ВЫСШАЯ МАТЕМАТИКА_ГОРНЫЙ
.pdfСПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
tg |
x |
|
|
|
|
1 |
|
|
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
ctg |
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
перейдем к вычислению |
|
lim |
1 x |
|
, |
|
т.е. |
к раскрытию неопределенности |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 1 ctg |
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
типа |
0 |
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2sin |
2 |
|
|
|
|
||||
|
|
|
x |
|
1 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 x |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
2 |
|
|||||||||||||||||||
lim(1 x)tg |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
lim |
|
x |
|
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim |
|
|
|
x 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||||||||||||||
x 1 |
2 |
x 1 |
ctg |
|
|
|
x 1 |
|
|
|
|
|
|
x |
|
x 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
ctg |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sin |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Пример 6.5. Найти lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
x 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
x 1 ln x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
Решение. Поскольку lim ln x 0, |
|
|
lim(x 1) 0, |
|
то имеем неопределен- |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
x 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
ность типа . Приведем данное выражение к общему знаменателю |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 1 ln x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lim |
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x 1 ln x |
|
|
|
x 1 ln x(x 1) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0
Для раскрытия получившейся неопределенности типа применим прави-
0
ло Лопиталя:
|
x 1 ln x |
|
(x 1 ln x) |
|
|
|
1 0 |
1 |
|
|
|
x 1 |
|
lim |
lim |
lim |
|
|
x |
lim |
. |
||||||
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||
x 1 ln x(x 1) |
x 1 (ln x(x 1)) |
x 1 1 |
(x 1) ln x 1 |
x 1 |
xln x x 1 |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x
Вновь возникла неопределенность типа 0 , которую раскрываем также по
0
правилу Лопиталя:
lim |
x 1 |
lim |
|
(x 1) |
|
|
lim |
1 |
|
|
|
|
1 |
. |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
||||||||
x 1 xln x x 1 |
x 1 (xln x x 1)) |
|
x 1 |
1 ln x x |
1 |
2 |
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Таким образом, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
x 1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
x 1 ln x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
77
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
Неопределенности типа {1∞}, {00}, {∞0}. В этих случаях используется основное логарифмическое тождество aloga b b (в частности, elnb b) и свойство непрерывности показательной функции:
|
|
limef (x) |
|
|
|
lim f (x) |
|||||||
|
|
|
ex a . |
||||||||||
|
|
x a |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 6.6. Найти lim(cosx) |
x2 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
||||
x 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. Так как lim(cosx) 1, |
lim |
|
1 |
, то имеем неопределенность |
|||||||||
|
|
||||||||||||
x 0 |
|
|
|
|
|
x 0 x2 |
|||||||
типа {1∞}. Найдем вначале предел логарифма заданной функции: |
|||||||||||||
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
ln(cosx) |
|
|||
limln(cosx) |
x2 |
lim |
|
ln(cosx) lim |
. |
||||||||
|
|
|
|
||||||||||
x 0 |
x 0 x2 |
|
|
|
|
x 0 x2 |
|||||||
Возникла неопределенность типа |
0 |
, |
так как limln(cos x) ln1 0. Чтобы |
||||||||||
|
|||||||||||||
|
|
|
0 |
|
|
|
|
x 0 |
ее раскрыть, необходимо дважды применить правило Лопиталя:
lim |
ln(cos x) |
lim |
(ln(cos x)) |
lim |
tgx |
|
1 |
lim |
(tgx) |
|
1 |
lim |
1 |
|
1 |
. |
|
(x2 ) |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
x 0 x2 |
x 0 |
x 0 2x |
|
2 x 0 (x) |
|
2 x 0 cos2 x |
2 |
|
Используя основное логарифмическое тождество и непрерывность показательной функции, получим
1 |
|
1 |
1 |
ln(cos x) |
lim |
ln(cos x) |
|
|
1 |
|
1 |
|
|
||||||
|
|
|
|
x2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
lim(cosx)x |
2 |
limeln(cos x) |
|
|
2 |
|
2 |
|
|
||||||||||
|
|
limex |
|
|
ex 0 |
x |
|
e |
2 |
|
|
|
|
. |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
x 0 |
|
x 0 |
|
x 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
e |
6.2. ПРИМЕНЕНИЕ ПРОИЗВОДНОЙ К ИССЛЕДОВАНИЮ ФУНКЦИЙ
6.2.1. Критерий постоянства функций. Признаки монотонности (возрастание и убывание функций)
Теорема 1 (критерий постоянства функции). Для постоянства функции f x на некотором промежутке Х необходимо и достаточно, чтобы равенство
|
x 0 выполнялось во всех точках этого промежутка. |
|
|
f |
|
||
|
Доказательство. Необходимость. Пусть |
f x const, |
x X . Тогда, как |
|
|
X. |
|
известно, f x 0 во всех точках промежутка |
|
|
x 0 для любого |
x X. Возьмем любые две |
Достаточность. Пусть f |
точки x1,x2 X . По формуле Лагранжа (6.6)
78
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
|
f x2 f x1 x2 x1 f c , |
c x1,x2 X . |
||
Но так как |
|
x X , то |
и |
|
f x 0 для всех |
f c 0 , в силу чего из |
|||
предыдущего равенства получим |
f x2 f x1 0 |
или f x1 f x2 . Отсюда |
||
следует, что |
f x const, x X . Теорема доказана. |
Сформулируем и докажем необходимое и достаточное условия возрастания функций.
Теорема 2 (признак возрастания функции). 1. Если функция f(x) диффе-
ренцируема и возрастает на некотором промежутке Х, то ее производная на
|
|
этом промежутке не отрицательна, т.е. f x 0, x X (необходимый при- |
|
знак возрастания функции). |
|
2. Если функция f(x) |
дифференцируема на промежутке Х, причем |
f x 0, x X , то данная функция на этом промежутке возрастает (достаточный признак возрастания функции).
Доказательство. 1. Пусть f(x) дифференцируема и возрастает на про-
межутке Х. Возьмем значение аргумента x X |
|
(x – внутренняя точка проме- |
||||||||
жутка X) и придадим ему такое приращение |
х, что x x X . Рассмотрим |
|||||||||
отношение |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
f |
|
f (x x) f (x) |
. |
(6.26) |
||||
|
|
x |
|
|
||||||
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
||
Так как f(x) функция возрастающая, то |
f x x f x при |
x 0 и |
||||||||
f x x f x при x 0. В обоих случаях |
|
|
|
|
||||||
|
f |
|
f (x x) f (x) |
0. |
(6.27) |
|||||
|
|
|
||||||||
|
x |
|
|
x |
|
|
|
|
Так как функция f(x) дифференцируема на промежутке Х, то она имеет на нем конечную производную. Согласно неравенству (6.27)
|
|
|
f ' x lim |
f |
lim |
|
f x x f x |
0, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
x 0 x |
x 0 |
|
x |
|
|||
|
что и требовалось доказать. |
|
|
|
||||||
т.е. f x 0, |
|
|
|
|||||||
2. Пусть |
f |
|
x 0 на промежутке Х. Возьмем любые две точки x1, x2 X |
|||||||
|
||||||||||
такие, что х2 > х1. По формуле Лагранжа (6.6) имеем |
|
|||||||||
|
|
|
f (x1) f (x2) f |
|
|
|
(6.28) |
|||
|
|
|
(c)(x2 x1), |
|||||||
где x1 c x2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|||
Поскольку |
|
|
|
, то |
|
|||||
|
f x 0, x X и c X |
f c 0. Тогда из соотношения |
||||||||
(6.28) следует, |
|
что f x2 f x1 0 или |
f x2 f x1 . Другими |
словами, |
функция f(x) возрастает на промежутке Х, что и требовалось доказать.
79
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
у |
|
Также доказывается аналогичная теорема |
|||
|
для убывающей функции. |
||||
|
|
Теорема 3 (признак |
убывания функции). |
||
|
|
1. Если |
функция |
f(x) |
дифференцируема и |
|
|
убывает на некотором промежутке Х, то ее |
|||
О |
|
производная на этом промежутке не положи- |
|||
Рис.6.6 |
|
тельна, |
|
|
|
|
|
т.е. f x 0, x X (необходимый |
|||
|
|
признак убывания функции). |
|||
2. Если функция |
f(x) |
дифференцируема |
на промежутке Х, причем |
f x 0, x X , то данная функция на этом промежутке убывает (достаточ-
ный признак убывания функции).
Обе эти теоремы имеют простое геометрическое истолкование. В любой точке промежутка возрастания функции y f x касательная к ее графику
образует с осью Ох острый угол ; на промежутке убывания функции угол – тупой (рис.6.6). Иначе говоря, промежутку возрастания функции f(x) соот-
ветствует случай tg f |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
x 0, а промежутку убывания tg f |
x 0 . |
|
||||||||||||||||||||||||||
Пример 6.7. Определить промежутки монотонности (возрастания и убы- |
|||||||||||||||||||||||||||||
вания) функции y f (x) xlnx. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Решение. Для определения промежутков (интервалов) возрастания и |
|
||||||||||||||||||||||||||||
убывания функции найдем ее производную: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
y |
|
|
f |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ln x |
x |
1 |
ln x 1. |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
(x) (xln x) x |
ln x x(ln x) |
x |
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Заметим, что функция |
y xlnx определена для х > 0, ее производная |
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ln x 1 0, |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
f (x) 0 |
при |
x |
|
, |
x |
1 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
e |
|
|
|
; |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
e |
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 0, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ln x 1 0, |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
f ' x 0 |
|
|
|
|
x |
|
, |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
при |
|
|
|
|
e 0 x |
|
. |
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
e |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 0, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Таким образом, функция |
y xlnx |
возрастает на интервале |
1 |
|
и |
||||||||||||||||||||||||
|
|
, |
|||||||||||||||||||||||||||
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
e |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
убывает на интервале |
0, |
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
e |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
80
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
6.2.2. Экстремумы функций. Необходимое условие экстремума
Определение 1. Точка x0 называется точкой максимума функции f(x),
если существует такая окрестность X этой точки, что для x X , x x0 , вы-
полняется неравенство f x f x0 .
Точка x0 называется точкой минимума функции f(x), если существует такая окрестность Х этой точки, что для x X , x x0 выполняется неравен-
ство f x f x0 .
Значения функции f(x) в точках ее максимума и минимума называют-
ся максимумом и минимумом этой функции и обозначаются maxf(x) и minf(x):
f x0 max |
f x x X, |
x x0 : |
f x f x0 ; |
f x0 min |
|
|
(6.29) |
f x x X, |
x x0 : |
f x f x0 . |
Максимумы и минимумы функции называются экстремумами или экс-
тремальными значениями этой функции (рис.6.7):
а) точки x1 и x3 точки максимума функции, где функция переходит от возрастания к убыванию (в направлении возрастания координаты х);
б) точки x2 и x4 точки минимума функции, где функция переходит от убывания к возрастанию.
Теорема 1 (необходимое условие гладкого экстремума). Если функция f(x) дифференцируема в точке x0 и имеет в этой точке экстремум, то f (x0)= 0.
Доказательство. Пусть для определенности f(x0) = maxf(x). Тогда в силу формулы (6.29) имеем
f (x0 x) f (x0) 0 при x 0;
x
f (x0 x) f (x0) 0 при x 0.
x
Поскольку функция f(x) дифференцируема в точке x0, т. е. имеет в этой точке конечную производную, то при x → 0 оба эти отношения стремятся к общему преде-
лу f (x0), равному нулю, т.е. f (x0) = 0. Геометрический смысл теоремы: если
в точке экстремума график функции имеет касательную и эта касательная не параллельна оси Oy (как, например, в точке x3 на рис.6.7), то эта касательная непременно параллельна оси Ox.
у
О |
х1 |
х2 х3 х4 х |
Рис.6.7
81
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
|
|
y=g(х) |
Итак, в точках гладкого экстремума |
у |
функция f(x) дифференцируема и f (x0) = 0 |
||
|
y=f(х) |
(точки x1 и x2 на рис.6.7). Существуют, одна- |
|
|
|
|
ко, и точки экстремума другого типа – так |
|
|
|
называемые точки острого экстремума, в |
|
|
|
|
|
|
|
которых функция f(x) не является диффе- |
|
|
|
ренцируемой. Здесь возможны два случая: |
О |
х1 |
х2 |
х |
а) f |
|
|
x , как в точке x3 на рис.6.7; |
|
|||||
|
|
|
|
б) f |
|
x4 |
|
Рис.6.8 |
|
|
x не существует, как в точке |
||
|
|
|
на рис.6.7. |
|
||
|
|
|
|
|
||
|
Определение 2. Критическими точками функции f(x) называются точки, |
|||||
где |
|
|
|
|
|
|
f x 0 или |
f x , или |
f x не существует, при условии, что в двух |
последних случаях функция непрерывна в соответствующей точке. Имеет место следующая теорема.
Теорема 2. Если функция f(x) имеет в точке x0 экстремум, то эта точка является критической точкой функции.
Эта теорема выражает необходимое условие экстремума функции f(x).
Однако обратная ей теорема не верна: не всякая критическая точка функции f(x) является и ее экстремальной точкой. Например, для функций, графики которых представлены на рис.6.8, точки x1 и x2 будут критическими, так как f (x1) = 0, g (x2) = ∞. Однако ни одна из этих точек не является экстремальной для соответствующей функции.
6.2.3. Достаточное условие экстремума
Итак, если функция y = f(x) и имеет экстремум, то только в критических точках: f (x) = 0 или f (x) = ∞, или f (x) не существует.
Однако, как отмечено в разделе 6.2.2, функция может и не иметь экстремума в критической точке. Поэтому для окончательного решения вопроса о наличии экстремума нужны некоторые дополнительные сведения о поведении исследуемой функции в критической точке и ее окрестности. Иначе говоря, функция только тогда имеет в критической точке экстремум, когда в этой точке выполняется достаточное условие экстремума. Каждая из следующих трех теорем и представляет собой такое достаточное условие. При исследовании функции на экстремум можно пользоваться любой из них.
Теорема 1 (достаточное условие экстремума на основе первой произ-
водной). Пусть функция f(x) непрерывна в некотором интервале, содержащем критическую точку x0, и дифференцируема во всех точках этого интервала
кроме, может быть, самой точки x0. |
|
|||
1. |
Если в некоторой окрестности X |
критической точки x0 функции |
||
f (x) > |
0 при x x0 |
и f (x) < 0 |
при x x0 |
, то f x0 max f x . |
2. |
Если f (x) < |
0 при x x0 |
и f (x) > |
0 при x x0 , то f(x0) = minf(x). |
3. |
Если в некоторой окрестности критической точки функции f (x) со- |
храняет знак, то в точке x0 функция f(x) экстремума не имеет.
82
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
Доказательство. Пусть точка x x0, |
x X . По формуле |
Лагранжа |
||
(6.6) имеем |
|
c x0,x . |
|
|
f (x) f (x0) (x x0)f (c), |
|
(6.30) |
||
1. Если x x0 , то и c x0 . В этом случае |
f |
|
0, а потому из |
|
(c) 0, x x0 |
(6.30) получим, что f(x) – f(x0) < 0 или f(x) < f(x0). Если же x x0 , то и с x0 ,
и в этом случае f |
|
(c) 0, x x0 0, так что из (6.30) снова следует, что |
|
f(x) < f(x0). |
|
получим |
|
Таким образом, |
|
||
x X |
|
x x0 : |
f (x) f (x0 ) f (x0 ) max f (x). |
Аналогично можно доказать п.2 и 3 теоремы.
Итак, достаточное условие экстремума в критической точке x0 функ-
ции f(x) состоит в перемене знака производной f (x) при переходе через критическую точку x0. Если при переходе через x0 в направлении возрастания аргумента x производная f (x) меняет знак с плюса на минус, то в точке x0 будет максимум, если с минуса на плюс, то в точке x0 имеем минимум функции. Если при прохождении через критическую точку производная не меняет знака, то в критической точке экстремума нет, и эта точка принадлежит либо промежутку убывания функции, либо промежутку возрастания в зависимости от знака f (x).
Пример 6.8. Найти промежутки монотонности и экстремумы функции
y f(x) x 2arctgx.
Решение. Производная данной функции |
|
|
|
|
|||||||
y |
|
f |
|
(x) (x 2arctgx) |
|
|
2 |
|
x2 |
1 |
|
1 |
1 x2 |
x2 |
1 |
||||||||
|
|
|
на всей числовой оси определена и конечна. Поэтому данная функция может иметь только такие критические точки, в которых f (x) = 0, т.е. точки
x1 1, x2 1. На промежутке возрастания функции f (x) > 0, т.е. x2 1 0. x2 1
Это неравенство выполняется при x , 1 1, . Соответственно
f |
|
и функция f (x) |
убывает при x 1; |
1 . |
|
(x) 0 |
|||||
|
При |
переходе через |
критическую точку |
x1 1 первая производная |
|
f |
|
|
|
x1 |
– точка максимума. Анало- |
(x) меняет знак с плюса на минус, значит, |
гично, точка x2 1 – это точка минимума, потому что при переходе через нее первая производная f (x) меняет знак с минуса на плюс.
Найдем экстремальные значения функции:
83
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
max f x f 1 1 2arctg 1 1 2 |
|
|
|
|
|
1; |
|||||||||||||||
|
2 |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
||||
min f (x) f (1) 1 2arctg1 1 2 |
|
1 |
|
. |
|
||||||||||||||||
|
|
|
2 |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Пример 6.9. Найти экстремумы функции |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
y f (x) 1 3 x2 . |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Решение. Область определения данной функции |
вся числовая ось: |
||||||||||||||||||||
x R. Производная заданной функции |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
2 |
1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
y |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
f (x) 3 x |
33 x |
|
|
|
|
|
|
|
существует и конечна всюду, исключая точку х = 0, в которой f (0) = ∞. При этом в критической точке x = 0 сама функция непрерывна. Очевидно, что при x 0 первая производная f (x) > 0, а при x 0 имеем f (x) < 0. Поскольку при переходе через критическую точку х = 0 первая производная f (x) меняет знак с плюса на минус, то эта точка – максимум данной функции. Причем х = 0 – острый максимум, в котором касательная к графику функции параллельна оси Оу. Найдем максимальное значение функции: maxf(x) = f(0) = 1.
Теорема 2 (достаточное условие экстремума на основе второй произ-
водной). Если в некоторой окрестности критической точки x0 |
функция f(x) |
дважды непрерывно дифференцируема, f (x) = 0, и при этом |
f x 0, то |
имеем f(x0) = maxf(x); в случае f x 0, имеем f(x0) = minf(x). Доказательство. Для функции f(x) напишем формулу Тейлора (6.16) в
окрестности точки x0 a x0 при n 1
f (x) f (x ) |
f (x0) |
(x x ) |
f (c) |
(x x )2. |
|
|
|||
0 |
1! |
0 |
2! |
0 |
|
|
|
В силу условия f (x0) 0 |
последнее равенство принимает вид |
||||
f (x) f (x ) |
f (c) |
(x x )2. |
|
(6.31) |
|
|
|
||||
|
0 |
2! |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Пусть f (x0) 0, тогда, вследствие непрерывности |
f (x) |
в точке x0, обяза- |
|||
тельно существует такая |
окрестность |
Х этой точки, в |
которой f (x) 0. |
Пусть х в формуле (6.31) принадлежит этой окрестности (x X ), но тогда и c X , ибо с лежит между х и x0 , в силу чего f (c) 0. Таким образом, в
этом случае правая часть (6.31) отрицательна, откуда f (x) f (x0).
84
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
|
Итак, при f x 0, имеем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
x X |
x x0 : |
f (x) f (x0) |
f (x0) max f (x). |
|
|
|||||||||
|
Первая часть теоремы доказана, вторая ее часть доказываетсяаналогично. |
|||||||||||||||
|
Итак, если в критической точке x0 |
будет выполняться условие |
f ' x 0, |
|||||||||||||
f |
|
то |
x0 – |
точка максимума функции f(x), |
если |
же |
f ' x 0, |
|||||||||
x 0, |
||||||||||||||||
f |
|
то x0 |
– точка минимума. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
x 0, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
Пример 6.10. Найти экстремумы функции |
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
f (x) |
x4 |
|
2x3 |
3x2 |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2. |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
4 |
3 |
2 |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Решение. |
Первая производная данной функции f |
|
3 |
2x |
2 |
3x на |
|||||||||
|
(x) x |
|
|
всей числовой оси определена и конечна. В этом случае критическими точками могут быть лишь те точки, в которых f (x) = 0. Определим эти точки из уравнения
f (x) x3 2x2 3x 0.
Корни этого уравнения (в порядке возрастания): x1 1; x2 |
0; |
x3 3. Най- |
|||||||
|
|
|
|
3 |
4x 3 и вычислим ее значения в кри- |
||||
дем вторую производную f (x) 3x |
|
||||||||
тических точках: |
|
|
|
|
17 |
|
|
||
|
f |
|
|
|
|
|
|
||
1) |
следовательно, |
f ( 1) min f (x) |
; |
|
|||||
( 1) 4 0, |
|
||||||||
2) |
f |
|
следовательно, |
12 |
|
|
|||
f (0) max f (x) 2; |
|
|
|||||||
(0) 3 0, |
|
|
|||||||
|
f |
|
|
|
|
|
37 |
|
|
3) |
|
|
|
f (3) min f (x) . |
|
||||
(3) 12 0, следовательно, |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
Теорема 2 представляет собой частный случай более общего утверждения, использующего понятие производных высших порядков. Приведем это утверждение без доказательства в форме теоремы.
Теорема 3 (достаточное условие экстремума, на основе производных высших порядков). Пусть в некоторой окрестности критической точки x0 функция f(x) дифференцируема n раз, n-я производная функции непрерывна
в этой окрестности, и выполняются |
равенства f (x0) = f (x0) = |
|
= f(n–1)(x0) = 0; f(n)(x0) ≠ 0. Тогда справедливо: |
||
1) если n нечетное, то функция |
f x |
не имеет экстремума в точке x0 ; |
2) если n четное, то функция |
f x имеет в точке x0 экстремум, при- |
чеммаксимум, если f(n)(x0) < 0, и минимум, если f(n)(x0) > 0.
Пример 6.11. Найти экстремумы функции
f (x) x4 4x3 6x2 4x 1.
85
СПБГУАП группа 4736 Контакты https://new.guap.ru/i03/contacts
Решение. Найдем первую производную:
f (x) 4x3 12x2 12x 4 4(x3 3x2 3x 1) 4(x 1)3.
Поскольку f (x) определена и непрерывна на всей числовой оси, то критические точки определяются из уравнения f (x) 0 или (x 1)3 0. Отсюда сле-
дует, что существует единственная критическая точка x0 1. На основе теоремы 3 исследуем характер найденной критической точки:
f (x) (4x3 |
12x2 |
12x 4) 12x2 |
24x 12, |
f (1) 0; |
||||||
f |
|
(x) (12x |
2 |
24x 12) |
|
24x 24, f |
|
|||
|
|
|
|
(1) 0; |
f (4) (24x 24) 24.
Производная четвертого порядка f 4 x 0при любом действительном x. Следовательно, в точке x 1 рассматриваемая функция имеет минимум и min f (x) f (1) 0.
6.2.4. Отыскание наименьших и наибольших значений функции на промежутке
Пусть функция f(x) определена и непрерывна на некотором промежутке X (конечном или бесконечном). Если X a,b отрезок, то среди значений функции на этом отрезке обязательно существуют и наименьшее (m), и наибольшее (M) значения функции. Очевидно, что если наибольшее значение M достигается во внутренней точке a,b , то оно будет одним из максимумов функции; но оно может достигаться и в граничных точках интервала.
Следовательно, для отыскания наибольшего значения функции f(x) на отрезке a,b надо сравнить все ее максимумы в интервале a,b и значения f(a) и f(b) и из них выбрать наибольшее. Аналогично, наименьшим значением f(x) на a,b будет наименьшее из всех минимумов функции и значений f(a)
и f(b).
Если промежуток X не является отрезком, то на этом промежутке функция может не достигать наибольшего и наименьшего значений. Если же эти значения существуют, то их можно найти на основе следующей теоремы.
Теорема. Если функция f(x) непрерывна на промежутке X и имеет на этом промежутке единственный экстремум, то соответствующее значение функции будет наибольшим или наименьшим на X в зависимости от того, будет ли этот экстремум максимумом или минимумом.
Доказательство (от противного). Пусть x0 – единственная точка экстремума функции f(x) на X, причем f(x0) = maxf(x). Предположим, что
x1 X : f (x1) f (x0).
86