C2-2011
.pdfКорянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: виды задач и методы их решения.
введение нескольких вспомогательных элементов
Пример 82. Найдите объем прямоугольного параллелепипеда, диагональ которого равна 14, периметр основания – 20 и периметр меньшей боковой грани –
32.
Решение. Пусть в параллелепипеде
ABCDA1B1C1D1 |
D1B 14, |
AB a, |
||
BC b, B1B c с условием a b. |
|
|||
Из условия задачи имеем |
|
|
||
a2 b2 c2 196, |
|
a2 b2 |
c2 |
196, |
|
|
|
|
|
a b 10, |
a 10 b, |
|
||
|
|
|
|
|
b c 16. |
|
c 16 b. |
|
Получаем квадратное уравнение
3b2 52b 160 0,
имеющее корни 4 и 40 (не удовлетворя-
|
3 |
|
ет условию |
a b 10). |
Тогда b 4, |
a 6, c 12 |
и V 288. |
Ответ: 288. |
|
|
метод опорных задач
● Объемы пирамид с общей высотой пропорциональны площадям ихоснований.
Пример 83. В правильной четырехугольной пирамиде SABCD точка F делит ребро ВС в отношении 1:3 (считая от точки С). Найдите, в каком отношении делит объем пирамиды плоскость
DSF ?
S
B
AFC
D
Рис. 87
Решение. Так как данная пирамида и части, на которые она разбивается плоскостью сечения (см. рис. 87), имеют одинаковую высоту, то отношение объемов
частей равно отношению площадей оснований:
VSABFD SABFD .
VSFCD SFCD
Площади треугольников ABD и BDC равны. Для треугольников с общей высотой имеем
SDCF CF 1 .
SDBF BF 3
Поэтому SABFD 7 .
SFCD 1
Ответ: 7:1.
● Объемы пирамид с равновеликими основаниями пропорциональны проведенным к нему высотам.
Например, в кубе ABCDA1B1C1D1 (см.
рис. 88) объемы пирамид A1 ABD и MBDC относятся как 2:1, где М – середина ребра C1C .
B1
A1 C1
D1
BM
AC
D
Рис. 88
● Пирамиды с равновеликими основаниями и равными высотами – равновелики.
Например, в кубе ABCDA1B1C1D1 (см.
рис. 89) |
пирамиды |
A1 ABD, |
D1ABDи |
D1ACD равновелики. |
|
|
|
C1 |
C1 |
D1B1 |
C1 |
B1 |
D1B1 |
D1 |
|
|
A1 |
A1 |
C A1 |
C |
C |
|
B DB DB D A A A
Рис. 89
18.02.2011 |
51 |
www.alexlarin.narod.ru
Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: виды задач и методы их решения.
● Отношение объемов подобных многогранников равно кубу коэффициента подобия.
Пример 84. Площадь основания пирамиды равна 3, объем пирамиды также равен 3. Проведены две плоскости, параллельные основанию пирамиды. Площади получившихся сечений равны 1 и 2. Найдите объем части пирамиды, расположенной между плоскостями.
D
C2 B2
C1A2B1
A1 B
C
A
Рис. 90
Имеем
Решение. Обо-
значим сечения через A1B1C1 и A2 B2C2 (см. рис. 90), причем
SA1B1C1 S1 2,
SA2B2C2 S2 1,
SABC S 3,
объемы пирамид
VABCD V ,
VA1B1C1D V1 ,
VA2B2C2D V2 .
|
V |
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
S |
|
|
|
2 |
|
|
|
8 |
|
|
|
||||||||||||||
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
V |
|
|
S |
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
27 |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
V |
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
S |
2 |
|
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|||||||||||||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
V |
|
|
S |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
27 |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Отсюда искомый объем равен
|
|
8 |
|
1 |
|
|
8 1 |
|
|||
V V |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
1 2 |
|
27 |
|
27 |
|
3 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: 8 1. 3
Отношение отрезков можно заменить отношением объемов пирамид с общим основанием (см. рис. 91)
DH DF VDABC ,
OH OG VOABC
где DF и OG – высоты пирамид.
18.02.2011 |
52 |
D
B
CGHF
A
O
Рис. 91
Пример 85. На ребрах АВ, BD и DC пирамиды ABCD взяты точки M, L и K
так, что AM |
1 |
|
AB, |
BL |
1 |
BD, |
|
|
|
||||
3 |
|
4 |
|
DK 2 DC . В каком отношении плос-
5
кость KLM делит отрезок, соединяющий середины ребер AD и ВС?
Решение. Обозначим середины AD и ВС через P и Q соответственно (см. рис. 92). В сечении получится четырехугольник, но для решения задачи достаточно рассмотреть отношение объемов пирамид PMLK и QMLK с общим основанием
MLK .
Если SABD a, то
S |
DPL |
|
DP |
|
DL |
S |
ABD |
|
1 |
|
3 |
a |
3a |
, |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
8 |
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
DA DB |
|
2 4 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
S |
BML |
|
|
BM |
|
BL |
|
S |
ABD |
|
|
2 |
|
|
1 |
|
a |
|
a |
, |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
BA BD |
|
|
3 4 |
|
|
6 |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
S |
AMP |
|
AP |
|
AM |
S |
ABD |
|
1 |
|
1 |
a |
a |
, |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
AD AB |
|
|
2 3 |
|
6 |
|
|
|
|
|
|
3 |
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
7a |
|||||||
S |
PML |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
S |
ABD |
|
|
, |
|||||
8 |
6 |
6 |
24 |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
V |
KD |
V |
|
|
|
|
2 |
V |
2V |
, |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
KABD |
|
CD |
ABCD |
|
5 |
|
|
|
5 |
|
|
www.alexlarin.narod.ru
Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: виды задач и методы их решения.
V |
|
SMPL |
V |
|
7 |
|
2V |
|
7V |
, |
SABD |
|
|
|
|||||||
PKLM |
|
KABD |
24 |
5 |
60 |
|
где VABCD V .
Аналогично получаем VQKLM 11V (до60
кажите!). Отношение
PN VPKLM 7V :11V 7 .
QN VQKLM 60 60 11
Решение. Так как ребро AD перпендикулярно плоскости основания, то объем V пирамиды DABC равен
V |
1 |
AD S |
ABC |
|
1 |
AD AC BC sin C |
||||||||||
|
6 |
|||||||||||||||
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
1 |
6 |
|
14 |
8 |
|
|
1 |
56. |
|||||||
3 |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||
6 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
2 |
|
Так как медиана BT делит площадь треугольника ABC пополам, то объем
пирамиды DATB будет равен V 28. 2
D
D
K
|
P |
N |
C |
||
|
|
|
|||
|
J |
|
|
|
|
|
A |
|
Q |
||
|
|
L |
|||
|
M |
|
|
|
|
|
|
|
B |
||
|
|
Рис. 92 |
|
|
|
|
|
|
Ответ: |
7 |
. |
|
|
|
|
||
|
|
|
11 |
||
● Пусть в пирамиде MABC на ребрах |
|||||
MA, |
MB и MC или на их продолжениях |
||||
взяты соответственно точки A1, B1,C1 так, |
|||||
что |
MA1 :MA k , |
MB1 :MB m |
MC1 :MC n. Тогда объемы пирамид MA1B1C1 и MABC связаны формулой
VMA1B1C1 k m n VMABC . (*)
(См. опорную задачу 12).
Пример 86. В основании пирамиды DABC лежит треугольник ABC, в ко-
тором |
C 30 , |
AC 14, |
BC |
8 |
|
, |
||||||
|
|
|
||||||||||
3 |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
точка T |
– середина AC . Боковое ребро |
|||||||||||
AD равно 6 |
|
|
и перпендикулярно плос- |
|||||||||
|
3 |
|||||||||||
кости ABC. |
На ребрах AD, BD и отрез- |
|||||||||||
ке |
DT |
взяты соответственно точки |
||||||||||
M, |
N, |
P |
так, |
что AM :MD 2:5, |
DN : NB 2:5 |
и TP:PD 7:5. |
Найти |
объем пирамиды DMNP. |
|
|
18.02.2011 |
|
53 |
|
N |
M |
C |
P |
T
A B
Рис. 93
Точки M, N, P лежат на ребрах пирамиды DATB (см. рис. 93), поэтому по формуле (*) получаем
V |
DM |
|
DP |
|
DN |
|
V |
|
||||||||
DA |
|
|
|
|
||||||||||||
DMNP |
|
|
DT |
DB |
DATB |
|
||||||||||
|
5 |
|
7 |
|
2 |
28 |
10 |
. |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
7 |
|
12 |
|
7 |
|
|
3 |
|
|
|
|
Ответ: 10 . 3
Пример 87. В правильной четырехугольной пирамиде MABCD все ребра равны. Точки P и N – середины ребер BM и DM . В каком отношении делит объем пирамиды сечение, проходящее через прямую AP параллельно диагонали основания BD?
Решение. Так как точки P и N – середины ребер BM и DM, то PN – средняя линия треугольника BMD и PN || BD. Так как через точку P можно провести единственную прямую, параллельную BD и секущая плоскость также параллельна BD, то PN лежит в плоскости сечения (см. рис. 94а).
Так как пирамида правильная, то MO
– высота пирамиды (O – точка пересече-
www.alexlarin.narod.ru
Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: виды задач и методы их решения.
ния диагоналей основания),
MO BMD CMA.
Пусть точка E PN MO, тогда E – середина MO. Тогда прямая AE также
лежит в |
плоскости |
сечения |
и пусть |
|||
K AE CM , |
и |
|
четырехугольник |
|||
APKN – описанное |
в |
условие сечение |
||||
пирамиды. |
|
|
|
|
|
|
|
M |
|
|
|
|
|
K |
|
N |
|
|
M |
|
P |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
||
E |
|
|
K |
|
|
|
C |
|
D |
E |
|
||
|
|
|
Q |
|
||
B |
O |
|
|
C |
O |
A |
A |
|
|||||
|
|
|
б |
|
||
|
а |
Рис. 94 |
|
|
||
|
|
|
|
|
||
На выносном чертеже (см. рис. 94б), |
||||||
проведем |
отрезок OQ|| AK . Тогда, |
ис- |
||||
пользуя теорему Фалеса, получаем KE – |
||||||
средняя линия |
треугольника |
OQM |
и |
|||
QK KM , а OQ – |
средняя линия тре- |
|||||
угольника |
CKA |
и |
CQ QK . |
Следова- |
||
тельно, точка K |
делит ребро |
CM так, |
что MK :MC 1:3.
Плоскость CMA разбивает каждую из пирамид MABCD и MAPKN на две равные треугольные пирамиды. Используя соотношение (*), получаем
V |
|
MK |
|
MP |
|
MA |
V |
|
||||||
MC |
|
|
|
|||||||||||
MPKA |
|
|
|
MB MA |
MBCA |
|
||||||||
|
1 |
|
1 |
1 V |
|
|
1 |
V . |
|
|||||
|
2 |
|
|
|
||||||||||
3 |
|
|
|
MBCA |
6 |
|
MBCA |
|
1
Аналогично, VMKNA 6 VMCDA .
Соответственно, объем пирамиды MAPKN будет составлять шестую часть объема данной пирамиды, а секущая плоскость будет делить объем в отношении 1:5.
Ответ: 1:5. ● Пусть a и b – длины двух противопо-
ложных ребер тетраэдра, |
d – расстояние, |
а – угол между ними. Тогда объем тет- |
|
раэдра можно вычислить по формуле |
|
18.02.2011 |
54 |
V1 abdsin . 6
(См. опорную задачу 9).
Пример 88. Дан единичный куб АВСDA1B1C1D1 . Найти объем пирамиды АB1CD1.
Решение. Имеем АB1 CD1 2 (см.
рис. 95). Расстояние между скрещивающимися прямыми АB1 и CD1 , лежащими в параллельных плоскостях, равно 1. Угол между ними равен 90 , так как АB1 ||DC1 и CD1 DC1 . Следовательно,
|
B1 |
A1 |
C1 |
|
|
|
D1 |
B
AC
D
Рис. 95
1
VAB1CD1 6 AB1 CD1 AD sin (AB1;CD1)
1 2 2 1 1 1 . 6 3
Ответ: 1 . 3
Пример 89. На диагонали грани единичного куба взяты точки М и N, а на скрещивающейся с ней диагонали соседней грани взяты точки P и Q. Известно,
что MN |
1 |
, |
PQ |
1 |
. |
Найти |
объем |
|
|
||||||
2 |
|
3 |
|
|
|
||
тетраэдра MNPQ. |
|
|
|||||
Решение. |
|
Пусть |
дан |
куб |
АВСDA1B1C1D1 (см. рис. 96). Отрезки MN
и PQ лежат на прямых AB1 и A1C1 соот-
ветственно. |
Так как DC1 ||AB1 , |
то |
(AB1, A1C1) A1C1D 60 . Так |
как |
|
прямые AB1 |
и A1C1 лежат в параллель- |
|
ных плоскостях AB1С и A1C1D , то |
|
www.alexlarin.narod.ru
Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: виды задач и методы их решения.
|
|
|
|
|
|
C1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
B1 |
|
|
|
|
|
|
Q |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
D1 |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
P |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
A1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
N |
|
|
|
|
C |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
B |
|
|
|
M |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
D |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
Рис. 96 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
(AB , AC ) (AB C, AC D) |
1 |
|
. |
|||||||||||||||||||||
|
|
|||||||||||||||||||||||
1 |
1 |
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
1 |
1 |
3 |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Получаем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
. |
|
|
|
||||
VMNPQ |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|||||||||||||
6 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
72 |
|
|
|
||||||||||||
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
2 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: 1 . 72
● Пусть p и q – площади двух граней тетраэдра, a – длина общего ребра, – величина двугранного угла между этими гранями. Тогда объем тетраэдра может быть вычислен по формуле
V 2pqsin .
3a
(См. опорную задачу 11).
Пример 90. Найдите объем пирамиды
ABCD, |
в которой AB 4, |
BC 5, |
|
AD 6, |
BD 7, |
CA 8, а двугранный |
|
угол с ребром AB равен 60 . |
|
||
|
D |
|
|
|
7 |
|
|
B |
6 |
|
|
5 |
|
|
|
4 |
60 |
|
C |
8
A
Рис. 97
Решение. Используя формулу Герона, находим площади треугольников (см.
рис. 97) ABD и ABC:
18.02.2011
SABD |
17 9 |
3 5 |
и SABC |
17 9 1 7 |
. |
4 |
|
4 |
|||
|
|
|
|
Тогда искомый объем пирамиды равен
V 2 172 92 3 5 7 3 :12 15335 . 16 2 64
Ответ: 15335 . 64
принцип разбиения и дополнения
Иногда при вычислении объема многогранника используют дополнение этого многогранника до пирамиды (призмы) или разбиение на эти фигуры.
Пример 91. В треугольной призме АВСA1B1C1 с объемом 180 см3 проведено сечение через вершину A и середины ребер BB1 и B1C1 . Найти объем отсеченной части призмы, содержащей ребро
CC1 .
Решение. Обозначим через М и N середины ребер BB1 и B1C1 соответственно (см. рис. 98). Далее находим точки
S MN CC1 и P SA A1C1 , и в сече-
нии получим четырехугольник APNM .
A1 |
B1 |
|
S |
||
N |
||
P |
C1 |
|
A |
L |
|
B |
||
|
C
Рис. 98
Построим точку L MN BC . Пусть Н – высота призмы, Q – площадь основания. Объемы пирамид SALC , SPNC1 и
MALB обозначим через V2 , V3 , V4 .
Точки М и N – середины ребер, поэтому
BL |
1 |
BC, |
CL |
3 |
|
BC. Значит, |
S |
ALC |
|
3 |
Q . |
||||||
2 |
|
|
1 |
|
2 |
|
|
|
3 |
|
|
2 |
|
||||
Также SC |
CC , |
SC |
CC |
и высота |
|||||||||||||
|
|
||||||||||||||||
|
|
1 |
2 |
|
1 |
|
2 |
1 |
|
|
|
|
|
пирамиды SALC равна 3 H . 2
55
www.alexlarin.narod.ru