Индивидуальное задание вариант 25 / toe2(3_4)-025
.doc
File:
Created
18.10.2002 by Max Shonichev; Last edited
Отчет о выполнении домашнего задания. |
Шоничев М.А. |
Расчет переходных процессов в цепях первого порядка во временной области при постоянных воздействиях. Вариант 25.
2.3. При t=0 в цепи замыкается ключ. Найти независимые начальные условия, составить уравнения состояния. Для t>0 найти uC и iL, использовав аналитическое решение уравнений состояния, а также численное - по методу Эйлера.
Цепь: 116 – u1=8, 212 – R2=2, 323 – К замыкается, 434 – L4=4, 546 – R5=6, 635 – C6=1, 756 – u7=4.
1. н.н.у. iL(0-)=0, uC(0-)=4.
2. t>0. Нарисуем граф цепи и построим по нему главные контуры и главные сечения.
Гк1: 1-6-5-3-1: u01 - u07 + uC + u2 = 0 Гк2: 6-5-3-4-6: -u07 + uC + uL + u5 = 0
Гс1: 2,6,4: i2 + iL4 = iC6 Гс2: 2,7,4: i2 + iL4 = i7 Гс3: 2,1: i2 = i1 Гс4: 4,5: iL4 = i5
|
Теперь построим уравнения состояния.
iL' = uL/L, uC' = iC/C
uL = u07 - uC - u5 = u07 - uC - R5*i5 = u07 - uC - R5*iL
iC = i2 + iL = u2/R2 + iL = iL + (u07 - uC - u01)/R2
Итак, в матричной форме:
-
= [A] *
+ [B] *
uC'uC
u01
iL'
iL
u07
-
где [A] =
=
-1/C6R21/C6
-1/2
1
-1/L4
-R5/L4
-1/4
-3/2
-
[B] =
=
-1/C6R21/C6R2
-1/2
1/2
0
1/L4
0
1/4
3. Для нахождения частот собственных колебаний, найдем корни характеристического полинома: det([A]-p[E]) = 0.
-
det
= (p + 1/2)(p + 3/2) + 1/4 = p2 + 2p + 1 = (p+1)2
-1/2 - p1
-1/4
-3/2 - p
Корни: p1,2 = -1, вещественные отрицательные кратные, то есть имеет место критический режим.
свободные составляющие решения:
uСсв(t) = A1ep1t + tA2ep2t
iLсв(t) = B1ep1t + tB2ep2t
4. t=. Вынужденные составляющие переменных состояния определим, подставив в уравнения uC' = iL' = 0, так как при t= - в цепи установившийся режим при постоянных воздействиях.
-
*
=
+
*
0-1/2
1
uCу
-1/2
1/2
u01
0
-1/4
-3/2
iLу
0
1/4
u07
-
=
-1/21
uCу
2
-1/4
-3/2
iLу
-1
uCу=-2, iLу=1.
Общее решение:
uС(t) = A1e-t + tA2e-t - 2
iL(t) = B1e-t + tB2e-t + 1
5. t=0+. Определяем произвольные постоянные A1, A2, B1, B2 исходя из начальных условий и уравнений состояния:
uC(0+) = uC(0-) = 4, iL(0+) = iL(0-) = 0.
-
*
=
+
*
uC'(0+)-1/2
1
uC(0+)
-1/2
1/2
u01
iL'(0+)
-1/4
-3/2
iL(0+)
0
1/4
u07
uC'(0+) = (-1/2)*4 + (-1/2)*8 + (1/2)*4 = -4
iL'(0+) = (-1/4)*4 + (1/4)*4 = 0
uC(0+) = A1e-t + tA2e-t - 2 = A1 - 2 = 4, откуда A1=6
iL(0+) = B1e-t + tB2e-t +1 = B1 + 1 = 0, откуда B1=-1
uL'(0+) = -A1e-t + A2e-t - tA2e-t = -A1 + A2 = -4, откуда A2=2
iL'(0+) = -B1e-t + B2e-t - tB2e-t = -B1 + B2 = 0, откуда B2=-1
7. Итак, решение: uC(t) = 6e-t + 2t*e-t - 2
iL(t) = -e-t - t*e-t + 1
Произведем расчет уравнений состояния по методу Эйлера.
Шаг численного расчета выберем так, чтобы минимальной постоянной времени соответствовало хотя бы 5 шагов расчета. = 3, = 0.067
uC' = -uC/2 + iL - 2
iL' = -uC/4 - 3iL/2 + 1
uC(0-)=4, iL(0-)=0 принимаем за данные нулевого шага.
t1 = 0.067
uC1 = uC0 + uC1' = uC0 + ( -uC0/2 + iL0 - 2) = 4 + 0.067 * (-4/2 + 0 - 2) = 3.732
iL1 = iL0 + iL1' = iL0 + ( -uC0/4 - 3iL0/2 + 1) = 0 + 0.067 * (-4/4 - 3*0/2 + 1) = 0
t2 = 0.134
uC2 = uC1 + uC2' = uC1 + ( -uC1/2 + iL1 - 2) = 3.732+0.067*(-3.732/2+0-2) = 3.473
iL2 = iL1 + iL2' = iL1 + ( -uC1/4 - 3iL1/2 + 1) = 0+0.067*(-3.732/4-3*0/2+1) = 0.0045
t3 = 0.201
uC3 = uC2+uC3' = uC2+(-uC2/2+iL2-2) = 3.473+0.067*(-3.473/2+0.0045-2) = 3.223
iL3 = iL2+iL3' = iL2+(-uC2/4-3iL2/2 + 1) = 0.0045+0.067*(-3.473/4-3*0.0045/2+1) = 0.012875
t4 = 0.268
uC4 = 3.223 + 0.067 * ( -3.223/2 + 0.012875 - 2) = 2.982
iL4 = 0.012875 + 0.067*( -3.223/4 - 3*0.012875/2 + 1) = 0.0246
t5 = 0.335
uC5 = 2.982 + 0.067 * ( -2.982/2 + 0.0246 - 2) = 2.75
iL5 = 0.0246 + 0.067*( -2.982/4 - 3*0.0246/2 + 1) = 0.03918
t6 = 0.402
uC6 = 2.75+ 0.067 * ( -2.75/2 + 0.03918 - 2) = 2.5265
iL6 = 0.03918 + 0.067*( -2.75/4 - 3*0.03918/2 + 1) = 0.05618
t7 = 0.469
uC7 = 2.5265 + 0.067 * ( -2.5265/2 + 0.05618 - 2) = 2.31163
iL7 = 0.05618 + 0.067*( -2.5265/4 - 3*0.05618/2 + 1) = 0.07522
8. Построим графики переходного процесса:
= -1/p1 = 1, время затухания = 3 = 3
На графиках отражены аналитические данные и результаты численных расчетов (жирный пунктир).
2.4. Найти h1(t), h(t) и h2(t) для указанной реакции f2(t); Вычислить f2(t) для воздействия f1(t), заданного аналитически в вариантах задачи 2.4 и графически в виде импульса треугольной формы в соответствующих вариантах задачи 1.9.
Цепь: 115 – u1=f1, 212 – R2 =1, 313 – R3=3, 424 – R4=3, 523 – L5=1.5, 634 – R6=1.
f2=i3.
f1a=12 e-2t. f1b=3t/2 - 3, 2<=t<=4
Для расчета переходной характеристики подключим к цепи единичный источник напряжения с помощью идеального ключа.
1. t=0-. iL(0-)=0, i3(0-)=0
2. t=+.
Параллельно включены R6 и R4, а также R3 и R2, причем результирующие R64=R6R4/(R6+R4)=3/4 и R23=R2R3/(R2+R3)=3/4 включены последовательно источнику, поэтому i64=i23=u1/(R64+R23) = 2/3, откуда i3у=(i23*R23)/R3=1/6.
3. t=0+. На этот раз параллельно источнику подключены суммарные сопротивления R36 = R3 + R6 и R24 = R2 + R4.
Ток i3(0+) = i36 = u1/R36= 1/4. |
4. Определяем значение . Rэ=2,=L5/Rэ=0.75 |
5. Общее решение:
i3(t) = i3у + (i3(0+) - i3у)*e-t/= 1/6 + (1/4 - 1/6)e-t/0.75 = 1/6 + 1/12 e-4t/3.
Переходная характеристика численно равна реакции цепи, поэтому
h1(t) = i3(t)(t) = (1/6 + e-4t/3/12)*(t).
Импульсная характеристика равна производной от переходной характеристики:
h(t) = (di3/dt)*(t) + h1(0+)*(t) = (-1/9)e-4t/3(t) + (1/4)(t)
а) Найдем реакцию для воздействия заданного формулой f1a=12 e-2t с помощью интегралов свертки.
При >0: .
==
===.
б) Найдем реакцию для воздействия, заданного кусочно-линейной функцией методом двойного дифференцирования. f1b=3t/2 - 3, 2<=t<=4
Вначале, для t>0 находим h2(t)== t/6 + 1/16 - e-4t/3/16. То есть, для любого t: h2(t)= (t/6 + 1/16 - e-4t/3/16)
Далее,
f ''1(t)= 3/2-3/2, то есть f1(t)= 3/2-3/2.
Тогда, реакция находится по принципу наложения:
f 2(t)= 3/2 h2(t-2) - 3/2 h2(t-4) =*((t-2)/4 + 3/32 - 3/32e-4(t-2)/3) - *((t-4)/4 + 3/32 - 3/32 e‑4(t‑4)/3).
Для вычисления этой функции, можно вычислить первый множитель без на промежутке (2..4], а затем - разность первого множителя без и второго множителя без на промежутке (4..+).
f 2(t)= (t/4 - 13/32 - 3/32 e-4(t-2)/3) + (2/4 - 3/32 e-4(t-2)/3 + 3/32 e-4(t-4)/3)
Page