяется |
|||||
суммой |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
||
< E >= |
EnWn: |
|
|
||
|
|
n=1 |
|
|
|
|
|
X |
|
|
Поскольку Wn отличны от нуля только для нечетных n, обозначим суммированию по целым m îò 0 äî 1
|
480h |
2 1 |
1 |
|
|
< E >= |
|
|
X |
|
: |
4m0a2 |
m=0 |
(2m + 1)4 |
|||
|
|
|
|
|
Список задач для самостоятельного решения:
2.1; 2.2; 2.3; 2.4; 2.7; 2.8.
n = 2m + 1 и перейдем к
(37)
11
III. ДВИЖЕНИЕ В ЦЕНТРАЛЬНОМ ПОЛЕ Контрольные вопросы
1.Оператор момента импульса, его коммутационные свойства.
2.Собственные функции и собственные значения операторов проекций момента импульса и квадрата момента импульса.
3.Разделить переменные в уравнении Шредингера для водородоподобного атома.
Задача 11. Найти волновые функции стационарных состояний и уровни энергии пространственного ротатора с моментом инерции I.
Решение. Пространственный ротатор представляет собой систему с двумя степенями свободыуглами # è '. Запишем уравнение Шредингера для квантового пространственного ротатора. Функция Гамильтона классического пространственного ротатора H = L2=2I. Заменяя динамиче- скую переменную L2 оператором, записываем оператор Гамильтона для квантового ротатора:
^ |
^2 |
|
|
h |
2 |
2 |
|
|
|
||
|
L |
|
|
r#; ' |
|
(38) |
|||||
H = |
2I |
|
= |
|
|
2I |
; |
||||
ãäå r#; ' угловая часть оператора Лапласа. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Уравнение Шредингера |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
^ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
H (#; ') = E (#; ') |
|
|
|||||||||
с учетом (38) преобразуется к виду |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
^2 |
(#; ') = 2IE |
(#; '); |
(39) |
||||||||
L |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
^2 |
: |
эквивалентному уравнению для собственных функций и собственных значений оператора L |
|||||||||||
^2 |
(#; ') = L |
2 |
|
(#; '): |
(40) |
||||||
L |
|
|
Решение уравнения (40) известно. Спектр собственных значений дискретный L2 = h2l(l + 1), квантовое число l принимает значения l = 0; 1; 2; : : : 1. Собственные функции определяются
двумя квантовыми числами
(#; ') = Yl;m(#; ') = Cl;mPljmj(cos(#))eim' ; |
(41) |
ãäå m = l; (l 1); : : : ; l; Pljmj присоединенные полиномы Лежандра.
Сравнивая (39) и (40), приходим к выводу, что (41) есть волновые функции стационарных состояний пространственного ротатора, а энергия состояний есть El = h2l(l + 1)=(2I). Энергети- ческие уровни вырождены. Кратность вырождения fl = 2l + 1:
Задача 12. Найти уровни энергии и нормированные волновые функции стационарных состояний сферического осциллятора с потенциальной энергией U (r) = kr2=2, используя метод разде-
ления переменных в уравнении Шредингера в декартовых координатах. Определить кратность вырождения уровней.
Решение. Запишем уравнение Шредингера для сферического осциллятора в декартовых координатах ~r = fx; y; zg:
|
h2 |
|
k |
x2 + y2 + z2 |
|
|
|
|
|
r2 |
(x; y; z) + |
|
(x; y; z) = E (x; y; z): |
(42) |
|
2m0 |
2 |
Метод разделения переменных основан на представлении искомой функции в виде произведения нескольких функций, каждая из которых зависит лишь от одной переменной: (x; y; z) =
X(x)Y (y)Z(z). Подставляя данное представление волновой функции |
|
(x; y; z) в уравнение (42), |
|||||||||||
преобразуем его к виду |
|
|
|
|
! + 2m0 |
|
|
|
|
|
! + |
||
2m0 |
|
X(x) dx2 |
+ |
2 |
|
Y (y) dy2 |
+ |
2 |
|||||
|
h2 |
|
1 d2X(x) |
|
kx2 |
|
h2 |
|
1 d2Y (y) |
|
|
ky2 |
|
12
+ 2m0 |
Z(z) d dz2 |
+ |
2 |
! |
= E: |
(43) |
|||
|
h2 |
1 |
|
2Z(z) |
|
kz2 |
|
|
|
Энергия стационарного состояния E постоянная величина. Таким образом, сумма трех слага-
емых в левой части (43), каждое из которых зависит от своей независимой переменной, равна константе. Такое возможно, если каждое из слагаемых в левой части уравнения (43) равно константе. Поэтому уравнение (43) разделяется на три уравнения:
|
|
|
|
h2 |
|
|
|
1 d2X(x) |
+ |
kx2 |
= E(x); |
(44) |
|||||||||||||||||||||
|
|
2m0 |
|
X(x) |
|
dx2 |
2 |
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
h2 |
|
|
|
1 d2Y (y) |
+ |
|
ky2 |
= E(y) ; |
(45) |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
2m0 Y (y) |
dy2 |
|
2 |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
h2 |
|
|
|
1 d2Z(z) |
+ |
|
kz2 |
= E(z); |
(46) |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
2m0 Z(z) |
dz2 |
|
2 |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
ãäå E(x), E(y) è E(z) константы. Полная энергия осциллятора есть сумма |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
E = E(x) + E(y) + E(z): |
|
|
(47) |
||||||||||||||||||||||||||
Каждое из уравнений (44), (45), (46) является уравнением линейного гармонического ос- |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
циллятора, решение которого известно. Поэтому |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
x2 |
|
|
|
|
|
x |
|
||||||||
|
|
X(x) = |
|
|
|
nx (x) = p |
|
|
e 2a2 Hnx |
|
|
; |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
a |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
a |
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
y2 |
|
|
|
|
y |
|
|
|
|||||||
|
|
Y (y) = |
|
|
|
ny (y) = p |
|
|
e |
2a2 Hny |
|
|
; |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
a |
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
z2 |
|
|
|
z |
|
|
|
|||||||
|
|
Z(z) = |
|
|
|
nz (z) = p |
|
e |
2a2 Hnz |
|
|
; |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
a |
|
||||||||||||||||||||||||||||
ãäå a = |
|
nx ;ny ;nz (x; y; z) = |
|
nx (x) |
|
ny (y) nz (z); |
(48) |
||||||||||||||||||||||||||
h=(m0!0), !02 = k=m0, Hn полиномы Эрмита. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Из решения задачи для линейного осциллятора также следует: |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
Enx |
= h! |
0 nx |
+ 2 |
; |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
(x) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Eny |
= h! |
0 ny |
+ 2 |
; |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
(y) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Enz |
= h! |
0 nz |
+ 2 |
: |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
(z) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Отсюда по (47) получаем полную энергию сферического осциллятора |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
En = h!0 |
n + |
3 |
; |
|
|
|
|
|
|
|
(49) |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
которая зависит от квантового числа n = nx + ny + nz .
Поскольку состояния осциллятора (волновые функции) определяются тремя квантовыми числами nx, ny , nz (48), а энергия системы зависит лишь от их суммы n (49), энергетические уровни осциллятора вырождены. Определим кратность их вырождения fn. При фиксированном n квантовое число nx может меняться в пределах от 0 äî n. При фиксированных n è nx квантовое число ny может меняться в пределах от 0 äî n nx (иначе сумма квантовых чисел будет больше чем n). При фиксированных n, nx è ny последнее квантовое число nz принимает лишь
13
одно фиксированное значение nz = n nx ny . Каждое состояние (набор чисел nx, ny , nz ), соответствующее одному и тому же n, прибавляет единицу к кратности вырождения уровня fn. Поэтому fn есть сумма
n n nx |
n |
(n + 1)(n + 2) |
|
|
X X |
X |
|
|
(50) |
fn = |
1 = (n nx + 1) = |
2 |
: |
|
nx =0 ny =0 |
nx =0 |
|
|
|
Задача 13. Найти условие существования дискретного спектра состояний частицы в поле
U (r) = |
( 0; |
r a |
|
U0; |
r < a |
|
|
|
Решение. Дискретный спектр состояний существует тогда, когда при заданных параметрах (U0, a, m0 масса частицы) уравнение Шредингера имеет решение с отрицательной энергией E < 0
(частица локализована в яме). Найдем такие решения. Поскольку потенциальная энергия частицы есть кусочно-постоянная функция (рис.5), будем решать уравнение Шредингера отдельно в области 1 (r < a) и в области 2 (r a), производя затем сшивку решений дифференциальных уравнений на границе областей (в точке r = a):
|
h2 1 d |
r2 |
d 1(r) |
U0 1(r) = E 1(r); (r < a); |
||||
|
|
|
|
|
|
|||
2m0 r2 dr |
dr |
|
|
h2 1 d |
|
d |
2(r) |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
r2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2m0 |
r2 |
dr |
|
dr |
|
|
||||||||
Введем обозначения |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= q |
2m0(U0 jEj) |
=h; |
||||||||||||
Волновую функцию представим в виде |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
1(r) = |
R1(r) |
è |
|
||||||||
|
|
|
|
r |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= E 2(r); (r a):
q
k = 2m0jEj=h:
2(r) = R2(r) r
(51)
(52)
(53)
для первой и второй областей соответственно. Из уравнений (51) получаем общее решение для функций R1(r) è R2(r):
R1(r) = A1 cos( r) + B1 sin( r);
R2(r) = A2e kr + B2ekr ; |
(54) |
ãäå A1, A2, B1 è B2 константы.
14
Из условия ограниченности волновой функции и (53) получаем, что должно выполняться R1(r ! 0) ! 0, следовательно, A1 = 0. Из этого же условия следует, что R2(r ! 1) ! 0, откуда
B2 = 0.
На границе рассматриваемых областей (в точке x = a) потенциальная энергия конечна,
поэтому непрерывной является как волновая функция, так и ее производная. Следовательно,
|
R1(a) = R2(a); |
|
|
|
|||
dR1(r) |
x=a |
= |
dR2(r) |
x=a |
: |
(55) |
|
dr |
|
dr |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Из (55) и (54) получаем систему уравнений для определения B1 è A2:
(
sin( a)B1 |
|
e kaA2 |
= |
0 |
(56) |
cos( a)B1 |
+ |
ke kaA2 |
= |
0: |
|
Система (55) является однородной системой линейных алгебраических уравнений и имеет нетривиальное решение лишь в том случае, когда определитель системы равен нулю. Приравнивая определитель системы (56) нулю, получаем
|
ctg( a) = |
k |
; |
|
|||
|
|
|
|||||
|
|
|
|||||
или, используя (52), |
|
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a = |
|
|
2m0U0 |
a sin( a): |
(57) |
||
|
|
h |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
Трансцендентное уравнение (57) может быть решено графически (задача 7). Количество решений уравнения (57) соответствует количеству стационарных состояний частицы в яме. Условие существования хотя бы одного решения (s-состояния), а следовательно, и состояний дискрет-
ного спектра, |
2m0U0a2 |
|
|
|
> 1: |
(58) |
|
|
h2 |
||
|
|
|
Задача 14. Найти вероятность пребывания электрона в классически запрещенной области для
водородоподобного атома в основном состоянии.
Решение. Классически запрещенная область для электрона область r > a, ãäå a боровский радиус. Вероятность нахождения электрона в области r > a определяется интегралом
1 |
|
|
W = 4 Za |
j 100(r)j2 r2 dr: |
(59) |
Здесь 100(r) волновая функция электрона в основном состоянии
1 |
|
Z |
|
3=2 |
exp |
Zr |
; |
|
|
||||||||
100(r) = p |
|
|
|
|
||||
|
a |
|
a |
|||||
|
|
ãäå Z заряд ядра атома.
Подставив волновую функцию (60) в интеграл (59) и выполнив замену переменных
2Zr=a, получаем
1
W = 12 Z x2e x dx:
2Z
(60)
x =
(61)
15
Интеграл в (61) берем по частям. В результате находим, что вероятность пребывания электрона в классически запрещенной зоне равна
W = (2Z2 + 2Z + 1)e 2Z : |
(62) |
В частности, для атома водорода (Z = 1) W 0:68.
Задача 15. Найти средний потенциал '(r), действующий на заряженную частицу, пролета-
ющую сквозь невозбужденный атом водорода (поляризацией атома пренебречь).
Решение. Волновая функция атома водорода в основном состоянии имеет вид
1 |
1 |
|
3=2 |
|
r |
|
|
||
|
|
|
|
|
|||||
100(r) = p |
|
|
|
|
|
exp |
|
: |
(63) |
|
a |
|
a |
||||||
|
|
Плотность электрического заряда в атоме создается ядром и электронной оболочкой
(~r) = e (~r) e j 100(r)j2 : |
(64) |
Так как распределение заряда сферически симметрично, для определения создаваемого им электрического поля удобно использовать теорему Гаусса. Выбирая поверхность интегрирования в виде сферы радиуса r с центром в ядре, получаем выражение для напряженности электрического поля E(r)
|
e |
|
4 e |
r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
4 r2E(r) = |
|
0Z |
(r~0) dr~0 |
|
Z |
j 100(r0)j2(r0)2 dr0; |
(65) |
"0 |
"0 |
||||||
|
|
r r |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где выражение в правой части (65) есть электрический заряд внутри выбранной сферы, деленный на абсолютную диэлектрическую проницаемость. Подставив (63) в (65) и посчитав интегралы, получаем
|
e |
2 |
2 |
1 |
|
2r |
|
|
|||
E(r) = |
|
|
|
+ |
|
+ |
|
exp |
|
: |
(66) |
4 "0 |
a2 |
ra |
r2 |
a |
Для определения потенциала электрического поля используем теперь его связь с напряженностью E(r) = d'(r)=dr и условие '(r ! 0) ! 0 для определения константы интегрирования. Тогда
потенциал электрического поля выражается через интеграл
1 |
|
|
'(r) = Zr |
E(r0) dr0: |
(67) |
Подставив (66) в (67) и посчитав интеграл, получаем искомый потенциал электрического поля атома водорода в основном состоянии
|
e |
1 |
1 |
|
2r |
|
|
||
'(r) = |
|
|
|
+ |
|
exp |
|
: |
(68) |
4 "0 |
a |
r |
a |
Список задач для самостоятельного решения:
4.1; 4.2; 4.23; 4.29; 4.30; 4.33; 4.40.
IV. СПИН Контрольные вопросы
1.Экспериментальные доказательства существования спина.
2.Найти вид оператора спина.
3.Оператор полного момента импульса атома.
4.Спинорбитальное взаимодействие. Оператор спинорбитального взаимодействия.
16
Задача 16. Для частицы со спином s = 1=2 найти собственные функции и собственные зна-
чения оператора x-проекции спина.
Решение. Для частицы с полуцелым спином оператор x-проекции
|
|
S^x |
= 2 |
|
|
1 |
0 |
! |
: |
|
|
||
|
|
|
|
|
h |
|
0 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
^ |
|
Запишем уравнение для собственных функций и собственных значений Sx: |
|
||||||||||||
|
|
|
^ |
|
|
|
= Sx sx ; |
|
|
|
|||
|
|
|
Sx sx |
|
|
|
|||||||
или в явном виде |
1 |
0 |
! |
|
|
b |
! = Sx |
b |
! : |
(69) |
|||
2 |
|
|
|||||||||||
|
h |
0 |
1 |
|
|
|
a |
|
|
|
a |
|
|
Перемножая в (69) матрицу на вектор, получаем систему двух уравнений |
|
||||||||||||
|
|
( |
(h=2) b |
= |
Sxa |
|
(70) |
||||||
|
|
(h=2) a |
= |
Sxb: |
|
Из (70) находим, что либо Sx2 = h2=4, ëèáî a = b = 0 (нулевое решение). Следовательно, соб- |
||||
ственные значения оператора |
^ |
|
|
|
Sx |
h |
|
|
|
|
Sx = |
: |
(71) |
|
|
|
|||
|
2 |
Найдем собственные функции. При Sx = h=2 из (70) получаем a = b; ïðè Sx = h=2 a = b. Системой (70) собственные функции (векторы) определены с точностью до константы
(например, b). Для определения этой константы используем условие нормировки |
+ |
sx |
= 1, |
||||||||
sx |
|||||||||||
откуда b = 1=p |
|
. В результате получаем набор собственных функций |
|
|
|
|
|
||||
2 |
|
! : |
|
|
|
||||||
|
|
sx =h=2 = p2 |
1 |
! |
è |
sx = h=2 = p2 |
1 |
|
|
(72) |
|
1 |
1 |
|
|
1 |
1 |
|
|
|
|
Задача 17. Исследовать характер спиновых состояний для двух частиц с полуцелым спином,
описываемых симметричными и антисимметричной спиновыми функциями.
Решение. Пусть 0(Sz ) è 00(Sz ) спиновые функции соответственно для первой и второй частиц, описывающие спиновые состояния с проекцией спина Sz .
Симметричные спиновые функции для системы двух частиц:
|
1 |
|
|
h |
|
|
|
h |
|
|
|
|
|
|
h |
|
|
h |
|
|
|||||
s(1) |
= p |
|
0 |
|
|
|
00 |
|
|
+ 0 |
|
|
00 |
|
|
; |
(73) |
||||||||
|
2 |
2 |
2 |
2 |
|||||||||||||||||||||
2 |
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
s(2) = 0 |
|
h |
|
00 |
|
h |
; |
|
|
|
|
|
(74) |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
2 |
2 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
h |
|
|
|
|
|
|
|
h |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
s(3) = 0 |
|
|
|
00 |
|
|
|
: |
|
|
|
|
(75) |
|||||||||
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
Антисимметричная спиновая функция:
1 |
0 |
|
h |
00 |
|
h |
|
0 |
|
h |
00 |
|
h |
: |
(76) |
|
a = p |
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
2 |
2 |
2 |
2 |
||||||||||||
2 |
Найдем собственные значения оператора
^ ^ 0 ^ 00
Sz = Sz + Sz ;
17
ãäå ^ 0 è ^ 00 -проекции оператора спина, действующие соответственно на спиновые функции
Sz Sz z
первой и второй частиц:
S^z 0 0 |
h |
|
|
h |
|
|
h |
|
h |
|
|
h |
|
|
h |
|
|
|
|
= |
|
0 |
|
|
; S^z 00 00 |
|
|
= |
|
00 |
|
: |
|||
2 |
2 |
2 |
2 |
2 |
2 |
||||||||||||
А. Рассмотрим первую симметричную спиновую функцию. Расписывая выражение, по- |
|||||||||||||||||
лучаем |
|
|
|
|
|
|
^ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(1) |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
Sz s = 0; |
|
|
|
|
|
|
|
|
то есть собственное значение оператора проекции суммарного спина в данном случае равно нулю Sz = 0. Следовательно, z-проекция суммарного спина системы двух частиц, описываемой симметричной функцией (1)s , равна нулю. Чтобы исследовать данное спиновое состояние, найдем
собственное значение оператора квадрата полного спина
|
|
|
2 |
|
|
^ |
^ |
|
|
2 |
|
|
3 |
|
|
2 |
|
|
|
^ |
^ |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
S^ |
|
= (S~ 0 + S~ 00) |
|
|
= |
|
|
h |
|
|
I^ + 2(S~ 0 |
S~ 00); |
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
ãäå I^ единичная матрица; векторный оператор |
^ |
|
= ~exS^x 0+~ey S^y 0+~ez S^z 0 |
действует на спиновые |
||||||||||||||||||||||||||
S~ 0 |
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
^ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ ~ez S^z 00 |
на спиновые функции второй частицы. |
||||||||||||||||
функции первой частицы, S~ 00 = ~exS^x 00 + ~ey S^y 00 |
||||||||||||||||||||||||||||||
Учитывая, что |
1 0 ! |
|
0 = 2 |
|
|
|
|
|
|
0 ! ; S^z 0 = 2 |
|
|
1 ! |
|
||||||||||||||||
S^x 0 = 2 |
; S^y |
|
|
|
i |
|
0 |
|
; |
|||||||||||||||||||||
|
h |
0 1 |
|
|
|
|
|
|
h |
|
0 |
|
|
|
|
i |
|
|
|
|
|
h |
1 |
0 |
|
|||||
|
|
|
|
|
= |
|
|
! ; |
|
|
|
|
2 |
= |
|
! |
|
|
|
|
||||||||||
|
|
0 |
2 |
0 |
|
0 |
1 |
|
|
|
(77) |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
h |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
h |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
||
и аналогично для операторов и спиновых функций второй частицы, находим |
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
^2 |
|
(1) |
= 2h |
2 |
|
(1) |
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
S |
s |
|
|
|
s |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Отсюда собственное значение оператора |
^2 |
равно |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
S |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
S2 = 2h2 = hs |
(s + 1); ãäå s = 1: |
|
|
|
|
|
|
Таким образом, (1)s описывает спиновое состояние, соответствующее параллельной ориентации спинов частиц, с суммарной проекцией Sz = 0.
Б. Рассмотрим состояния, описываемые (2)s è (3)s . Используя явный вид операторов и
спиновых функций (77), находим
^ |
(2) |
(2) |
; |
|
Sz s |
= h s |
|
||
^ |
(3) |
(3) |
: |
|
Sz |
s |
= h s |
|
Таким образом, (2)s è (3)s описывают состояния с параллельной ориентацией спинов частиц, с z-проекцией полного спина Sz = h è h соответственно.
В. Рассмотрим состояние системы двух частиц, описываемое антисимметричной спиновой
функцией a. Получаем |
|
|
^ |
^2 |
a = 0; |
Sz a = 0; |
S |
то есть данная спиновая функция описывает состояние с антипараллельной ориентацией спинов частиц так, что суммарный спин системы равен нулю.
Список задач для самостоятельного решения:
5.1; 5.2; 5.3; 5.5; 5.29; 5.30; 5.45.
18
V. ДВИЖЕНИЕ В МАГНИТНОМ ПОЛЕ Контрольные вопросы
1.Записать гамильтониан для заряженной бесспиновой частицы в магнитном поле.
2.Уравнение Шредингера для атома в магнитном поле.
3.Уравнение Паули.
Задача 18. Найти расщепление уровней энергии атома водорода в сильном однородном маг-
~
нитном поле B = f0; 0; Bg (нормальный эффект Зеемана).
Решение. Случай сильного магнитного поля реализуется, если потенциальная энергия взаимодействия магнитного момента атома с магнитным полем много больше энергии спин-орбитального взаимодействия.
В этом случае гамильтониан имеет вид
|
|
|
|
|
|
|
h2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
H^ = |
|
|
r2 M~^(L) + M~^(S) ; B~ + U (~r): |
|
|
(78) |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
^ |
|
|
и спинового |
|
^ |
магнитных моментов через соответ- |
||||||||||
Выражая операторы орбитального M |
|
|
M |
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ (L) |
|
|
|
|
|
|
|
|
~ (S) |
|
|
|
|
|
|||
ствующие гиромагнитные соотношения, запишем уравнение Паули: |
|
; |
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
H^ 0 |
|
2 |
+ |
|
2 |
L^z + h |
|
0 |
1 |
!! |
2 |
= E |
2 |
(79) |
|||||||||||
|
|
|
|
|
1 |
|
|
eB |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
0 |
|
|
1 |
|
1 |
|
|
||
ãäå 1 = |
1(~r; h=2), 2 = |
|
2(~r; h=2), |
^ |
0 |
гамильтониан системы в отсутствии магнитного поля. |
||||||||||||||||||||||
|
H |
|
||||||||||||||||||||||||||
Перейдем от матричного уравнения (79) к скалярным |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
8 |
|
H^ 0 |
|
+ |
|
|
eB |
|
L^z + h |
|
1 = E 1 |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
(80) |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
0 |
|
|
|
|
eB |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
< |
|
H^ |
2 |
+ 2 |
L^z h |
|
2 = E 2: |
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
^ |
0 |
^ |
|
|
|
2 собственные функ- |
|
Так как справедливо коммутационное соотношение [H |
; Lz ] = 0, òî 1 è |
|
||||||||||||||||||||||||||
^ |
0 |
|
^ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
öèè H |
|
è Lz . Тогда из (80) получаем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
^ 0 |
|
= (E ÁB(m + 1)) |
|
|
|
|
(81) |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
H |
|
|
1 |
1; |
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
^ 0 |
2 |
= (E ÁB(m 1)) |
2; |
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
H |
|
|
|
|
|
ãäå Á магнетон Бора. Собственные значения оператора |
^ 0 |
H |
(81) получим
Enlm = En(0) + ÁB(m 1):
Список задач для самостоятельного решения:
6.1; 6.4; 6.12; 6.13; 6.17; 6.22.
обозначим через En(0) . Тогда из
(82)
19
VI. ТЕОРИЯ ВОЗМУЩЕНИЙ Контрольные вопросы
1.Постановка задачи.
2.Теория возмущений в отсутствии вырождения.
3.Теория возмущений при наличии вырождения.
4.Область применимости теории возмущений.
Задача 19. На заряженный линейный осциллятор наложено однородное электрическое поле ~ ,
E
направленное вдоль оси колебаний. Рассматривая электрическое поле как возмущение, рассчи- тать методом теории возмущений второго порядка сдвиг энергетических уровней осциллятора. Результат сравнить с точным решением.
Решение. Поскольку энергетический спектр гармонического осциллятора не вырожден, используем вариант теории возмущения в отсутствии вырождения. С точностью до второго порядка по возмущению энергия системы при наличии малого возмущения равна
|
(0) |
|
|
X |
|
WknWnk |
|
(83) |
|||
Ek = Ek |
+ Wkk + |
|
|
|
|
; |
|||||
|
k |
|
|
||||||||
|
|
|
|
6 |
|
E(0) |
|
E(0) |
|
|
|
|
|
|
|
n=k |
|
|
|
|
n |
|
|
ãäå |
+1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
m(0) (x) W^ |
|
|
|
|
|
|||||
Wmn = |
Z |
|
n(0) (x) dx |
|
|||||||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
^ |
; |
(0) |
|
|
(0) |
волновые функции и уровни |
||
матричные элементы оператора возмущений W |
n |
(x) è En |
|
энергии невозмущенных состояний системы. Для гармонического осциллятора En(0) = h!0(n + 12 ).
Возмущением в рассматриваемом случае является потенциальная энергия взаимодействия заряженной частицы (осциллятора) с электрическим полем. Поскольку поле направлено
по оси колебаний (по оси Ox), |
^ |
W = eEx, ãäå e заряд частицы (осциллятора). Матричные |
элементы оператора возмущения равны Wmn = eExmn, где матричные элементы координаты
для гармонического осциллятора имеют вид
|
|
|
xmn = x0 |
r |
2 m; n 1 |
+ r |
2 |
|
m; n+1 |
! ; |
(84) |
||||
|
|
|
|
|
|
n |
|
|
|
n + 1 |
|
|
|
||
ãäå x0 |
= |
h=( !0). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рассмотрим первый порядок теории возмущений. Поскольку диагональные матричные элементы оператора координаты (84) равны нулю,
Ek(1) = Wkk = eExkk = 0:
Второй порядок теории возмущений
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(2) |
|
|
|
|
|
|
|
WknWnk |
|
e2E2 |
|
xknxnk |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
X |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
X |
|
|
|
|
|
|
: |
|
|
|
(85) |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
k |
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
n=k E(0) |
|
En(0) |
|
h !0 n=k |
|
k |
n |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Подставляем матричные элементы (84) в (85) и, раскрыв скобки, получаем |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
Ek |
= !02 |
n=k 0r |
2 s |
|
|
|
|
n k 1 |
+ r 2 s |
|
|
|
|
k; n 1 n k+1 + |
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
2 k; n 1 |
2 |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
(2) |
|
|
|
e2E2 |
X |
|
n |
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
n |
|
|
|
|
k + 1 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
@ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
s |
|
k |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
s |
|
k + 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
n k+11 |
|
|
|
|
||||||
+ |
|
|
n + 1 |
k; n+1 n k 1 + |
|
n + 1 |
k; n+1 |
1 |
|
: |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
k |
|
n |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
r 2 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r |
2 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
20