Добавил:
Upload Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

математика 1227

.pdf
Скачиваний:
9
Добавлен:
07.02.2016
Размер:
1.16 Mб
Скачать

21

Інтеграл f (x)dx розбігається, отже і даний ряд розбігається.

1

1.2.2 Знакозмінні ряди. Ознака збіжності Лейбніца для знакопочережних рядів

Якщо серед членів ряду є як додатні, так і від’ємні (при цьому і тих, і інших необмежена кількість), то такий ряд називається знакозмінним.

Знакозмінний ряд називається знакопочережним, якщо будь-які два члени q>1ряду, які стоять поряд, мають протилежні знаки. Знакопочережний ряд можна записати так:

u1 u2 + u3 u4 +... + (1)n1 un +... = (1)n1 un ,

n=1

де всі числа un додатні.

Ознака Лейбніца.

Якщо члени даного ряду монотонно спадають за абсолютною величиною і його сума за абсолютною величиною не перебільшує абсолютної величини першого члена.

Наприклад. Довести збіжність ряду:

(1)

n1

 

1

 

1

 

1

 

 

 

=1

+

... + (1)n1

 

+...

2n 1

3

 

2n 1

n=1

 

5

 

 

Даний ряд задовольняє умовам ознаки Лейбніца. Члени ряду за абсолютною величиною монотонно спадають, так як

1 >

1

>

1

>... і lim u

n

= lim

1

 

= 0 ,

3

5

2n 1

 

 

n→∞

n→∞

 

отже, за ознакою Лейбніця ряд збігається.

Знакопочережний ряд, який задовольняє умовам ознаки Лейбніця, має таку властивість, якщо суму такого ряду замінити n -ю частковою сумою

Sn = u1 u2 + u3 u4 +... + (1)n1 un ,

22

тобто відкинути залишок Rn = S Sn , то при цьому буде допущена похибка, абсолютна величина якої менша за абсолютну величину першого відкинутого члена un+1 .

Наприклад. Обчислити з точністью до 0,01 суму S ряду:

1 213 + 313 413 + 513 613 +...

Даний ряд збігається за ознакою Лейбніця. Відкинувши всі члени,

починаючи з 513 , ми припустимо похибку, яка менша 0,01. Так як

перший із відкинутих членів має знак плюс, то сума перших чотирьох членів

S4

=1

1

+

1

1

=

1549

є наближеним значенням уми даного

 

 

 

 

 

8

27

64

1728

 

 

 

 

 

 

ряду за недостачею.

1.2.3 Абсолютна і умовна збіжність знакопочережних рядів. Властивості абсолютно збіжних рядів

Нехай маємо ряд з членами довільного знака

u1 + u2 +... + un +...

(*)

Складемо новий ряд із абсолютних величин членів ряду (*):

 

u1

 

+

 

u2

 

+

 

u3

 

+ +

 

un

 

+

(**)

 

 

 

 

 

 

 

 

Ряд (*) називається абсолютно збіжним, якщо збігається ряд, складений із абсолютних величин його членів, тобто збігається ряд

(**).

Ряд (*) називається умовно збіжним, якщо він збігається, але ряд, складений із абсолютних величин його членів, тобто ряд (**), розбігається.

Нехай ряд (*) з членами довільного знака збігається абсолютно. Якщо в цьому ряді вибрати тільки додатні або тільки від'ємні члени, то одержані ряди будуть обидва збіжні. Якщо ж ряд (*) збігається умовно, то ряди, складені тільки із додатних або тільки від’ємних його членів, будуть розбіжними рядами.

Абсолютно збіжні ряди мають такі властивості:

23

Властивість 1. Якщо ряд (*) збігається абсолютно і має суму S , то будь-який ряд, одержаний з нього будь-якою перестановкою членів, збігається також абсолютно і має суму S .

Властивість 2. Якщо ряд un

і vn абсолютно збіжні і їх суми

n=1

n=1

відповідно дорівнюють S і S1 , то ряд, складений із всіх добутків виду ui vk (i, k =1,2,3...) , взятих в якому завгодно порядку, також збігається абсолютно і його сума дорівнює S S1 .

Ряд складений із всіляких добутків виду ui vk (i, k =1,2,3...) ,

називають добутком абсолютно збіжних рядів un

n=1

і vn .

n=1

Приклад 1. Довести, що ряд 1 13 + 12 19 + 14 271 + 81 ...

збігається абсолютно.

Додатні члени даного ряду утворюють збіжну геометричну прогресію

1 +

1

+

 

1

 

+

 

1

+... , сума якої дорівнює 2. Аналогічно від’ємні члени

2

4

 

 

8

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

даного

 

 

 

 

 

 

 

 

ряду

 

утворюють

 

геометричну

прогресію

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

...,

сума якої дорівнює

 

 

. Отже, даний ряд

 

 

 

3

 

 

 

 

9

 

 

 

 

27

 

 

81

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

2

 

 

збігається абсолютно і сума його дорівнює

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

n1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(1)

 

 

 

 

 

 

 

Приклад 2. Дослідити на збіжність ряд

 

.

 

 

 

 

 

 

3n +1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

(1)

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ряд

 

 

- знакопочередний

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n=1 3n +1

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

>

1

 

>

1

 

>

 

... >

 

 

>

 

 

>...

члени ряду спадають за

 

 

 

 

 

 

3n +1

3n + 4

4 7 10

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

абсолютною величиною,

lim

1

 

 

= 0 . За ознакою Лейбніца ряд

3n + 4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

24

 

 

 

 

1

 

 

збігається. Ряд із абсолютних величин членів даного ряду

 

-

3n +

1

 

 

 

 

n=1

 

 

1

 

 

1

 

 

 

 

розбіжний, тому що за теоремою порівняння lim

3n + 1

 

=

, а ряд

 

 

1

 

3

 

 

n→∞

 

 

 

 

 

 

n

1 - розбіжний. Отже даний ряд збігається умовно.

n=1 n

1.2.4 Функціональний ряд і його область збіжності. Степеневий ряд. Інтервал збіжності. Радіус збіжності степеневого ряду

Нехай дана нескінчена послідовність функцій u1 (x), u2 (x),..., un (x),... , які мають спільну область визначення.

Функціональним рядом називається складений із цих функцій вираз виду:

u1 (x) + u2 (x) + ... + un (x) + ... = un (x).

(1)

Функціональний ряд (1) при одних значеннях аргументу x може бути збіжним числовим рядом, а при інших значеннях аргументу x - розбіжним числовим рядом. Якщо функціональний ряд (1) збігається при x = x0 , то кажуть, що ряд збігається в точці x0 .

Областю збіжності ряду (1) називається сукупність всіх значень аргументу x , при яких цей ряд збігається.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Приклад. Знайти область збіжності ряду

ln n x .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

Знайдемо

lim n un

= lim n lnn x = ln x . Тоді

за ознакою

Коші

ряд

 

n→∞

n→∞

 

 

 

збігається

абсолютно, якщо

 

ln x

 

< 1, тобто

при 1 < ln x <1,

або

 

 

1 < x < e , ряд розбігається при

 

ln x

 

> 1, тобто для 0 < x <

1 і x > e .

 

 

e

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

e

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

25

При

 

 

ln x

 

=1 -

сумнівний

випадок,

x

 

= 1 ,

x

2

= e . Підставляючи

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

e

 

 

 

 

 

x1 =

1 ,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

тому що limun 0.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

одержимо ряд (1)n -

розбіжний ряд,

 

e

 

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

при

x2

= e

одержимо

 

ряд

1

-

розбіжний

 

ряд.

Отже, область

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

збіжності ряду

< x < e.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

e

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Якщо член un (x)

функціонального ряду

 

(1)

зі степеневими

функціями аргументу x , то ряд називається степеневим:

 

 

 

 

a

0

+a (x x

0

) +a

2

(x x

0

)2

+... +a

n

(x x

0

)n +...

(2)

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

де x0 -

 

дане число, а a0 , a1 ,a2 ,... -

відомі числові коефіцієнти.

Як

частинний випадок, коли x0

= 0 , одержимо степеневий ряд:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

a0 +a1 x +a2 x2 +a3 x3 +... +an xn +... = an xn

 

(3)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n=0

 

 

 

 

 

 

Степеневий ряд (3) завжди збігається при x = 0 .

 

 

 

 

 

 

Визначення області збіжності степеневого ряду (3) базується на

теоремі Абеля.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Теорема

Абеля.

 

Якщо

степеневий

 

ряд

 

(3)

збігається

при

x = x0 (x0 0) , то він збігається абсолютно при будь-якому значенні

x , яке задовольняє нерівність

 

x

 

<

 

x0

 

.

 

 

 

 

Якщо степеневий ряд

 

(3) розбігається при x = x0 , то він

розбігається при будь-якому значенні x , яке задовольняє нерівність x > x0 .

Із теореми Абеля випливає, якщо степеневий ряд збігається в точці x0 0 , то він збігається в інтервалі (x0 , x0 ) . Можна довести,

що для всякого степеневого ряду, який має точки збіжності (окрім точки x = 0 ) і точки розбіжності, існує деяке число R > 0 , при цьому

ряд збігається у всіх точках, для яких x < R , і розбігається у всіх

26

точках, для яких x > R . Це число R називається радіусом збіжності

ряду (3).

Якщо ряд (3) збігається тільки при x = 0 , то покладаємо R = 0 . Якщо ж ряд (3) збігається при будь-якому значенні x , то покладають R = ∞. Інтервалом збіжності ряду (3) називається інтервал (R, R) . Щоб знайти область збіжності степеневого ряду (3), треба спочатку визначити інтервал збіжності (R, R) і після цього з’ясувати питання

про збіжність ряду на кінцях інтервалу, тобто при x = R і x = −R . На практиці радіус збіжності степового ряду (3) відшукують за

допомогою ознаки Даламбера або Коші.

Приклад. Застосовуємо ознаку Даламбера до ряду, складеному із

абсолютних величин членів ряду (3).

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an+1 xn+1

 

 

= lim

 

 

an+1

 

 

 

 

x

 

= q

 

x

 

, де lim

 

 

an+1

 

 

= q .

lim

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an

an

n→∞

 

an xn

 

 

n→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ряд (3) збігається абсолютно при всіх тих

значеннях x , які

задовольняють нерівність q

 

x

 

 

<1

 

x

 

< 1

1

< x <

1

 

 

 

 

R < x < R

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

q

q

 

 

 

 

q

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(4)

де радіус збіжності

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R =

1

 

 

 

 

an

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= lim

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(5)

q

an +1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Слід зауважити, що формула (5) має місце тільки в тому випадку, коли степінь x при переході від одного члена до наступного зростає строго на одиницю.

При застосуванні ознаки Коші радіус збіжності R =

1

 

lim n an

n→∞

Для степеневих рядів справедливі наступні теореми.

Теорема 1. Збіжний степеневий ряд можна почленно диференціювати будь-яке число раз всередині його області збіжності.

Теорема 2. Збіжний степеневий ряд можна почленно інтегрувати на будь-якому проміжку, який знаходиться всередині області збіжності даного ряду.

27

2n (x +2)n

Приклад 1. Знайти область збіжності ряду . n=0 5n (1+4n)

Заданий ряд – степеневий. Знаходимо радіус збіжності ряду:

R = lim

 

 

an

 

 

= lim

2n5n+1 (1+4(n +1))

= lim

5(4n +5)

=

5

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an+1

5n (1+4n)2n+1

2(4n +1)

2

 

n→∞

 

n→∞

n→∞

 

 

 

Інтервал абсолютної збіжності ряду 5 < x +2 <

5

9 < x <

1

 

 

 

 

 

 

 

2

 

2

2

 

 

 

2

Дослідимо збіжність ряду на кінцях інтервалу збіжності. При

x =

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

9

одержимо

числовий

ряд

 

 

 

 

 

 

-

 

розбіжний,

при

x = −

 

 

1

+4n

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

знакопочережний

ряд

(1)n

 

 

,

який збігається

за

теоремою

1+4n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Лейбніця.

Ряд

 

 

-

розбіжний,

отже даний

ряд

збігається

1+4n

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

умовно. Область збіжності:

 

9 x <

1 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

Приклад 2. Знайти область збіжності ряду

x

.

 

 

 

n

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

n=1

n3

 

 

 

 

an =

 

 

 

 

 

 

 

an+1 =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n3n

 

 

 

 

 

 

(n +1)3n+1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R = lim

(n +1)3n+1

=3lim n +1 =3 1 =3 .

 

 

 

 

 

 

 

n3n

 

 

 

 

 

 

n→∞

 

 

 

 

n→∞

n

 

 

 

 

 

1

1 +.. +(1)n 1 +... ,

 

 

При x = −3

 

одержуємо

 

ряд:

 

 

 

1+

який

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

3

 

 

 

n

 

 

 

збігається

за

ознакою

Лейбніця.

При

 

x =3 одержуємо гармонічний

ряд, який, як відомо, розбігається. Область збіжності ряду: [3,3) .

 

28

1.2.5 Розвинення функцій в ряд. Наближені обчислення за допомогою рядів

Функцію можна розвинути в ряд в околі точки x0 за допомогою

формули Тейлора

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

f (x) = f (x0 ) +

 

f (x0 )

(x

x0 ) +

 

f ′′(x0 )

(x x0 )2

+... +

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

f (n) (x

 

 

)

 

 

 

 

 

 

 

 

1!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

+

0

 

(x x0 ) +...

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Розглянемо приклади розвинення елементарних функцій в

степеневий ряд по степеням x ,

який можна дістати з ряду Тейлора

при x0 = 0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

2

 

 

 

 

x

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

< ∞)

1. ex =

 

 

=1+ x +

 

 

+

 

 

 

 

+... +

 

...

 

 

 

 

 

 

(

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n!

 

 

 

 

 

 

2.

n=0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2!

 

 

3!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(1)

n1

x

2n1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

3

 

 

 

 

 

 

x

5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

2n1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

< ∞)

sin x =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= x

 

 

 

 

+

 

 

 

 

+... +(1)n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

+... (

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(2n 1)!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(2n 1)!

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3!

 

 

 

 

 

 

5!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(1)

n

x

2 x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

2

 

 

 

 

 

 

x

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

2n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

< ∞)

3. cos x =

 

 

 

 

=1

 

 

 

+

 

 

 

 

 

 

... +(1)n

 

 

 

+...

 

(

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(2n)!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(2n)!

 

 

 

 

n=0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2!

 

 

 

 

 

 

 

4!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n1

x

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

2

 

 

 

 

 

 

 

 

x

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4. ln(1+ x) =

(1)

 

 

 

 

 

 

= x

 

 

 

 

+

 

 

 

... +(1)n1

 

+...

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(1 < x 1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(1)

n1

x

2n1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

3

 

 

 

 

 

 

x

5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

2n1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1)

5.

arctgx =

 

 

 

 

 

 

 

 

= x

 

 

 

 

 

+

 

 

 

... +(1)n

 

 

 

 

 

 

 

 

+... (

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2n

1

 

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(1 + x)α =1+ α(α −1)...[α −(n 1)] =1 +

x +

α(α −1) x2 +

 

 

6.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1!

 

 

 

 

 

 

2!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(n 1)]

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

+... +

α(α −1)...[α −

 

x

n

+...

 

 

 

(| x |<1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

29

 

 

 

1

 

 

 

 

7.

 

 

= xn =1+ x + x2 +... + xn +...

(

 

x

 

 

 

 

 

1

x

 

 

n=0

 

 

 

 

Приклад 1. Розвинути в степеневий ряд функцію

<1)

f (x) = 11+ x

по степеням x , використовуючи розвинення у ряд основних елементарних функцій.

Дану функцію можна записати таким чином f (x) = (1+ x)12 . Для того щоб знайти шуканий ряд, досить в розвиненні

(1+ x)m =1+ m x + m(m 1) x2 +... + m(m 1)...(m n +1) xn +...

 

 

1!

 

2!

 

 

 

 

 

 

 

n!

 

 

 

покласти m = −1

. Тоді одержимо:

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

1

 

3

 

3

5

 

 

 

 

 

 

 

1

 

1 x +

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

=1

 

 

 

2

x2 +

 

2

2

x3 +...

 

1+ x

 

 

 

 

 

 

3!

 

 

 

2

 

 

 

2!

 

 

 

 

 

 

 

або

1

=1

1 x +

 

1 3 x2

1 3 5 x3 +1 3 5 7 x4 +...

 

1+ x

 

2

22 2!

233!

 

24 4!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Приклад 2. Обчислити ex2 dx з точністю до 0,001.

0

Так як для даного інтеграла не можна застосувати формулу Ньютона –

Лейбніца, то розвинемо підінтегральну функцію ex2 в степеневий ряд, а потім будемо почленно інтегрувати одержаний збіжний ряд у вказаних межах. Замінивши в розвиненні функції

e

x

=1+

 

x

+

x2

+

x3

+... +

xn

+...

 

1!

2!

3!

n!

 

 

 

 

 

 

 

x на x2 одержимо шукане розвинення

ex2 =1

x2

+

x4

x6

+... +(1)n

x2n

+...

 

 

 

n!

1!

2!

3!

 

 

Отже

30

1

 

2

 

 

 

1

 

 

 

x

2

 

x

4

 

 

x

6

 

 

 

x

8

 

x

10

 

 

ex

 

dx

= 1

 

 

+

 

 

 

 

+

 

 

+

... dx =

 

1!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2!

 

3!

 

4!

5!

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

x

x3

+

x5

x7

+

x9

 

 

x11

+... 1

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

5

2!

 

 

3! 7

 

 

 

4! 9

 

 

 

5! 11

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

=1 13 +101 421 + 2161 13201 +...

Одержаний знакопочережний ряд задовольняє умовам теореми Лейбница. Так як шостий член цього ряду за абсолютною величиною менше 0,001, то для забезпечення точності досить врахувати тільки суму перших п’яти ленів. Таким чином,

1

1

 

 

1

 

1

 

1

 

ex2 dz 1

+

+

0,747

3

10

42

216

0

 

 

 

 

Приклад 3. Знайти зазначене число членів розвинення в ряд розв’язку диференційного рівняння при заданих початкових умовах

 

 

′′

 

 

 

y(1) = 0

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

4

 

y

= xsin y

 

,

 

 

 

 

 

 

 

2

 

(до x )

 

 

 

 

 

y (1) =

 

 

 

 

 

 

Точка

x =1 не є особовою для даного рівняння, тому його розв’язок

можна шукати у вигляді ряду:

f ′′(1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

y = f (1) +

f (1)

(x 1)+

 

(x 1)2 +

 

 

f ′′′(1)

(x 1)3

 

 

1!

 

 

 

 

 

3!

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

2!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

маємо

 

f (1) = 0 ,

 

2 . Знайдемо 2-у і 3-у похідні:

 

 

 

 

f

(1) =

 

 

f

 

′′

 

 

 

π

=1,

′′′

 

 

 

+ xy

′′

cos y

,

′′′

 

= 1

 

(1) =1 sin

2

f (x) = sin y

 

 

 

 

 

f (1)

Підставляючи знайдені значення похідних в шуканий ряд, отримаємо розв’язок даного рівняння

y = π2 (x 1) + 12 (x 1)2 + 16 (x 1)3

Приклад 4. Знайти зазначене число членів розвинення в ряд розв’язку диференційного рівняння при заданих початкових умовах

y

′′

= 1

( до x

4

)

 

= xy , y(0) = 1, y (0)